2025年人教B版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年人教B版選修3物理上冊階段測試試卷271考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、用波長為300nm的光照射鋅板，電子逸出鋅板表面的最大初動能為1.2810-19J。已知普朗克常量為6.6310-34J·s，真空中的光速為3.00108m·s-1，能使鋅產(chǎn)生光電效應(yīng)的單色光的最低頻率約為A.11014HzB.81014HzC.21015HzD.81015Hz2、如圖所示，電源內(nèi)阻不能忽略，電流表、電壓表均可視為理想電表，在滑動變阻器R的觸頭從a端滑到b端的過程中()

A.電壓表V的示數(shù)先增大后減小，電流表A的示數(shù)增大B.電壓表V的示數(shù)先增大后減小，電流表A的示數(shù)減小C.電壓表V的示數(shù)先減小后增大，電流表A的示數(shù)增大D.電壓表V的示數(shù)先減小后增大，電流表A的示數(shù)減小3、如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)開始經(jīng)歷過程①、②、③、④最后到達(dá)狀態(tài)下列說法錯誤的是（）

A.過程①中，氣體的體積逐漸減小B.過程②中，氣體對外界做正功C.過程③中，氣體從外界吸收了熱量D.氣體在狀態(tài)和時的內(nèi)能相等4、條形磁鐵豎直放置；閉合圓環(huán)水平放置，條形磁鐵中心穿過圓環(huán)中心，如圖所示．若圓環(huán)為彈性環(huán)，其形狀由I擴大到II，那么圓環(huán)內(nèi)磁通量的變化情況是（）

A.磁通量不變B.磁通量增大C.磁通量減小D.條件不足，無法確定5、下列物理量中，屬于標(biāo)量的是A.電勢能B.電場強度C.磁感強度D.洛倫茲力6、如圖所示,一正方形線圈的匝數(shù)為n,邊長為a,線圈平面與勻強磁場垂直,且有一半面積處在磁場中,在△t時間內(nèi),磁感應(yīng)強度的方向不變,大小由B均勻地增大到2B,在此過程中線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為()

A.Ba2/△tB.nBa2/△tC.Ba2/2△tD.nBa2/2△t7、如圖所示，用電池對電容器充電，電路a、b之間接有一靈敏電流表，兩極板之間有一個電荷q處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)將兩極板的間距變大；則()

A.電荷仍將靜止B.電荷將向上加速運動C.電流表中將有從a到b的電流D.電流表中將有從b到a的電流8、如圖所示．小車的上面是中突的兩個對稱的曲面組成；整個小車的質(zhì)量為m，原來靜止在光滑的水平面上．今有一個可以看作質(zhì)點的小球，質(zhì)量也為m，以水平速度v從左端滑上小車，恰好到達(dá)小車的最高點后，又從另一個曲面滑下．關(guān)于這個過程，下列說法正確的是（）

A.小球滑離小車時，小車又回到了原來的位置B.小球在滑上曲面的過程中，對小車壓力的沖量大小是C.小球和小車作用前后，小車和小球的速度一定變化D.車上曲面的豎直高度一定大于9、的衰變方程式為→＋X，則下列說法正確的是A.的衰變過程屬于α衰變，X為氦原子核B.原子核內(nèi)的中子數(shù)比原子核內(nèi)的中子數(shù)多一個C.通過降低溫度的方法可使的半衰期變短，降低危害D.原子核的比結(jié)合能等于原子核的比結(jié)合能評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、A、B兩物體在光滑水平地面上，且兩者的質(zhì)量都為m，A以速度v向右運動，B原來靜止，B的左端有一輕彈簧，如圖所示.當(dāng)A撞上彈簧后，B的速度達(dá)到最大時。

A.A、B系統(tǒng)的總動量仍然為mvB.A的動量變?yōu)榱鉉.彈簧的彈性勢能為零D.彈簧的彈性勢能最大11、關(guān)于物體的內(nèi)能、分子勢能和分子動能的說法中，不正確的是（）A.對于兩個分子組成的系統(tǒng)，分子間的分子力最小時，分子勢能也最小B.100℃的沸水的內(nèi)能比0℃的冰水混合物的內(nèi)能大C.做自由落體運動的物體，分子的平均動能越來越大E.當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時，它的內(nèi)能可以保持不變E.當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時，它的內(nèi)能可以保持不變12、下列說法正確的是（）A.氣體向真空的自由膨脹是不可逆的B.空調(diào)既能制熱又能制冷，說明熱傳遞不存在方向性C.一定質(zhì)量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中，氣體對外做功，內(nèi)能可能減小E.一定質(zhì)量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動能不變，分子勢能增加E.一定質(zhì)量100的水變成100的水蒸氣，分子平均動能不變，分子勢能增加13、下列說法正確的是（）A.懸浮顆粒的無規(guī)則運動并不是分子的運動，但能間接地反映液體分子運動的無規(guī)則性B.一種物質(zhì)溫度升高時，所有分子熱運動的動能都要增加C.液體能夠流動說明液體分子間的相互作用力比固體分子間的作用力要小E.一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行E.一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行14、下列說法正確的是___________．A.一定質(zhì)量的理想氣體分別發(fā)生等壓膨脹和等容升溫兩個過程，初末溫度相同，則兩過程中等壓膨脹過程吸熱更多B.熱量不可能自發(fā)的從低溫物體傳遞到高溫物體而不產(chǎn)生其它影響，這是熱力學(xué)第二定律開爾文的表述C.第一類永動機不能制成是違背了能量守恒定律E.一定質(zhì)量的物質(zhì)，溫度升高，內(nèi)能一定增大E.一定質(zhì)量的物質(zhì)，溫度升高，內(nèi)能一定增大15、如圖(甲)所示,虛線右側(cè)存在勻強磁場,磁場方向垂直紙面向外,正方形金屬線框電阻為R,邊長是L,自線框從左邊界進(jìn)入磁場時開始計時,在外力作用下由靜止開始,以垂直于磁場邊界的恒定加速度a進(jìn)入磁場區(qū)域,t1時刻線框全部進(jìn)入磁場.規(guī)定順時針方向為感應(yīng)電流I的正方向.外力大小為F,線框中電功率的瞬時值為P,通過導(dǎo)體橫截面的電荷量為q,其中Pt圖像為拋物線.則圖中這些量隨時間變化的關(guān)系不正確的是)

A.B.C.D.16、下列說法正確的是___________。E.水的飽和汽壓與溫度有關(guān)A.固體可以分為晶體和非晶體兩類，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀B.給籃球打氣時，會越來越費力這說明分子間存在斥力C.布朗運動表明了分子越小，分子運動越劇烈E.E.17、有三個質(zhì)量相等的分別帶有正電、負(fù)電和不帶電的微粒，從極板左側(cè)中央以相同的水平初速度v先后垂直場強方向射入，分別落到極板A、B、C處；如圖所示，則下列說法正確的有（）

A.落在A處的微粒帶正電，B處的不帶電，C處的帶負(fù)電B.三個微粒在電場中運動時間相等C.三個微粒在電場中運動的加速度aA＜aB＜aCD.三個微粒到達(dá)極板時的動能EkA＞EkB＞EkC18、一束光線穿過介質(zhì)1；2、3時；光路如圖所示，則()

A.介質(zhì)1的折射率最大B.介質(zhì)2是光密介質(zhì)C.光在介質(zhì)2中的速度最大D.當(dāng)入射角由45°逐漸增大時，在1、2分界面上可能發(fā)生全反射評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)19、如圖所示，為某公園內(nèi)的噴泉的聲控控制電路，請在虛框內(nèi)畫出基本邏輯電路的符號，其中R的阻值大一點好還是小一點好？__________________。

20、裝在容器中的氣體，體積為4升，壓強為2.0×105Pa，溫度是300k，先讓氣體等容變化，壓強增大為原來的2倍，然后讓氣體等溫變化，壓強又降低到原來數(shù)值，則氣體在末狀態(tài)時的體積為______，溫度為___________21、一定量的理想氣體從狀態(tài)開始，經(jīng)歷三個過程回到原狀態(tài)，其圖像如圖所示。則狀態(tài)時氣體的體積______狀態(tài)時氣體的體積，過程中外界對氣體所做的功_______氣體所放的熱。若b和c兩個狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時間內(nèi)受到氣體分子撞擊的平均次數(shù)分別為N1、N2，則N1_______N2。（填“大于”；“小于”或“等于”）

22、下列說法正確的是__________．23、在如圖所示的電路中；電源電壓保持不變。由于電阻R；燈L可能出現(xiàn)了故障，閉合開關(guān)S，兩電表只有一個有示數(shù)。

①發(fā)生故障時；小燈L__發(fā)光（選填“可能”或“不可能”）；

②在原故障電路中，將一個檢查小燈L′并在R兩端，電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化，電路中可能存在的故障是_________。24、如圖9所示，豎直平面內(nèi)放一直角桿，桿的水平部分粗糙，豎直部分光滑，兩部分各套有質(zhì)量分別為mA="2.0"kg和mB="1.0"kg的小球A和B，A球與水平桿間動摩擦因數(shù)μ=0.20，A、B間用不可伸長的輕繩相連，圖示位置處OA="1.5"m，OB="2.0"m.g取10m/s2.

圖9

（1）若用水平力F1沿桿向右拉A，使A由圖示位置向右極緩慢地移動0.5m，則該過程中拉力F1做了多少功？

（2）若用水平力F2沿桿向右拉A，使B以1m/s的速度勻速上升，則在B經(jīng)過圖示位置上升0.5m的過程中，拉力F2做了多少功？25、質(zhì)量為m1=0.1kg的物塊A在光滑的水平面上以0.3m/s的速率向右運動,恰遇上質(zhì)量m2=0.5kg的物塊B以0.1m/s的速率向左運動,兩物塊正碰后,物塊B恰好停止,那么碰撞后物塊A的速度大小是____,方向____(填“向左”或“向右”)26、如圖所示，在水平向左的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細(xì)線長度為L，一端拴一個質(zhì)量為m電荷量為q的帶負(fù)電小球，另一端固定在O點。把小球拉到使細(xì)線水平伸直的位置A然后將小球由靜止釋放，小球沿弧線運動到細(xì)線與水平方向成θ=60°的位置B時速度為零。則電場強度E=_____________，小球運動過程中的最大速率為____________。

____27、一顆手榴彈以v0=10m/s的水平速度在空中飛行．設(shè)它爆炸后炸裂為兩塊，小塊質(zhì)量為0.2kg，沿原方向以250m/s的速度飛去，那么，質(zhì)量為0.4kg的大塊在爆炸后速度大小為______，方向是______（填與v0同向或反向）評卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)28、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

29、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

30、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共4分)31、為了描繪小燈泡的伏安特性曲線；提供以下實驗器材：

小燈泡L(額定電壓3.8V；額定電流0.32A)

電壓表V(量程3V；內(nèi)阻3kΩ)

電流表A(量程0.5A；內(nèi)阻約0.5Ω)

電阻箱R0(0～9999.9Ω)

滑動變阻器R1(阻值0～5Ω；2A)

滑動變阻器R2(阻值0～200Ω；1A)

學(xué)生電源E(電動勢4V；內(nèi)阻不計)

開關(guān)S及導(dǎo)線若干．

（1）關(guān)于控制電路中滑動變阻器的連接方法，應(yīng)選擇_______

A.分壓式連接B.限流式連接。

（2）為了減小系統(tǒng)誤差，關(guān)于測量電路中電壓表和電流表的連接方式，應(yīng)選擇________

A.安培表內(nèi)接法B.安培表外接法。

（3）實驗提供的電壓表量程小于小燈泡的額定電壓，需要把電壓表的量程擴大到4伏，改裝電壓表時，應(yīng)將電阻箱阻值調(diào)至_________Ω，并與題中所給電壓表___________.(選填“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)

（4）請在方框中畫出該實驗的電路圖______．

（5）為操作方便，實驗中滑動變阻器應(yīng)選擇_______(選填R1或R2)．你的選擇理由是___________.

（6）實驗中得到小燈泡的伏安特性曲線曲線如下圖（a）所示，由實驗曲線可知，隨著電壓的增加小燈泡的電阻______(填“增大”“不變”或“減小”)

（7）現(xiàn)將與題中完全相同的兩個小燈泡與另一電源E0(電動勢4V，內(nèi)阻1．0Ω)和一阻值為9Ω的定值電阻連接成如圖（b）所示電路．此電路中每個小燈泡的兩端的實際電壓為_________V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．評卷人得分六、解答題(共4題，共40分)32、如圖所示，圓柱形汽缸豎直放置，質(zhì)量為m＝3.0kg、橫截面積為S＝1.0×10－3m2的活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸壁封閉良好，不計摩擦，不計活塞和汽缸的厚度。開始時活塞距汽缸底的距離h1＝0.5m，此時溫度T1＝300K，給汽缸緩慢加熱至480K，活塞上升到距離汽缸底h2處，同時缸內(nèi)氣體吸收的熱量Q＝289J。已知外界大氣壓強p0＝1.0×105Pa，取g＝10m/s2。求：

(1)缸內(nèi)氣體加熱后距離汽缸底距離h2；

(2)此過程中缸內(nèi)氣體內(nèi)能變化。

33、絕熱氣缸A和導(dǎo)熱氣缸B固定在水平地面上，由鋼性桿連接的兩個等大活塞封閉著兩部分體積均為V的理想氣體，此時氣體的壓強與外界大氣壓強p0相同，氣體的溫度與環(huán)境溫度T0也相同．已知理想氣體的內(nèi)能U與溫度T的關(guān)系為為常量且>0．現(xiàn)給氣缸A的電熱絲通電，當(dāng)電熱絲放出的熱量為Q1時氣缸B的體積減為原來的一半．若加熱過程是緩慢的；求：

(1)氣缸A內(nèi)氣體的壓強；

(2)氣缸B在該過程中放出的熱量Q2．34、如圖所示、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，實線和虛線分別為t1=0s時與t2=2s時的波形圖像；已知該波中各個質(zhì)點的振動周期大于4s．求：

(ⅰ)該波的傳播速度大?。?/p>

(ii)從t1=0s開始計時，寫出x=1m處質(zhì)點的振動方程．35、如圖所示，傾角的足夠長的斜面上，放著兩個相距L0、質(zhì)量均為m的滑塊A和B，滑塊A的下表面光滑，滑塊B與斜面間的動摩擦因數(shù)由靜止同時釋放A和B，此后若A、B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短且為彈性碰撞．已知重力加速度為g；求：

（1）A與B開始釋放時，A、B的加速度和

（2）A與B第一次相碰后，B的速率

（3）從A開始運動到兩滑塊第二次碰撞所經(jīng)歷的時間t．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【詳解】

根據(jù)光電效應(yīng)方程

逸出功

可知

代入數(shù)據(jù)可知：

故D正確，ABC錯誤2、A【分析】【詳解】

首先認(rèn)識電路的結(jié)構(gòu)：變阻器左右兩部分電阻并聯(lián)后與另一電阻串聯(lián)．電壓表測量路端電壓；電流表測量通過變阻器右邊部分的電流．當(dāng)滑動頭滑到變阻器中點時，變阻器左右并聯(lián)的電阻最大．路端電壓隨外電阻的增大而增大，減小而減小．根據(jù)歐姆定律及串并聯(lián)電阻關(guān)系分析電表讀數(shù)變化．

當(dāng)滑動頭從a端滑到中點時，變阻器左右并聯(lián)的電阻增大，分擔(dān)的電壓增大，變阻器右邊電阻減小，電流減小，則通過電流表的電流增大．外電路總電阻增大，干路電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電壓表的示數(shù)增大；當(dāng)滑動頭從中點滑到b端時，變阻器左右并聯(lián)的電阻減小，分擔(dān)的電壓減小，外電路總電阻減小，干路電流增大，而通過變阻器左側(cè)的電流減小，則通過電流表的電流增大．電源的內(nèi)電壓增大，路端電壓減?。冏杵髯蠖穗娮柙龃?，電流減小，則電壓表的示數(shù)減?。訴的示數(shù)先增大后減小，A示數(shù)一直增大，A正確．3、A【分析】【詳解】

A．根據(jù)PV=nRT

根據(jù)圖線的特點可知；過程①中，氣體的體積不變，故A錯誤；

B．過程②中；氣體的壓強不變，溫度升高，體積增大，故氣體對外界做正功，故B正確；

CD．過程③中；溫度不變，氣體內(nèi)能不變，壓強減小，體積增大，氣體對外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體需要從外界吸熱，故C；D正確。

本題選錯誤的，故選A。4、C【分析】【詳解】

磁感線是閉合曲線，磁鐵內(nèi)部穿過線圈的磁感線條數(shù)等于外部所有磁感線的總和，圖中內(nèi)部磁感線線比外部多．外部的磁感線與內(nèi)部的磁感線方向相反，外部的磁感線將內(nèi)部抵消，Ⅰ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)少，將內(nèi)部磁感線抵消少，則Ⅰ位置磁通量大．而Ⅱ位置磁鐵外部磁感線條數(shù)多，將內(nèi)部磁感線抵消多，則Ⅱ位置磁通量?。蔬xC.5、A【分析】【分析】

標(biāo)量是只有大小沒有方向的物理量；矢量是既有大小又有方向的物理量．根據(jù)有無方向確定．

【詳解】

電場強度；磁感應(yīng)強度和力都是矢量；只有電勢能是標(biāo)量，故屬于標(biāo)量的選A．

【點睛】

矢量與標(biāo)量明顯的區(qū)別是：矢量有方向，標(biāo)量沒有方向．要掌握物理量的矢標(biāo)性．6、D【分析】【詳解】

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律：故D正確，ABC錯誤．7、D【分析】【詳解】

AB．原來電荷靜止，電荷所受重力與電場力平衡．電容器與電源相連，電容器的電壓不變，兩極板的間距變大，則板間場強減小，電荷所受電場力減??；電荷將向下加速運動．故AB兩項錯誤．

CD．據(jù)可得，兩極板的間距變大，電容器的電容減??；電容器的電壓不變，電容的帶電量減小，電容器放電，電流表中將有從b到a的電流．故C項錯誤，D項正確．8、B【分析】【詳解】

A.小球滑上曲面的過程；小車向右運動，小球滑下時，小車還會繼續(xù)前進(jìn)，故不會回到原位置，故A錯誤．

B.由小球恰好到最高點，知道兩者有共同速度，根據(jù)動量守恒有小球?qū)π≤噳毫Φ臎_量等于小車動量的變化量，即B正確；

C.由于系統(tǒng)滿足動量守恒定律；系統(tǒng)機械能又沒有增加，結(jié)合小球與小車的質(zhì)量相等，彈性碰撞類似，可知，相互作用結(jié)束后小車的速度仍然等于0，小球的速度仍為v，故C不正確；

D.根據(jù)能量關(guān)系，有解得D錯誤．9、B【分析】【詳解】

原子核衰變過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，所以X為電子，該衰變?yōu)棣滤プ?，選項A錯誤；原子核的半衰期與原子核的物理化學(xué)性質(zhì)無關(guān)，不能通過降低溫度的方法使的半衰期變短，選項C錯誤；在β衰變中原子核內(nèi)的一個中子轉(zhuǎn)變成一個電子和一個質(zhì)子，所以原子核內(nèi)的中子數(shù)比原子核內(nèi)的中子數(shù)多一個，選項B正確；不同原子核的比結(jié)合能是不同的，選項D錯誤．二、多選題(共9題，共18分)10、A:B:C【分析】【詳解】

由題意知A、B組成的系統(tǒng)合外力為零，系統(tǒng)動量守恒，所以系統(tǒng)的總動量始終為mv，故A正確；A向右壓縮彈簧，B在彈簧彈力的作用下加速運動，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時B的速度最大，設(shè)此時A的速度為v1，B的速度為v2，根動量守恒：再根據(jù)機械能守恒：聯(lián)立解得：v1=0，v2=v，A的動量mv1=0，此時彈簧為原長，彈性勢能為零，所以B、C正確；D錯誤．11、B:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．對于兩個分子組成的系統(tǒng)，分子間的分子力最小時，兩分子距離為r0；若增大距離，則分子力表現(xiàn)為引力，分子力做負(fù)功分子勢能增加，若減小距離，則分子間表現(xiàn)為斥力，分子力做負(fù)功分子勢能增加。故此時分子勢能最小。故A正確，與題意不符；

B．內(nèi)能大小的決定因素有溫度；體積和組成物質(zhì)的分子數(shù)。選項中只談到了溫度一個因素。故B錯誤；與題意相符；

C．分子的平均動能與宏觀量溫度相對應(yīng)；與其運動狀態(tài)無關(guān)。故C錯誤，與題意相符；

D．根據(jù)熱力學(xué)第一定律；改變物體內(nèi)能，有兩種方式，做功和熱傳遞，選項中只給了做功一個信息。故D正確，與題意不符；

E．溫度與分子的平均動能相對應(yīng)；當(dāng)一定質(zhì)量的理想氣體溫度升高時，它的內(nèi)能肯定會變故E錯誤，與題意相符。

故選BCE。12、A:D:E【分析】【詳解】

A．熱力學(xué)第二定律也可以表述為：氣體向真空的自由膨脹是不可逆的；故A正確；

B．熱量能自發(fā)從高溫物體傳向低溫物體；空調(diào)制冷不是自發(fā)的，要消耗電能，故B錯誤；

C．根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可知一定量的某種理想氣體在等壓膨脹過程中；氣體的溫度升高；又因為一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能大小只與溫度有關(guān)，與體積無關(guān)，所以內(nèi)能一定增加，故C錯誤；

D．布朗運動是指懸浮在液體中的固體顆粒的無規(guī)則運動；是液體分子對它的撞擊作用不平衡的結(jié)果，故D正確；

E．溫度是分子的平均動能的標(biāo)志，一定量100的水變成100的水蒸氣；吸收熱量，溫度不變，其分子的平均動能不變，吸收的熱量增加了分子之間的勢能，故E正確。

故選ADE。13、A:E【分析】【分析】

【詳解】

A．布朗運動是懸浮顆粒的無規(guī)則運動并不是分子的運動；但能間接地反映液體分子運動的無規(guī)則性，A正確；

B．一種物質(zhì)溫度升高時；分子的平均動能增加，這是一種統(tǒng)計規(guī)律，可能有的分子熱運動的動能要增加，有的反而要減少，B錯誤；

C．液體能夠流動與液體分子間作用力無必然聯(lián)系；固體有固定形狀也與固體間分子作用力無必然聯(lián)系，C錯誤；

D．一定質(zhì)量的物質(zhì)；在一定的溫度和壓強下，汽化時吸收的熱量與液化時放出的熱量相等，D錯誤；

E．一切自然過程總是沿著分子熱運動的無序性增大的方向進(jìn)行；E正確。

故選AE。14、A:C:D【分析】因為氣體的初末溫度相同，所以氣體的內(nèi)能不變，發(fā)生等壓膨脹時，氣體對外做功，發(fā)生等容升溫時，不對外做功，所以等壓膨脹過程吸熱更多，故A正確；熱量不可能自發(fā)的從低溫物體傳遞到高溫物體而不產(chǎn)生其它影響，這是熱力學(xué)第二定律克勞修斯表述，故B錯誤；第一類永動機不能制成是違背了能量守恒定律，故C正確；溫度與分子熱運動平均動能成正比，分子熱運動的平均動能不可能為零，故絕對零度不可能達(dá)到，故D正確；一定質(zhì)量的物質(zhì)，溫度升高，內(nèi)能不一定增大，故E錯誤．所以ACD正確，BE錯誤．15、A:B:D【分析】【詳解】

A.線框做勻加速運動，其速度v=at，感應(yīng)電動勢E=BLv，感應(yīng)電流i與t成正比；故A錯誤；

B.線框進(jìn)入磁場過程中受到的安培力由牛頓第二定律得：得F-t圖象是不過原點的傾斜直線；故B錯誤；

C.線框的電功率P-t圖象是拋物線的一部分；故C正確；

D.線框的位移電荷量q-t圖象應(yīng)是拋物線，故D錯誤。16、A:D:E【分析】【詳解】

固體可以分為晶體和非晶體兩類，非晶體和多晶體都沒有確定的幾何形狀，選項A正確；給籃球打氣時，會越來越費力這是氣體壓強作用的緣故，與分子間的斥力無關(guān)，選項B錯誤；布朗運動表明了顆粒越小，溫度越高，分子運動越劇烈，選項C錯誤；凡作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力，在圍繞地球運行的航天器中，自由飄浮的水滴呈球形，這是表面張力作用的結(jié)果，故D正確；水的飽和汽壓與溫度有關(guān)，溫度越高，飽和汽壓越大，故E正確；故選ADE.17、A:C【分析】【詳解】

ABC．微粒在水平方向上均做勻速直線運動，且水平速度相同，三微粒在水平方向上的位移xC＜xB＜xA

則三微粒的運動時間為tC＝tB＝tA＝

可得tC＜tB＜tA

微粒在豎直方向上做初速度為零的勻加速運動，則有＝aAtA2＝aBtB2＝aCtC2

可得aA＜aB＜aC

所以落在A處的微粒必帶正電，B處的不帶電，而C處的帶負(fù)電；故AC正確，B錯誤；

D．根據(jù)動能定理得，在A處mg－qAE＝EkA－mv2

在B處mg＝EkB－mv2

在C處mg＋qCE＝EkC－mv2

由此可知EkA<EkB<EkC

故D錯誤。

故選AC。18、C:D【分析】【分析】

根據(jù)光路圖，首先判斷出三種介質(zhì)的折射率的大小關(guān)系，可判斷折射率的大小，再結(jié)合光在介質(zhì)中的傳播速度與折射率的關(guān)系分析光在介質(zhì)中速度的大小，由光發(fā)生全反射的條件可判斷．

【詳解】

A．由圖可知，光從介質(zhì)1射入介質(zhì)2中折射角大于入射角，則介質(zhì)1、2相比較有：n1>n2；光從介質(zhì)2射入介質(zhì)3中折射角小于入射角，則介質(zhì)2、3相比較有：n2<n3，根據(jù)光的可逆性知，光從2射向1或從2射向3時，入射角相等，從折射角上可判斷n3>n1，所以有n3>n1>n2；即介質(zhì)3折射率最大，故A錯誤；

B．由對A的分析可知；相對來說，2是光疏介質(zhì)，故B錯誤；

C．因2的折射率最小，由公式知；光在介質(zhì)2中的傳播速度最大，故C正確；

D．光從1到2是從光密介質(zhì)到光疏介質(zhì)；入射角小于折射角，在入射角逐漸增大時，在此界面上可能發(fā)生全反射，故D正確．

【點睛】

本題主要考查了折射定律和全反射的應(yīng)用，根據(jù)公式分析，較為簡單．三、填空題(共9題，共18分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]非門的特點是輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反；其中R的阻值大一點好?！窘馕觥看笠稽c20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]氣體的狀態(tài)參量。

由等容變化；有。

得。

發(fā)生等溫變化；壓強又降低到原來的數(shù)值，由。

知。

【解析】8L600K21、略

【分析】【詳解】

[1]由圖像可知，過程中即為等容變化，所以狀態(tài)時氣體的體積等于狀態(tài)時氣體的體積。

[2]由圖可知，過程為等壓降溫，則氣體內(nèi)能減小，由可知，體積減小，外界對氣體做功，由熱力學(xué)第一定律可知；外界對氣體所做的功小于氣體所放的熱。

[3]b和c兩個狀態(tài)中，溫度相等，則分子平均動能相同，由圖可知，則【解析】等于小于大于22、B:C:D【分析】【詳解】

A．將大顆粒的粗鹽磨成細(xì)鹽；細(xì)鹽仍然是晶體，A錯誤；

B．兩個分子的間距從極近逐漸增大到10r0的過程中；分子間表現(xiàn)出先斥力后引力，故分子力先做正功，后做負(fù)功，它們的分子勢能先減小后增大，B正確；

C．空氣的相對濕度定義為空氣中所含水蒸氣壓強與同溫度水平的飽和蒸氣壓的比值；C正確；

D．給自行車打氣，越打越困難主要是因為胎內(nèi)氣體壓強增大，與分子間的斥力無關(guān)，因為分子斥力起作用的距離D正確；

E．第二類永動機違反了熱力學(xué)第二定律；因為內(nèi)能在轉(zhuǎn)化為機械能的過程中要生熱，所以要引起其它變化，E錯誤。

故選BCD。23、略

【分析】【詳解】

①電源電壓不變,閉合電鍵S,兩電表只有一個有示數(shù),則有:

若電壓表有示數(shù),電流表無示數(shù),只能是小燈泡發(fā)生斷路,電壓表串聯(lián)在電路中,小燈泡不發(fā)光;

若電壓表無示數(shù),電流表有示數(shù),只能是小燈泡短路,小燈泡不發(fā)光;

綜上所述,電路發(fā)生故障時,小燈泡L不可能發(fā)光;

②將一個檢查小燈L′并在R兩端,電流表A的示數(shù)不發(fā)生變化,故障為小燈泡L斷路,或者小燈泡L斷路且電阻R短路,此時電壓表串聯(lián)在電路中,電流表無示數(shù),電壓表有示數(shù).

因此；本題正確答案是:①不可能;②L斷路(或L斷路且R短路).

【點睛】

電路故障包括短路和斷路,電流表示數(shù)為零,則說明電路斷路;電壓表示數(shù)為零,則說明與電壓表并聯(lián)部分短路;根據(jù)電壓表示數(shù)情況確定電路故障問題.【解析】不可能L斷路（或L斷路且R短路）24、略

【分析】（1）A；B小球和細(xì)繩整體豎直方向處于平衡；A受到水平桿的彈力為。

N=（mA+mB）g①

則A受到的摩擦力為f=μ（mA+mB）g②

由幾何關(guān)系，sB="0.5"m③

由能量關(guān)系，拉力F1做功為：

W1=fsA+mBgsB④

得：W1="0.8"J⑤

(2)設(shè)細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ，因繩不可伸長，所以vBcosθ=vAsinθ⑥

則=vBcotθ1=m/s；⑦

=vBcotθ2=m/s⑧

設(shè)拉力F2做功為W2，對系統(tǒng)由能量關(guān)系得W2-fsA-mBgsB=mAvA22-mAvA21⑨

代入數(shù)據(jù)解得W2="6.8"J⑩【解析】（1）0.8J(2)6.8J25、略

【分析】設(shè)向右為正方向,由動量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得負(fù)號表示方向向左?！窘馕觥?.2m/s向左26、略

【分析】【詳解】

[1]由動能定理可知

解得

[2]設(shè)小球在運動中細(xì)線與水平方向的夾角為α，則對任一時刻應(yīng)有

解得

當(dāng)時，v最大，為【解析】27、略

【分析】手榴彈爆炸過程系統(tǒng)動量守恒；以手榴彈的初速度方向為正方向；

根據(jù)動量守恒定律得：Mv0=m1v1+m2v2．即：0.6×10=0.2×250+0.4×v2；

解得：v2=-110m/s，負(fù)號表示方向，與v0反向．

點睛：本題考查了求手榴彈彈片的速度，知道手榴彈爆炸過程系統(tǒng)動量守恒，應(yīng)用動量守恒定律即可解題，解題時要注意正方向的選擇．【解析】110m/s與v0反向四、作圖題(共3題，共27分)28、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖?。画h(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】29、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】30、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共1題，共4分)31、略

【分析】【詳解】

（1）因要得到從