2025年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、下列各組物理量中，由電場自身性質決定的是（）A.電場力、電場強度B.電場強度、電勢差C.電場力做的功、電勢能D.電勢差、電勢能2、圖中a為某型號電熱毯的電路圖，將電熱絲接在u=156sin120πt（V）的電源上，電熱毯被加熱到一定溫度后，由于P的作用使輸入的正弦交流電僅有半個周期能夠通過，即電壓變?yōu)閳Db所示波形，從而進入保溫狀態(tài)，則此時交流電壓表的讀數是（）A.156VB.156VC.78VD.78V3、以下四幅圖中，表示等量同種點電荷電場線分布情況的是(

)

A.B.C.D.4、兩個相距很近的等量異號點電荷組成的系統(tǒng)稱為電偶極子，如圖所示，該電偶極子由相距為l、電荷量分別為+q和-q的點電荷構成，取二者連線方向為y軸方向，中點O為原點，建立xOy坐標系，P點距坐標原點O的距離為r(r>>l)；P；O兩點間連線與y軸正方向的夾角為θ，設無窮遠處的電勢為零，P點的電勢為φ，靜電力常量為k，下面給出了φ的四個表達式，其中只有一個是合理的．你可能不會求解P點的電勢φ，但是你可以通過一定的物理分析，對下列表達式的合理性做出判斷，那么φ的合理表達式應為（）

A.B.C.D.5、為測某電阻R的阻值，分別接成圖所示的甲、乙兩電路，在甲電路中電壓表和電流表的示數分別為3V、3mA，乙電路中兩表示數分別為2.9V和4mA，則待測電阻的真實值應為（）A.比1000Ω略大一些B.比1000Ω略小一些C.比725Ω略大一些D.比725Ω略小一些6、人站在電梯中隨電梯一起運動.

下列過程中人處于超重狀態(tài)的是(

)

A.電梯加速上升B.電梯加速下降C.電梯勻速上升D.電梯勻速下降7、如圖所示的實驗裝置中，已經充好電的平行板電容器，極板A接地，極板B與一個靈敏的靜電計相接。將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電量Q、電容C、兩極間的電壓U，電容器兩極板間的場強E的變化情況是（）A.變小，不變，不變，變小B.變小，變小，不變，不變C.不變，變小，變大，不變D.不變，變小，變大，變小8、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的O；M兩點；兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關系如圖所示，其中C為ND段電勢最低的點，則下列說法正確的是()

A.q1、q2為等量異種電荷B.N、C兩點間場強方向沿x軸負方向C.N、D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大D.將一正點電荷從N點移到D點，電勢能先增大后減小評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)9、在用雙縫干涉儀測光的波長的實驗中，測得相鄰兩個亮條紋之間的距離為2．0×10-3m，若雙縫間距為0.2mm，縫到屏的距離為L=0.8m，則光波的波長為______________m。10、在雙縫干涉實驗中，一鈉燈發(fā)出的波長為589nm的光，在距雙縫1.00m的屏上形成干涉圖樣．圖樣上相鄰兩明紋中心間距為0.350cm，則雙縫的間距為______．11、（1）理想變壓器原線圈匝數為110匝，副線圈匝數為660匝，若原線圈接在6V的蓄電池上，則副線圈兩端的電壓為____；（2）電動機、變壓器的線圈都繞在鐵芯上，鐵芯用互相絕緣的硅鋼片疊合組成，而不用整塊的硅鋼鐵芯，其目的是為了減小____；（3）一個鋁框放在蹄形磁鐵的兩個磁極之間，當轉動磁鐵時，鋁框跟著同方向轉動，這個現象屬于____．12、某交流電流的峰值是155A，頻率為50Hz，則此交流電的瞬時表達式為。13、如圖所示，一個驗電器用金屬網罩罩住，當加上水平向右的、場強大小為E的勻強電場時，驗電器的箔片____（填“張開”或“不張開”）．此時，金屬網罩的感應電荷在網罩內部空間會激發(fā)一個電場，它的場強大小為____，方向為____．

14、如圖所示，一個枕形導體位于帶正電小球的附近，A、B為導體的左、右端點，C為導體內的一點．則由于靜電感應，A端帶負電，B端帶正電，C處的合場強為0，A端電勢______（填“高于”、“低于”或“等于”）B端電勢．用手摸一下導體的中部，然后把小球移走，導體最終帶______（填正或負）電．

15、額定電壓為220V的電動機的線圈電阻為Ω，正常工作時，電動機每秒放出的熱量為1100J，則電動機正常工作時電流為______，機械效率為______．評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)16、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）17、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

24、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、計算題(共3題，共9分)25、某火電站通過燃燒煤來發(fā)電．發(fā)電機輸出功率為120kw.電站通過升壓器、輸電線和降壓器把電能輸送給生產和照明組成的用戶，若發(fā)電機輸出電壓是240V，升壓器原副線圈的匝數之比為1：25，輸電線的總電阻為10Ω，用戶需要電壓為220V．求：(1)輸電線上損失的電功率為多少?(2)降壓器的匝數比為多少?26、如圖表示一交變電流隨時間變化的圖象；求該電流的有效值．

27、物理學家們普遍相信太陽發(fā)光是由于其內部不斷發(fā)生從氫核到氦核的核聚變反應.

根據這一理論；在太陽內部4

個氫核(11H)

轉化成1

個氦核(24He)

和2

個正電子(10e)

并放出能量.

已知質子質量m婁脗=1.0073u婁脕

粒子的質量m婁脕=4.0015u

電子的質量me=0.0005u1u

的質量對應931.5MeV

的能量；

(1)

寫出該熱核反應方程：______

(2)

一次這樣的熱核反應過程中釋放出______兆電子伏的能量？(

結果保留兩位有效數字)

評卷人得分五、實驗探究題(共3題，共30分)28、“探究加速度與物體質量；物體受力的關系”的實驗裝置如圖(

甲)

所示：

(1)

在平衡小車與桌面之間摩擦力的過程中；打出了一條紙帶.

從比較清晰的點起，每5

個點取一個計數點，用刻度尺測量計數點間的距離如圖(

乙)

所示.

已知打點計時器所用的電源的頻率為50Hz.

求：

該小車的加速度a=

______m/s2.(

結果保留兩位有效數字)

(2)

平衡摩擦力后；將5

個相同的砝碼都放在上車上.

掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個砝碼添加到砝碼盤中，測量小車的加速度a

與砝碼盤中砝碼總重力F

的實驗數據如表：

。砝碼的總重力F(N)0.1960.3920.5880.7840.980加速度a(m?s鈭?2)0.691.181.662.182.70請根據該組實驗數據在如圖丙所示的坐標紙上作出a

--F

的關系圖象．29、某同學設計了一個用打點計時器探究碰撞過程中不變量的實驗：在小車A的前端粘有橡皮泥，推動小車A使之做勻速運動．然后與原來靜止在前方的小車B相碰并粘合成一體，繼續(xù)做勻速運動，他設計的具體裝置如圖1所示．在小車A后連著紙帶，電磁打點計時器電源頻率為60Hz，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．

（1）若已得到打點紙帶如圖2所示，并將測得的各計數點間距離標在圖上，A點是運動起始的第一點，則應選______段來計算A的碰前速度，應選______段來計算A和B碰后的共同速度（以上兩格填“AB”或“BC”或“CD”或“DE”）．

（2）已測得小車A的質量m1=0.80kg，小車B的質量m2=0.40kg，由以上測量結果可得：碰前mAvA+mBvB=______kg?m/s；碰后mAvA+mBvB=______kg?m/s．（計算結果保留三位有效數字）30、某同學利用圖甲所示的實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律。物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上(

尚未到達滑輪處)

從紙帶上便于測量的點開始，每5

個點取1

個計數點，相鄰計數點間的距離如圖乙所示。打點計時器電源的頻率為50Hz

甲乙壟脵

通過分析紙帶數據；可判斷物塊在兩相鄰計數點___和___之間某時刻開始減速。

壟脷

計數點5

對應的速度大小為___m/s

計數點6

對應的速度大小為___m/s(

保留三位有效數字)

壟脹

物塊減速運動過程中加速度的大小為a=

___m/s2

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、B【分析】解：

A；電場力F=qE與電場和電荷都有關；電場強度由電場本身性質決定，故A錯誤．

B；電場強度反映電場本身的力性質；由電場本身決定；電勢差反映電場本身的能的性質，由電場本身決定，故B正確．

C、由電場力做功W=qU、電勢能EP=qφ；可知電場力做功和電勢能都與電場和電荷都有關，故C錯誤．

D；電勢差反映電場本身的能的性質；由電場本身決定．電勢能與電場和電荷都有關，故D錯誤．

故選：B

電場強度和電勢差反映電場本身的特性；而電場力；電場力做功、電勢能既與電場有關，還與試探電荷有關．

電場這一章中物理量可分為兩類，一類只與電場有關，如電場強度、電勢差；另一類既與電場有關，又和電荷有關，如電場力，電勢能等等．【解析】【答案】B2、D【分析】解：由u=156sin120πt（V）可知該交變電流的周期T==s

可分兩段0-s和-根據有效值的定義可得。

解得：U=78V

故選：D．

電壓表讀數為有效值；根據正弦式交變電流峰值和有效值之間的關系以及電流的熱效應便可求得有效值。

本題考查有關交變電流有效值的計算問題，知道電壓表和電流表測量的都是有效值，難度不大，屬于基礎題．【解析】【答案】D3、B【分析】解：根據電場線的特點；從正電荷出發(fā)到負電荷終止可以判斷A

是等量異種電荷的電場線，B

是等量同種點荷的電場線，C

是等量異種電荷的電場線，D

是反向通電導線周圍的電場線．

故選：B

．

電場線是從正電荷或者無窮遠處發(fā)出；到負電荷或無窮遠處為止，電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度?。?/p>

加強基礎知識的學習，掌握住電場線的特點，記住幾種特殊的電場線分布即可解決本題．【解析】B

4、C【分析】【詳解】

若夾角則P點位于檢驗電荷從無窮遠沿x軸移動到O點的過程中，電場力始終與位移方向垂直，則x軸上的電勢處處為0，這與相符，可見A、D錯誤；因離O點越遠，其電勢就越小，故r應在分母上；故C正確，B錯誤；

故選C．

【點睛】

可用一些比較特殊的位置進行嘗試，結合所給的表達式進行驗證．5、B【分析】【解析】試題分析：用試觸法判斷電流表內外接方法是：哪個電表的變化大就用哪個表側真實值，電壓表的變化為小于電流表的變化故應該電流表內接（甲圖），因為電壓表測量值比真實值偏大，所以真實值應比1000略小些，B正確，考點：考查了電流表內接和外接的誤差分析，【解析】【答案】B6、A【分析】解：A

電梯加速上升時；加速度向上，故人超重，故A正確；

B；電梯加速下降時；加速度向下，故人失重，故B錯誤；

C；電梯勻速上升時；加速度為零；人不超重也不失重；故C錯誤；

D；電梯勻速下降時；加速度為零；人不超重也不失重；故D錯誤；

故選：A

．

當物體有向下的加速度時物體處于失重狀態(tài)；當物體加速度向上時；物體處于超重狀態(tài)．

本題考查超重與失重的性質，注意明確加速度向上有兩種可能：加速向上或減速向下．【解析】A

7、C【分析】解：因為電容器與電源斷開，所以Q不變，增大兩極板之間的距離d，由則C變小，而則U變大；

根據則有E不變，故C正確，ABD錯誤。

故選：C。

題中平行板電容器與靜電計相接，電容器的電量不變，改變板間距離，由C=分析電容的變化，根據C=分析電壓U的變化，根據E=分析場強的變化。

對于電容器動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量。當電容器保持與電源相連時，電壓不變；當電容器充電后，與電源斷開后，往往電量不變?！窘馕觥緾8、C【分析】【詳解】

A．若是異種電荷；電勢應該逐漸減小或逐漸增大，由圖象可以看出，應該是等量的同種正電荷，故A錯誤；

B．沿x正方向從N到C的過程；電勢降低，N；C兩點間場強方向沿x軸正方向。故B正確；

C．φ?x圖線的斜率表示電場強度；由圖可得N；D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大，故C正確；

D．NC電場線向右；CD電場線向左，將一正點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大。故D錯誤；

【點睛】

由圖象中電勢的特點可以判斷是同種等量正電荷。由電勢圖線的斜率可以判斷電場強度的大小。沿電場線電勢降低，可以判斷電場強度的方向，可知電場力做功的正負，從而判斷電勢能的變化。二、填空題(共7題，共14分)9、略

【分析】根據公式可得代入數據可得波長，【解析】【答案】5×10-710、略

【分析】解：根據雙縫干涉實驗條紋間距公式有△x=λ；

有：d===1.68×10-4m．

故答案為：1.68×10-4m．

根據雙縫干涉實驗條紋間距公式△x=λ列式求解即可．

本題關鍵能夠根據雙縫干涉實驗條紋間距公式△x=λ列式求解，注意單位的統(tǒng)一．【解析】1.68×10-4m11、略

【分析】

（1）變壓器只能變交流；不能變直流，蓄電池是直流，故副線圈兩端的電壓為0；（2）在整塊導體內部發(fā)生電磁感應而產生感應電流的現象稱為渦流現象，要損耗能量，不用整塊的硅鋼鐵芯，其目的是為了減小渦流；（3）如果磁場相對于導體運動，在導體中會產生感應電流，感應電流使導體受到安培力的作用，安培力使導體運動起來，這種現象就是電磁驅動．

故答案為：（1）0；（2）渦流；（3）電磁驅動。

【解析】【答案】變壓器只能變交流電；渦流現象能在導體內部損耗能量，磁場運動帶動導體運動的現象時電磁驅動．

12、略

【分析】i=Imsinwt，得到i=155sin100πt【解析】【答案】i=155sin100πt13、不張開E水平向左【分析】【解答】因為在金屬內部由于電子可以自由移動；當加上水平向右的；場強大小為E的勻強電場時，金屬網罩會產生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而金屬上電荷重新分布．就是所謂“靜電屏蔽”的原理．此時驗電器不會受到影響，故驗電器的箔片不張開．

故答案為：不張開；E；水平向左．

【分析】本題從靜電屏蔽的原理出發(fā)即可解題．金屬內部由于電子可以自由移動，會產生一個與外加電場相反的電場，來抵消在金屬內部的電場，以保證平衡，從而使金屬上電荷重新分布．14、略

【分析】解：當導體達到靜電平衡后；根據靜電平衡狀態(tài)的特點可知，處于靜電平衡的導體是等勢體，導體上電勢處處相同，所以A端的電勢等于B端的電勢；

由于靜電感應；A端帶負電，B端帶正電．若用手接觸一下枕形導體的中部，導體和大地組成新的等勢體，大地中電子跑到導體上，將正電荷中和，所以導體將負電．

故答案為：等于；負。

感應起電的實質是在帶電體上電荷的作用下；導體上的正負電荷發(fā)生了分離；電場中的處于靜電平衡的導體是等勢體，導體上電勢處處相同．

此題考查靜電平衡中的導體，電場中的處于靜電平衡的導體是等勢體，導體上電勢處處相同．同時要知道負電荷產生的電場特點，以及電勢分布的特點．此題屬于基礎題目．【解析】等于；負15、略

【分析】解：電動機每秒放出的熱量為1100J，故電動機線圈的熱功率為1100W，根據Pr=I2r，故有：I==A=55A；

電動機的電功率為：P=UI=220V×55A=12100W；

故機械效率為：η==

故答案為：55A；91%．

根據Pr=I2r求解電動機的電流，根據P=UI求解電功率，根據η=求解機械效率．

本題考查了熱功率的計算，關鍵要明確電功率P=UI和發(fā)熱功率P=I2R的適用范圍，要注意電動機是非純電阻用電器，歐姆定律不適用．【解析】55A；91%三、判斷題(共9題，共18分)16、A【分析】【解答】解：根據電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．17、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大?。浑妱莶钆c零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質，與試探電荷無關．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：根據靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現靜電感應現象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內部出現感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．24、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據W=qU判斷電場力做功的大小，根據電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?、計算題(共3題，共9分)25、略

【分析】【解析】試題分析：（1）若發(fā)電機輸出電壓是240V，升壓器原副線圈的匝數之比為1：25，則輸出電壓為可知，輸出電壓為6000V，輸入電流為輸入輸出電流之比為線圈匝數反比，所以電流為20A，因此損耗（2）損耗電壓為所以降壓變壓器輸入電壓為5800V，用戶電壓為220V，所以考點：遠距離輸電【解析】【答案】（1）ΔP=4000W(2)290/1126、略

【分析】

根據有效值的定義求解．取一個周期時間；將交流與直流分別通過相同的電阻，若產生的熱量相同，直流的電流值，即為此交流的有效值．

對于非正弦式電流可根據有效值的定義求解有效值要掌握電流熱效應的準確應用．【解析】解：將交流與直流通過阻值都為R的電阻；設直流電流為I，則根據有效值的定義有：

=I2RT

解得：I=5A

答：電流的有效值為5A．27、略

【分析】解：(1)

根據題意；結合質量數與質子數守恒，則有：411H隆煤24He+210e

(2)

根據質能方程，則有：鈻?m=4mP鈭?m婁脕鈭?2me=4隆脕1.0073u鈭?4.0015u鈭?2隆脕0.0005u=0.0267u

鈻?E=0.0267u隆脕931.5MeV/u=24.87MeV隆脰25MeV

故答案為：411H隆煤24He+210e25

．

根據核反應方程質量數和核電荷數守恒列出熱核反應方程．

應用質能方程鈻?E=鈻?mc2

求解熱核反應過程中釋放能量．

知道鈻?E=鈻?mc2

中鈻?m

是虧損質量，鈻?E

是釋放的核能，知道核反應方程的兩數守恒，同時注意有效數字的保留．【解析】411H隆煤24He+210e25

五、實驗探究題(共3題，共30分)28、略

【分析】解：(1)

由連續(xù)相等時間內的位移之差相等，即有：鈻?x=aT2

解得，a=鈻?xT2=0.9鈭?0.7(5隆脕0.02)2隆脕10鈭?2m/s2=0.20m/s2

(2)

使用描點發(fā)即可在坐標系中作出a鈭?F

的關系圖象如圖：

故答案為：(1)0.20(2)

如上圖所示．

(1)

根據勻變速直線運動的推論公式鈻?x=aT2

可以求出加速度的大?。?/p>

(2)

使用描點發(fā)即可在坐標系中作出a鈭?F

的關系圖象．

本題借助實驗考查了勻變速直線的規(guī)律以及推論的應用，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用，提高解決問題能力．【解析】0.20

29、略

【分析】解：（1）由于碰撞之后共同勻速運動的速度小于碰撞之前A獨自運動的速度；故AC應在碰撞之前，DE應