2025年牛津譯林版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年牛津譯林版必修3物理上冊階段測試試卷614考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、有一橫截面積為的銅導(dǎo)線，流經(jīng)其中的電流強度為設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有個自由電子，電子的電量為此電子的定向移動速率為在時間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)可表示為（）A.B.C.D.2、國家航天局消息，"嫦娥四號”著陸器于2019年7月26日19時12分成功完成喚醒設(shè)置，進入第8月晝工作期。"嫦娥四號”的電子儀器及各種動作的控制都是靠太陽能電池供電的。由于光照而產(chǎn)生電動勢的現(xiàn)象稱為光伏效應(yīng)，在正常照射下，太陽能電池的光電轉(zhuǎn)換效率可達23%。單片單晶硅太陽能電池可產(chǎn)生0.6V的電動勢，可獲得0.1A的電流，則每秒照射到單片單晶硅太陽能電池上太陽光的能量大約是（）A.0.48JB.0.12JC.0.26JD.0.52J3、如圖所示電路中，A、B兩燈均正常發(fā)光，R為一滑動變阻器，P為滑片；若將滑片向上滑動，則下列判斷錯誤的是（）

A.A燈變亮B.B燈變亮C.電源總功率變小D.R1上消耗功率變大4、下列說法正確的是（）A.毛皮與橡膠棒摩擦后，毛皮上的電子轉(zhuǎn)移到了橡膠棒上，創(chuàng)造了電荷B.感應(yīng)起電的實質(zhì)是質(zhì)子發(fā)生了移動C.我們用電場線描述電場，所以有電場的地方電場線是存在的D.法拉第最早提出電荷的周圍存在著電場，并最早采用電場線來形象描述電場5、一個電子僅在靜電力作用下從a點運動到b點的軌跡如圖中虛線所示；圖中一組平行實線可能是電場線也可能是等勢面，下列判斷中正確的是（）

A.如果實線是電場線，則a點的電勢比b點的電勢低B.如果實線是電場線，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能小C.如果實線是等勢面，則a點的電勢比b點的電勢高D.如果實線是等勢面，則電子在a點的動能比在b點的動能大6、如圖所示，平行板電容器上極板帶正電荷，且與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地，在兩極板間有一個固定在P點的正點電荷，以E表示兩極板間電場的電場強度，Ep表示點電荷在P點的電勢能，θ表示靜電計指針的偏角，若保持上極板不動，將下極板向上移動一小段距離至圖中虛線位置，則（）

A.θ增大，E增大，Ep增大B.θ增大，E增大，Ep減小C.θ減小，E不變，Ep增大D.θ減小，E不變，Ep減小7、如圖所示的電路中，若ab端為輸入端，AB為輸出端；并把滑動變阻器的滑動觸片置于變阻器的中央，則以下說法錯誤的是（）

A.空載時，輸出電壓UAB=B.當(dāng)AB間接上負(fù)載R時，輸出電壓UAB＜C.AB間的負(fù)載R越大，UAB越接近D.AB間的負(fù)載R越小，UAB越接近8、如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象；下面結(jié)論正確的是（）

A.電源的電動勢為6.0VB.電源的內(nèi)阻為12ΩC.電源的短路電流為0.5AD.外電路接入了一個阻值是18Ω的電動機，電路中的電流一定為0.3A．9、如圖，一導(dǎo)體棒ab靜止在U型鐵芯的兩臂之間。電鍵閉合后導(dǎo)體棒受到的安培力方向（）

A.向上B.向下C.向左D.向右評卷人得分二、多選題(共9題，共18分)10、如圖所示，L1、L2兩個規(guī)格不同的燈泡，當(dāng)它們?nèi)鐖D連接時，恰好都能正常發(fā)光．設(shè)電路兩端的電壓保持不變，現(xiàn)將滑動變阻器的滑片P向右移動的過程中，L1和L2兩燈的亮度變化情況是（）

A.L1亮度不變B.L1變暗C.L2變亮D.無法判斷11、小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示，圖（b）中電源E0（電動勢4V，內(nèi)阻1.00Ω）滑動變阻器R（阻值0~9.0Ω）。閉合開關(guān)S，在R的變化范圍內(nèi)；小燈泡的功率可能為（）

A.0.05WB.0.50WC.1.05WD.2.50W12、將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場強度大小和極板所帶的電荷量分別用d、U、E和Q表示．下列說法正確的是A.保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀叮瑒tE變?yōu)樵瓉淼囊话隑.保持E不變，將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，則U變?yōu)樵瓉淼膬杀禖.保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，則U變?yōu)樵瓉淼囊话隓.保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，則E變?yōu)樵瓉淼囊话?3、如圖所示，M、N為兩個等量同號正電荷Q，在其連線的中垂線上任意一點P自由釋放一個負(fù)點電荷q，不計重力影響，下列關(guān)于點電荷q的運動的說法正確的是（）

A.從P→O的過程中，加速度可能越來越大，速度也越來越大B.從P→O的過程中，加速度可能越來越小，而速度越來越大C.點電荷運動到O點時加速度為零，速度達到最大值D.點電荷越過O點后，速度越來越小，而加速度可能越來越大，直到速度為零14、如圖所示，傾角為的絕緣粗糙斜面固定在水平面上，斜面上方有與斜面平行向上的勻強電場，一帶正電的物塊（可視為質(zhì)點）以一定的初速度沿斜面向上運動，加速度大小為方向沿斜面向下，重力加速度g=10m/s2；則在物塊運動過程中，下列說法正確的是（）

A.物塊的機械能和電勢能之和保持不變B.物塊電勢能的減少量大于物塊克服摩擦力做的功C.電場力做的功小于物塊克服摩擦力和重力做的功D.物塊的機械能減少15、如圖，一電子沿等量異種電荷中垂線由飛過；則電子所受電場力大小和方向及電勢的變化（）

A.電場力先變大后變小，方向水平向左。B.電場力先變大后變小，方向水平向右。C.電勢先變小后變大，方向水平向左。D.電子沿飛過電勢不變。16、如圖所示，平行板電容器的兩個極板AB接在電壓為60V的恒定電源上，兩極板間距為3cm，電容器帶電荷量為6×10-8C，A極板接地。則下列說法中正確的是（）

A.平行板電容器的電容C=103pFB.平行板電容器兩極板之間的電場強度E=2000N/CC.距B極板為2cm的C點處的電勢為20VD.若將A板下移一小段距離，則固定在距B極板為2cm的C點處的正電荷的電勢能將增大17、在如圖甲所示的電路中，L1、L2、L3為三個規(guī)格相同的小燈泡；這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示．當(dāng)開關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.25A，則此時（）

A.L1兩端電壓為L2兩端電壓的2倍B.L1消耗的電功率為0.75WC.L2的電阻為4ΩD.L1、L2消耗的電功率的比值大于1218、如圖甲所示，兩平行金屬板MN、PQ的板長和板間距離相等，板間存在如圖乙所示的隨時間周期性變化的電場，電場方向與兩板垂直，不計重力的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向源源不斷地射入電場，粒子射入電場時的初動能均為Ek0，已知t＝0時刻射入電場的粒子剛好沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場．則。

A.所有粒子都不會打到兩極板上B.所有粒子最終都垂直電場方向射出電場C.運動過程中所有粒子的最大動能不可能超過2Ek0D.只有t＝(n＝0,1,2)時刻射入電場的粒子才能垂直電場方向射出電場評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)19、（1）某同學(xué)用如圖甲所示的螺旋測微器測小球的直徑時，他應(yīng)先轉(zhuǎn)動___________使F靠近小球，再轉(zhuǎn)動___________使F夾住小球，直至聽到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動___________使F固定后讀數(shù)（填儀器部件字母符號）。

（2）某同學(xué)利用螺旋測微器測量一金屬板的厚度。該螺旋測微器校零時的示數(shù)如圖乙所示，測量金屬板厚度時的示數(shù)如圖丙所示。圖乙所示的讀數(shù)為___________mm，圖丙所示的讀數(shù)為___________mm，所測金屬板的厚度為___________mm。

20、如圖，平行板電容器的極板A與一靈敏的靜電計相接，極板B接地，若減小電容器極板間的距離，則（填“增大”、“減小”、“保持不變”）電容____，靜電計指針偏角_____，電量_____，場強_____。

21、圖中①、②分別為鋰離子電池充電過程中充電電流I、電池電壓U隨時間t變化的圖線。此過程中充電功率最大為_________W，圖線①與時間軸所包圍的面積對應(yīng)的物理量是__________。22、（1）如圖甲所示，電壓表選0～3V量程時的讀數(shù)為________V，電壓表選0～15V量程時的讀數(shù)為________V。

（2）如圖乙所示，電流表選0～0.6A量程時的讀數(shù)為________A，電流表選0～3A量程時的讀數(shù)為________A。

（3）如圖丙所示，電阻箱的讀數(shù)為________。

23、電動機消耗的功率P電＝_____。評卷人得分四、作圖題(共3題，共18分)24、以下是幾種點電荷的電場線的分布情況；請標(biāo)出圖中各電荷的電性。

25、試畫出點電荷、等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線。26、如圖，黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由四個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2接線柱之間的電阻為2、3接線柱之間的電阻為1、3接線柱之間的電阻為在虛線框中畫出黑箱中的電阻連接方式。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共9分)27、有一個小燈泡上標(biāo)有“”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個小燈泡的圖線；現(xiàn)有下列器材供選用：

A.電壓表（內(nèi)阻）

B.電壓表（內(nèi)阻）

C.電流表（內(nèi)阻）

D.電流表（內(nèi)阻）

E.滑動變阻器（）

F.滑動變阻器（）

G.學(xué)生電源（直流）；開關(guān)、導(dǎo)線若干。

（1）實驗時，選用_______（填“圖甲”或“圖乙”）的電路圖來完成實驗。

（2）實驗中所用電壓表應(yīng)選用___________，電流表應(yīng)選用___________，滑動變阻器應(yīng)選用___________。（用序號字母表示）

（3）把圖丙中所示的實驗器材按圖甲用筆畫線代替導(dǎo)線連接成實物電路圖___________。

（4）該同學(xué)描繪出的圖像應(yīng)是下圖中的___________。

A.B.C.D.評卷人得分六、解答題(共4題，共16分)28、如圖所示，兩平行金屬板水平放置，兩板間距離為d=12cm，板長l=20cm，兩板之間的電壓為U=120V，上板帶正電，下板放在水平地面上。一帶電粒子質(zhì)量為kg、電荷量為C，該帶電粒子以水平速度沿著上板的邊緣垂直于電場方向進入兩板電場中（假設(shè)兩板之間為勻強電場，兩板外無電場，不計帶電粒子的重力）。求：

(1)該帶電粒子在電場中運動的加速度大??；

(2)帶電粒子從兩板間射出時在豎直方向上的偏移量；

(3)帶電粒子落地位置。

29、如圖所示，A、B為半徑R＝1m的四分之一光滑絕緣豎直圓弧軌道，在四分之一圓弧區(qū)域內(nèi)存在著E＝1×106V/m、豎直向上的勻強電場，有一質(zhì)量m＝1kg、帶電量q＝＋1.4×10－5C的物體（可視為質(zhì)點），從A點的正上方距離A點H處由靜止開始自由下落（不計空氣阻力），BC段為長L＝2m、與物體間動摩擦因數(shù)為μ＝0.2的粗糙絕緣水平面，CD段為傾角θ＝53°且離地面DE高h(yuǎn)＝0.8m的斜面。（取g＝10m/s2）

(1)若H＝1m，物體能沿軌道AB到達最低點B，求它到達B點時對軌道的壓力大??；

(2)若物體沿軌道AB恰好經(jīng)過最低點B后，沿BC滑動，則物體停止的位置距離B點多遠(yuǎn)？；

(3)若高度H=0.85m，物體能沿AB滑下，則物體從C處射出后打到的位置。（已知sin53°＝0.8；cos53°＝0.6.不討論物體反彈以后的情況）

30、一平行板電容器，板間距離為d，電容為C，接在電源電壓為U的電源上；充電完成后撤去電源，求：

（1）充電后電容器的帶電量；

（2）若使板間距離增大為2d，則電容器的電容變?yōu)槎嗌?？板間電場強度變?yōu)槎啻螅?1、研究原子核的結(jié)構(gòu)時，需要用能量很高的粒子轟擊原子核。為了使帶電粒子獲得很高的能量，科學(xué)家發(fā)明了各種粒子加速器。圖1為某直線加速裝置的示意圖，它由多個橫截面積相同的金屬圓筒依次排列組成，其軸線在同一直線上，序號為奇數(shù)的圓筒與序號為偶數(shù)的圓筒分別和交變電源的兩極相連，交變電源兩極間的電勢差的變化規(guī)律如圖2所示。在t=0時，奇數(shù)圓筒相對偶數(shù)圓筒的電勢差為正值，此時和偶數(shù)圓筒相連的金屬圓板（序號為0）的中央有一電子，在圓板和圓筒1之間的電場中由靜止開始加速，沿中心軸線進入圓筒1。為使電子在圓筒之間的間隙都能被加速，圓筒長度的設(shè)計必須遵照一定的規(guī)律。若電子的質(zhì)量為m電荷量為-e，交變電源的電壓為周期為兩圓筒間隙的電場可視為勻強電場，圓筒內(nèi)場強均為0。（不計電子的重力）。

（1）若不忽略電子通過圓筒間隙的時間，求電子進入圓筒I時的速度并畫出電子從圓板出發(fā)到離開圓筒2這個過程的v-t圖。

（2）若忽略電子通過圓筒間隙的時間，求電子剛要進入第n個圓筒時的速度及第n個金屬圓筒的長度應(yīng)該為多少?

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】在t時間內(nèi)，以速度v移動的電子在銅導(dǎo)線中通過的距離為vt，因為銅導(dǎo)線的橫截面積為S，則在t時間內(nèi)，電子經(jīng)過的導(dǎo)線體積為V=vtS，又因為單位體積的導(dǎo)線有n個自由電子，則在?t時間內(nèi)，通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為N=nvS?t．因為流經(jīng)導(dǎo)線的電流為I，則在t時間內(nèi)，流經(jīng)導(dǎo)線的電荷量為q=It，而電子的電荷量為e，則t時間內(nèi)通過導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為：故只有A正確，BCD錯誤．故選A．2、C【分析】【詳解】

太陽能電池每秒產(chǎn)生的電能為

則每秒照射到單片單晶硅太陽能電池上太陽光的能量大約是

故選C。3、D【分析】【詳解】

A．若將滑片P向上滑動，滑動變阻器接入電路的有效阻值變大，則導(dǎo)致總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律知回路總電流I減小，則路端電壓（）增大；燈泡A并聯(lián)在電源兩端，其電壓等于路端電壓，則燈泡A的電壓增大，功率增大，即A燈變亮，故A正確，不符題意；

BD．因總電流I減小，燈泡A的電流增大，則通過R1的電流（）減小，則其分壓減小，則消耗功率減小，而右邊并聯(lián)支路的電壓（）增大；則B燈的功率增大導(dǎo)致變亮，故B正確，不符題意，D錯誤，符合題意；

C．電源的總功率為因總電流減小，故總功率變小，故C正確，不符題意。

本題選錯誤的，故選D。4、D【分析】【詳解】

A．摩擦起電的本質(zhì)是微觀帶電粒子在物體之間或物體內(nèi)部轉(zhuǎn)移；而不是創(chuàng)造出了電荷，故A錯誤；

B．感應(yīng)起電的實質(zhì)是自由電荷發(fā)生了移動；質(zhì)子位于原子核內(nèi)，不能自由移動，故B錯誤；

C．電場線是用來描述電場而假想出來的線；實際并不存在，故C錯誤；

D．法拉第最早提出電荷的周圍存在著電場；并最早采用電場線來形象描述電場，故D正確。

故選D。5、B【分析】【詳解】

AB．粒子做曲線運動時，受力方向為運動軌跡內(nèi)側(cè)，如果實線是電場線，則電場力豎直向上，電場方向豎直向下，因此b點電勢低，電子在b點的電勢能比在a點的電勢能大；故A錯誤，B正確；

CD．粒子做曲線運動時，受力方向為運動軌跡內(nèi)側(cè)，如果實線是等勢面線，則電場力水平向右，電場方向為水平向左，則b點電勢高，電子在b點的電勢能比在a點的電勢能小，由a到b，電場力做正功，動能增加，即電子在b點的動能比在a點的動能大；故CD錯誤。

故選B。6、D【分析】【詳解】

電容器與電源斷開，電量不變，將下極板上移的過程中，因d減小，由

可知電容C增大，由

可知U減小，則夾角減??；由

可得

可知E不變；根據(jù)U=Ed

可知由于P離下極板距離減小，E不變，因此P點的電勢減小，由

可知電勢能減?。还蔬xD．7、D【分析】【詳解】

A．空載時，AB間電阻為滑動變阻器總電阻的一半，故輸出電壓UAB=故A正確，不符題意；

B．當(dāng)AB間接上負(fù)載R時，由于并聯(lián)AB間電阻變小，小于滑動變阻器總電阻的一半，根據(jù)串聯(lián)電路分壓時與電阻成正比，可知輸出電壓故B正確，不符題意；

C．AB間的負(fù)載R越大，AB間電阻越接近滑動變阻器總電阻的一半，則UAB越接近故C正確，不符題意；

D．AB間的負(fù)載R越小，AB間電阻越小，則UAB越小于故D錯誤，符合題意。

故選D。8、A【分析】【詳解】

試題分析：U-I圖像的縱截距表示電路電流為零時，即處于斷路時路端電壓，此時路端電壓等于電源電動勢，故電源電動勢為6.0V，A正確；圖像的斜率表示內(nèi)阻，故有B錯誤；電源短路電流，即外電阻為零，路端電壓為零時，所以短路電流C錯誤；因為電動機是非純電阻電路，所以不能根據(jù)歐姆定律計算，D錯誤；

考點：考查了U-I圖像。

【名師點睛】關(guān)鍵是理解圖像的縱橫截距，斜率所表示的含義，知道短路電流是外電路無電壓時的電流，知道歐姆定律只適用于純電阻電路，9、D【分析】【詳解】

電鍵閉合后，由右手螺旋法則可知，下板為N極；根據(jù)左手定則可知，導(dǎo)體棒受到的安培力向右，故選D.二、多選題(共9題，共18分)10、B:C【分析】【分析】

【詳解】

滑動變阻器的滑動頭向右移動的過程中，變阻器有效電阻RP變大，外電路總電阻R變大，干路電流I=減小，則L1變暗，燈泡L2的電壓U2=U﹣IR1變大，則L2變亮．

故選BC11、B:C【分析】【分析】

【詳解】

當(dāng)R=9Ω，等效電源（E=4V，r=10Ω）的U-I圖像與小燈泡的伏安特性曲線交點為（1，75V，225mA）Pmin=0.39W

當(dāng)R=0，電源（E=4V，r=1.00Ω）的U-I圖像與小燈泡的伏安特性曲線交點為（3.67V，320mA）Pmax=1.17W

故選BC。12、A:D【分析】【詳解】

試題分析：保持U不變，根據(jù)公式E=分析E與d的關(guān)系；保持E不變，U與d正比；保持d不變，C不變，根據(jù)C=分析Q與U的關(guān)系；保持d不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，由C=分析U的變化，由E=分析E的變化．

解：A、保持U不變，將d變?yōu)樵瓉淼膬杀?，根?jù)公式E=可知；E變?yōu)樵瓉淼囊话耄蔄正確．

B；保持E不變；將d變?yōu)樵瓉淼囊话?，由U=Ed可知，U變?yōu)樵瓉淼囊话耄蔅錯誤．

C、保持d不變，電容C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?，由公式C=分析可知；U變?yōu)樵瓉淼膬杀叮蔆錯誤．

D、保持d不變，電容C不變，將Q變?yōu)樵瓉淼囊话?，由公式C=分析可知，U變?yōu)樵瓉淼囊话耄蒃=分析知；E變?yōu)樵瓉淼囊话耄蔇正確．

故選AD

【點評】

本題關(guān)鍵要掌握E=C=兩個公式，同時，要明確d不變時，電容C不變．13、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．點電荷在從P→O的過程中，所受的電場力反向豎直向下，做加速運動，所以速度越來越大，因為從O點向上到無窮遠(yuǎn)，電場強度先增大后減小，從P→O的過程中；電場強度大小變化可能越來越小，也可能先增大再減小，加速度的變化也是如此，故A錯誤，B正確；

C．點電荷運動到O點時，所受的電場力為零，加速度為零，然后向下做減速運動，所以O(shè)點的速度達到最大值；故C正確；

D．根據(jù)電場線的對稱性可知，越過O點后；負(fù)電荷做減速運動，加速度可能越來越大，也可能先增大后減小，故D正確。

故選BCD。14、B:C【分析】【詳解】

A．物體受摩擦力；所以機械能和電勢能之和減小，A錯誤；

BC．設(shè)物體質(zhì)量為m，電場力為F電，受到的摩擦力為f，根據(jù)牛頓第二定律有

代入數(shù)據(jù)可得

所以

做功公式

故電場力與摩擦力做功的關(guān)系有

摩擦力和重力做的功與電場力做的功的關(guān)系有

電勢能的減少量等于電場力做的功；B，C正確；

D．物體受到的外力中；電場力大于摩擦力，整體做正功，所以整體機械能增加，D錯誤；

故選BC。15、A:D【分析】【詳解】

AB．中垂線由過程；場強先變大后變小，方向水平向右。電子帶負(fù)電，電場力先變大后變小，方向水平向左。故A正確；B錯誤；

CD．等量異種電荷中垂線上電勢相等。故C錯誤；D正確。

故選AD。16、B:D【分析】【詳解】

A．由電容的定義式

可得

A錯誤；

B．由公式

可得

B正確；

C．A板接地，電勢為零，由電勢差公式可知

又因為電勢差與電場強度的關(guān)系

故

C錯誤；

D．若將A板下移一小段距離，則AB之間的電場強度將增大，CB之間的電勢差將增大，C點電勢將升高，則固定在距B極板為2cm的C點處的正電荷的電勢能將增大。D正確。

故選BD。17、B:D【分析】【詳解】

B．電路中的總電流為0.25A，L1中電流為0.25A，由小燈泡的伏安特性曲線可知，L1兩端電壓為3.0V，L1消耗的電功率為P1＝U1I1＝0.75W

選項B正確；

A．根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律，L2中電流為0.125A，由小燈泡的伏安特性曲線可知，L2兩端電壓小于0.5V，所以L1兩端電壓比L2兩端電壓的6倍還大；選項A錯誤；

C．由歐姆定律可知，L2的電阻R2＝Ω＝4Ω

選項C錯誤；

D．L2消耗的電功率P2＝U2I2<0.5×0.125W＝0.0625W

L1、L2消耗的電功率的比值

選項D正確。

故選BD。18、A:B:C【分析】【分析】

粒子在平行極板方向不受電場力；做勻速直線運動；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，豎直方向分速度變化量為零，根據(jù)動量定理，豎直方向電場力的沖量的矢量和為零．

【詳解】

粒子在平行極板方向不受電場力，做勻速直線運動，故所有粒子的運動時間相同；t=0時刻射入電場的帶電粒子沿板間中線垂直電場方向射入電場，沿上板右邊緣垂直電場方向射出電場，說明豎直方向分速度變化量為零，根據(jù)動量定理，豎直方向電場力的沖量的矢量和為零，故運動時間為周期的整數(shù)倍，故所有粒子最終都垂直電場方向射出電場；由于t=0時刻射入的粒子始終做單向直線運動，該粒子豎直方向的分位移最大，該粒子恰好從上極板邊緣飛出，則其他粒子沒有達到上極板邊緣，故所有粒子最終都不會打到極板上，AB正確D錯誤；t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，為設(shè)豎直方向最大速度為vym，則根據(jù)分位移公式有由于故有故有C正確．

【點睛】

本題關(guān)鍵根據(jù)正交分解法判斷粒子的運動，明確所有粒子的運動時間相等，t=0時刻射入的粒子豎直方向的分位移最大，然后根據(jù)分運動公式列式求解．三、填空題(共5題，共10分)19、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3]螺旋測微器測小球的直徑時，先調(diào)節(jié)旋鈕D，使測微螺桿F靠近小球，再轉(zhuǎn)動微調(diào)旋鈕H，使測微螺桿F夾住小球，直至聽到棘輪發(fā)出聲音為止，撥動G使測微螺桿F固定后讀數(shù)。先調(diào)節(jié)D后調(diào)節(jié)H的作用是；防止小球發(fā)生明顯的形變，也防止螺旋測微器的損壞。

（2）[4]圖乙所示的讀數(shù)為考慮估讀引起的誤差，在0.008mm到0.010mm范圍內(nèi)都對。

[5][6]圖丙所示的讀數(shù)為考慮估讀引起的誤差，在6.868mm到6.870mm范圍內(nèi)都對。所以金屬板的厚度范圍為6.858mm到6.862mm?！窘馕觥緿HG0.008##0.009##0.0106.868##6.869##6.8706.858##6.859##6.860##6.861##6.86220、略

【分析】【詳解】

[1][2][3][4]由于電容器與電源斷開兩板的帶電荷量Q不變，減小電容器極板間的距離，由公式

可知電容器電容C增大；Q不變，根據(jù)

可知U減小，靜電計指針偏角將減?。挥?/p>

可知場強不變?！窘馕觥吭龃鬁p小保持不變保持不變21、略

【分析】【詳解】

[1]充電功率。

由圖可知在t2時刻充電電流I、電池電壓U都最大；所以充電功率最大為。

[2]圖線①與時間軸所包圍的面積是電流I與時間t的乘積；根據(jù)。

可知圖線①與時間軸所包圍的面積對應(yīng)的物理量是電量（電荷量）?！窘馕觥?.2電量（電荷量）22、略

【分析】【詳解】

（1）[1]由圖可知；電壓表選0～3V量程時，電壓表的分度值為0.1V，讀數(shù)為1.20V。

[2]電壓表選0～15V量程時；電壓表分度值為0.5V，讀數(shù)為6.0V。

（2）[3]電流表選0～0.6A量程時；分度值為0.02A，讀數(shù)為0.50A。

[4]電流表選0～3A量程時；分度值為0.1A，讀數(shù)為2.50A。

（3）[5]根據(jù)電阻箱的讀數(shù)規(guī)則可得

【解析】1.206.00.502.50530.0Ω23、略

【分析】【詳解】

略【解析】UI四、作圖題(共3題，共18分)24、略

【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)電場線從正電荷出發(fā)；終止與負(fù)電荷及等量同種，等量異種點電荷電場線的分布特點，可標(biāo)出電荷的電性如圖所示。

【解析】見解析25、略

【分析】【詳解】

根據(jù)電荷屬性；點電荷；等量異種點電荷、等量同種點電荷及勻強電場的電場線如下所示。

【解析】26、略

【分析】【詳解】

因為1；2接線柱之間的電阻與2、3接線柱之間的電阻之和等于1、3接線柱之間的電阻；所以2為中間的結(jié)點，又因為2、3接線柱之間的電阻與1、2接線柱之間的電阻的差等于1、2接線柱之間的電阻的一半，故2、3之間有兩個電阻井聯(lián)，后再與第三個電阻串聯(lián)，每個電阻均為1Ω，連接方式如圖所示。

【解析】五、實驗題(共1題，共9分)27、略

【分析】【詳解】

（1）[1]描繪小燈泡的伏安特性曲線需要燈泡兩端電壓從零開始變化；所以滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選用圖甲電路來完成實驗。

（2）[2][3]小燈泡正常發(fā)光時的電流為

故電流表應(yīng)選用D；兩端電壓最大為4V；為了使電表的指針偏轉(zhuǎn)幅度至少達到量程的三分之一，電壓表應(yīng)選用A。

[4]滑動變阻器采用分壓式接法；為了便于控制分壓，應(yīng)選用最大阻值較小的E。

（3）[5]如圖所示。

（4）[6]小燈泡燈絲的溫度隨電流的增大而升高，而燈絲的電阻隨溫度的升