2025年粵教版選擇性必修1物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年粵教版選擇性必修1物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷448考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、如圖所示；小明在演示慣性現(xiàn)象時(shí)，將一杯水放在桌邊，杯下壓一張紙條．若緩慢拉動(dòng)紙條，發(fā)現(xiàn)杯子會(huì)出現(xiàn)滑落；當(dāng)他快速拉動(dòng)紙條時(shí)，發(fā)現(xiàn)杯子并沒有滑落．對(duì)于這個(gè)實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）

A.緩慢拉動(dòng)紙條時(shí)，摩擦力對(duì)杯子的沖量較小B.快速拉動(dòng)紙條時(shí)，摩擦力對(duì)杯子的沖量較大C.為使杯子不滑落，杯子與紙條的動(dòng)摩擦因數(shù)盡量大一些D.為使杯子不滑落，杯子與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)盡量大一些2、質(zhì)量為m的小球A，沿光滑水平面以速度v0與質(zhì)量為2m的靜止小球B發(fā)生正碰。碰撞后，A球的動(dòng)能變?yōu)樵瓉淼哪敲葱∏駼的速度可能是（）A.B.C.D.3、在冰壺比賽中，球員手持毛刷擦刷冰面，可以改變冰壺滑行時(shí)受到的阻力。如圖a所示，藍(lán)壺靜止在圓形區(qū)域內(nèi)，運(yùn)動(dòng)員用等質(zhì)量的紅壺撞擊藍(lán)壺，兩壺發(fā)生正碰。若碰撞前、后兩壺的v—t圖象如圖b所示。關(guān)于冰壺的運(yùn)動(dòng)；下列說法正確的是（）

A.碰撞后過程中，藍(lán)壺受到的阻力比紅壺的大B.碰撞后，藍(lán)壺的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為6sC.碰撞后兩壺相距的最遠(yuǎn)距離為1.1mD.兩壺碰撞是彈性碰撞4、一輕質(zhì)彈簧下端固定在傾角為θ=30°的光滑斜面底端，上端拴接一質(zhì)量為m的擋板A，擋板A處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將一質(zhì)量為2m的物體B從斜面上距離擋板A上方L處由靜止釋放，物體B和擋板A碰撞后一起向下運(yùn)動(dòng)的最大距離為s，重力加速度為g；則下列說法正確的是()

A.A、B碰撞后瞬間的速度為B.A、B碰撞后瞬間的加速度為C.A、B碰撞后瞬間的加速度與運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的加速度大小相等D.在最低點(diǎn)時(shí)彈簧彈性勢(shì)能的增量為5、如圖所示是甲乙兩個(gè)單擺做簡諧運(yùn)動(dòng)的圖像，則下列說法中不正確的是（）

A.甲、乙兩擺的振幅之比為2：1B.甲、乙兩擺的振動(dòng)頻率之比為2：1C.甲、乙兩擺的擺長之比為1：4D.甲、乙兩擺擺球在最低點(diǎn)時(shí)向心加速度大小一定相等6、下列說法不正確的是（）A.在照相機(jī)鏡頭前加裝偏振濾光片拍攝日落時(shí)水面下的景物，可使景像清晰B.照相機(jī)、望遠(yuǎn)鏡的鏡頭表面上鍍有一層透光的膜，鍍膜鏡頭看起來是有顏色的是因?yàn)楣獾母缮嬖斐傻腃.當(dāng)物體做受迫振動(dòng)時(shí)，如果增大驅(qū)動(dòng)力的頻率，則物體做受迫振動(dòng)的振幅會(huì)減小D.“美人魚”在水下表演節(jié)目時(shí)，她們?cè)谒新牭降囊魳放c在岸上聽到的一致，說明聲波從種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)頻率不變?cè)u(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)7、質(zhì)量為m的物塊在光滑水平面上與質(zhì)量為M的物塊發(fā)生正碰，已知碰撞前兩物塊動(dòng)量相同，碰撞后質(zhì)量為m的物塊恰好靜止，則兩者質(zhì)量之比可能為（）A.1B.2C.3D.48、如圖是某質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖像。根據(jù)圖像中的信息；判斷下列說法正確的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的最大距離為10cmB.在1.5s和2.5s這兩個(gè)時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的位移相同C.在1.5s和2.5s這兩個(gè)時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)的速度相同D.質(zhì)點(diǎn)在0.5s內(nèi)通過的路程一定是10cm9、質(zhì)量為M的光滑半圓弧槽靜止在光滑的水平面上，A、B為半圓弧槽兩側(cè)端點(diǎn)，第一次將質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）從圓弧槽左側(cè)邊緣A點(diǎn)正上方某一點(diǎn)由靜止釋放，如圖甲所示；第二次將質(zhì)量為m的小球在A點(diǎn)由靜止釋放；如圖乙所示，則下列判斷正確的是（）

A.甲圖中，小球第一次離開圓弧槽時(shí)，將做豎直上拋運(yùn)動(dòng)B.乙圖中，小球不可能到達(dá)B點(diǎn)C.兩圖中，小球的機(jī)械能均守恒D.兩圖中，圓弧槽向左運(yùn)動(dòng)的最大距離相同10、應(yīng)用物理知識(shí)可以分析和解釋生活中的很多常見現(xiàn)象。假設(shè)你用手掌平托一蘋果；保持這樣的姿勢(shì)在豎直平面內(nèi)按順時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。下列說法中正確的是（）

A.從c到d過程中手掌對(duì)蘋果的摩擦力越來越大B.從c到d再到a過程中，蘋果重力的功率先變大后變小C.從d到a再到b過程中，蘋果先處于超重狀態(tài)后處于失重狀態(tài)D.從a到c、從b到d兩個(gè)過程合外力對(duì)蘋果的沖量相等11、如圖所示，傾角為的光滑斜面固定在水平面上，一根勁度系數(shù)為的輕質(zhì)彈簧下端固定于斜面底部，上端放一個(gè)質(zhì)量為的小物塊a，a與彈簧間不拴接，開始時(shí)a靜止于P點(diǎn)。質(zhì)量為的小物塊b從斜面上Q點(diǎn)由靜止釋放，與a發(fā)生正碰后立即粘在一起成為組合體c，組合體c在以后的運(yùn)動(dòng)過程中恰好不離開彈簧。已知彈簧的彈性勢(shì)能與其形變量的關(guān)系為重力加速度為彈簧始終未超出彈性限度。下列說法正確的是（）

A.彈簧彈力的最大值為B.組合體c動(dòng)能的最大值為C.間距離為D.a、b碰撞過程中機(jī)械能的損失為12、如圖甲，在光滑水平面上的兩小球發(fā)生正碰，小球的質(zhì)量分別為m1和m2，圖乙為它們碰撞前后的位移–時(shí)間圖象．已知m1=0.1kg；由此可以判斷。

A.碰后m2和m1都向右運(yùn)動(dòng)B.m2=0.3kgC.碰撞過程中系統(tǒng)損失了0.4J的機(jī)械能D.碰撞過程中系統(tǒng)沒有機(jī)械能的損失13、一列簡諧橫波在t＝0時(shí)刻的波形圖如圖中實(shí)線所示；從此刻起，經(jīng)0.2s波形圖如圖中虛線所示，波傳播的速度為5m/s，下列說法正確的是__________（填正確答案標(biāo)號(hào)）．

A.這列波沿x軸正方向傳播B.t＝0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)C.若此波遇到另一列簡諧橫波并發(fā)生穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，則該波所遇到的簡諧橫波頻率為1.25HzE.從t＝0時(shí)刻開始質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)0.4s通過的路程為0.8mE.從t＝0時(shí)刻開始質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)0.4s通過的路程為0.8m14、a、b兩束單色光的波長分別為和通過相同的單縫衍射實(shí)驗(yàn)裝置得到如圖所示的圖樣，則這兩束單色光（）

A.若照射同一種金屬均有光電子逸出，則光電子最大初動(dòng)能B.射向同一雙縫干涉裝置，其干涉條紋間距C.在水中的傳播速度D.光子動(dòng)量評(píng)卷人得分三、填空題(共7題，共14分)15、在接近收費(fèi)口的道路上安裝了若干條突起于路面且與行駛方向垂直的減速帶，相鄰減速帶間距為10m，當(dāng)車輛經(jīng)過減速帶時(shí)會(huì)產(chǎn)生振動(dòng)。若某汽車的固有頻率為1.25Hz，則當(dāng)該車以_________m/s的速度行駛在此減速區(qū)時(shí)顛簸得最厲害，我們把這種現(xiàn)象稱為_________。16、（1）薄膜干涉是液膜前后兩個(gè)面______的光共同形成的。

（2）不同位置液膜前后兩個(gè)面的反射光的______不同，某些位置兩列波疊加后相互______，出現(xiàn)亮條紋，另一些位置，兩列波相互______，出現(xiàn)了暗條紋。17、如圖，一彈簧振子在A、B間做簡諧運(yùn)動(dòng)，平衡位置為O，已知振子的質(zhì)量為M。

（1）簡諧運(yùn)動(dòng)的能量取決于_________，本題中物體振動(dòng)時(shí)_________能和__________能相互轉(zhuǎn)化，總_________守恒。

（2）關(guān)于振子的振動(dòng)過程有以下說法，其中正確的是()

A.振子在平衡位置；動(dòng)能最大，勢(shì)能最小。

B.振子在最大位移處；勢(shì)能最大，動(dòng)能最小。

C.振子在向平衡位置運(yùn)動(dòng)時(shí)；由于振子振幅減小，故總機(jī)械能減小。

D.在任意時(shí)刻，動(dòng)能與勢(shì)能之和保持不變18、動(dòng)能相等的兩物體A、B在光滑水平面上沿同一直線相向而行，它們的速度大小之比則動(dòng)量之比___；兩者碰后粘在一起運(yùn)動(dòng)，其總動(dòng)量與A原來動(dòng)量大小之比___．19、時(shí)刻，位于坐標(biāo)原點(diǎn)的波源開始上下振動(dòng)，所形成的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，時(shí)恰好傳播到處，波形圖如圖所示，則波源開始振動(dòng)的方向是__________（選填“向上”或“向下”），該機(jī)械波的傳播速度大小為__________

20、一列簡諧橫波在t=0時(shí)刻的波形如圖所示，t=2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰，且從t=0時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)B比質(zhì)點(diǎn)A早到達(dá)波峰，則該波沿x軸______（填“正”或“負(fù)”）方向傳播；該波的波速大小為______m/s；0~6s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)A通過的路程為_______cm。

21、如圖甲為某汽車消聲器，其結(jié)構(gòu)簡化為圖乙，內(nèi)部主要由兩個(gè)通道構(gòu)成，聲音自入口進(jìn)入后分成兩部分，分別通過通道a、b繼續(xù)向前傳播，在右端匯聚在一起后從出口排出，該消聲器消聲主要利用了波的__________原理（填“多普勒效應(yīng)”或“干涉”）；若要使該消聲器產(chǎn)生穩(wěn)定的消聲效果，則a、b通道的長度要__________（填“相等”或“不相等”）。

評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)22、如圖所示為一彈簧振子在A、C間振動(dòng)；圖中黑點(diǎn)為振子球心的位置。

(1)畫出振子位于C點(diǎn)時(shí)離開平衡位置O的位移；

(2)標(biāo)出振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度的方向。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共15分)23、利用“類牛頓擺”驗(yàn)證碰撞過程中的動(dòng)量守恒定律。實(shí)驗(yàn)器材：兩個(gè)半徑相同的球1和球2；細(xì)線若干，坐標(biāo)紙，刻度尺。實(shí)驗(yàn)步驟：

（1）測(cè)量小球1、2的質(zhì)量分別為m1、m2；將小球各用兩細(xì)線懸掛于水平支架上，各懸點(diǎn)位于同一水平面，如圖甲；

（2）將坐標(biāo)紙豎直固定在一個(gè)水平支架上，使坐標(biāo)紙與小球運(yùn)動(dòng)平面平行且盡量靠近。坐標(biāo)紙每一小格是邊長為d的正方形。將小球1拉至某一位置A；由靜止釋放，垂直坐標(biāo)紙方向用手機(jī)高速連拍；

（3）分析連拍照片得出，球1從A點(diǎn)由靜止釋放，在最低點(diǎn)與球2發(fā)生水平方向的正碰，球1反彈后到達(dá)最高位置為B，球2向左擺動(dòng)的最高位置為C，如圖乙。已知重力加速度為g，碰前球1的動(dòng)量大小為___________。若滿足關(guān)系式___________；則驗(yàn)證碰撞中動(dòng)量守恒；

（4）與用一根細(xì)線懸掛小球相比，本實(shí)驗(yàn)采用雙線擺的優(yōu)點(diǎn)是：___________；

（5）球1在最低點(diǎn)與靜止的球2水平正碰后，球1向右反彈擺動(dòng)，球2向左擺動(dòng)。若為彈性碰撞，則可判斷球1的質(zhì)量___________球2的質(zhì)量（填寫“大于”、“等于”或“小于”）；若為非彈性碰撞，則___________（填“能”或“不能”）比較兩球質(zhì)量大?。?4、用如圖甲所示裝置驗(yàn)證“動(dòng)量守恒定律”。A、B兩球半徑相同，A球質(zhì)量為m1，B球質(zhì)量為m2，軌道包括斜槽和水平槽，固定在桌面上，白紙鋪在水平地面上，復(fù)寫紙?jiān)诎准埳?。先讓A球從斜槽上某一固定位置C由靜止?jié)L下，從軌道末端水平拋出，落到復(fù)寫紙上，重復(fù)上述操作10次，在白紙上得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡；再把B球放在水平軌道末端，讓A球仍從位置C由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作10次。M、P、N為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置，O點(diǎn)是水平槽末端在白紙上的豎直投影點(diǎn)；如圖乙所示。

(1)除了圖甲中實(shí)驗(yàn)器材外，完成本實(shí)驗(yàn)還必須使用的測(cè)量儀器是()。

A.秒表刻度尺B.天平刻度尺C.秒表D.天平秒表刻度尺。

(2)在下列實(shí)驗(yàn)操作中，符合要求的是_______（選填序號(hào)）。

A.入射小球與被碰小球必須大小相同；質(zhì)量相等。

B.每次必須從同一高度由靜止釋放入射小球。

C.安裝軌道時(shí)；必須讓水平槽末端水平。

D.實(shí)驗(yàn)過程中；只要保持復(fù)寫紙?jiān)诎准埳衔恢貌蛔?，可以移?dòng)白紙。

(3)測(cè)量了A、B兩個(gè)小球的質(zhì)量m1、m2，記錄的落點(diǎn)平均位置M、N、P和軌道末端投影點(diǎn)O幾乎在同一條直線上，并測(cè)量出三個(gè)落點(diǎn)M、N、P與O點(diǎn)距離分別是LM、LN、LP。在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若關(guān)系式_____________________成立（用測(cè)得的物理量符號(hào)表示），則驗(yàn)證了動(dòng)量守恒定律。25、如圖所示為“驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒”的實(shí)驗(yàn)裝置。

（1）下列說法中不符合本實(shí)驗(yàn)要求的是________

A．入射球比靶球質(zhì)量大或者小均可；但二者的直徑必須相同。

B．在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中；每次入射球必須從同一高度由靜止釋放。

C．安裝軌道時(shí)；軌道末端必須水平。

D．需要使用的測(cè)量儀器有天平和刻度尺。

（2）實(shí)驗(yàn)中記錄了軌道末端在記錄紙上的豎直投影O點(diǎn)，經(jīng)多次釋放入射球，在記錄紙上找到了碰前入射球的平均落點(diǎn)位置P及碰后兩球的平均落點(diǎn)位置M、N，分別測(cè)出了它們到O點(diǎn)的距離OM、OP和ON。已知入射球的質(zhì)量為m1，靶球的質(zhì)量為m2，若測(cè)量量滿足的關(guān)系式___________，則成功驗(yàn)證了兩球碰撞過程中動(dòng)量守恒。評(píng)卷人得分六、解答題(共1題，共4分)26、一質(zhì)量為M的載重卡車A的水平車板上載有一質(zhì)量為m的重物B，在水平直公路上以速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，重物與車廂前壁間的距離為L（L>0）。因發(fā)生緊急情況，卡車突然制動(dòng)。已知卡車車輪與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)和最大靜摩擦因數(shù)均為重物與車廂底板間的動(dòng)摩擦因數(shù)和最大靜摩擦因數(shù)均為（<）。若重物與車廂前壁發(fā)生碰撞，則假定碰撞時(shí)間極短，碰后重物與車廂前壁不分開。重力加速度大小為g。

（1）若重物和車廂前壁不發(fā)生碰撞；求卡車從制動(dòng)開始到卡車停止的過程所花的時(shí)間和走過的路程；重物從制動(dòng)開始到重物停止的過程所花的時(shí)間和走過的路程，并導(dǎo)出重物B與車廂前壁不發(fā)生碰撞的條件；

（2）若重物和車廂前壁發(fā)生碰撞；求卡車從制動(dòng)開始到卡車和重物都停止的過程所經(jīng)歷的時(shí)間；卡車走過的路程、以及碰撞過程中重物對(duì)車廂前壁的沖量。

參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】

在抽動(dòng)紙條時(shí)；杯子受到的摩擦力相等，但由于抽拉的時(shí)間不動(dòng)使杯子受到的沖量不同；根據(jù)牛頓第二定律分析加速度大??；位移大小。

【詳解】

AB、紙帶對(duì)杯子的摩擦力一定，緩慢拉動(dòng)紙條時(shí)，抽出的過程中時(shí)間長，則摩擦力對(duì)杯子的沖量較大；快速拉動(dòng)紙條時(shí)，抽出的過程中時(shí)間短，則摩擦力對(duì)杯子的沖量較小，故AB錯(cuò)誤；

CD、為使杯子不滑落，杯子與桌面的動(dòng)摩擦因數(shù)盡量大一些，這樣杯子在桌面上運(yùn)動(dòng)的加速度大，位移短，故C錯(cuò)誤、D正確．

故選D．

【點(diǎn)睛】

本題主要是考查動(dòng)量定理，利用動(dòng)量定理解答問題時(shí)，要注意分析運(yùn)動(dòng)過程中物體的受力情況，知道合外力的沖量才等于動(dòng)量的變化．2、A【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)碰后A球的動(dòng)能恰好變?yōu)樵瓉淼目傻?/p>

解得

碰撞過程中A、B球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，則有

解得或

故選A。3、C【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)v-t圖象的斜率表示加速度；知碰后紅壺的加速度比藍(lán)壺的加速度，兩壺質(zhì)量相等，所以紅壺的滑動(dòng)摩擦力比藍(lán)壺的滑動(dòng)摩擦力大，故A錯(cuò)誤；

B．根據(jù)碰前紅壺的速度圖象可知紅壺的加速度大小為

所以藍(lán)壺靜止的時(shí)刻為

碰撞后，藍(lán)壺的運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

故B錯(cuò)誤；

C．設(shè)碰后藍(lán)壺的速度為v，碰前紅壺的速度碰后紅壺的速度為

取碰撞前紅壺的速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量守恒定律可得

代入數(shù)據(jù)解得

在速度時(shí)間圖像中圖像所包圍的面積表示走過的位移，碰后兩個(gè)的位移差最大為：

故C正確；

D．碰撞前兩壺的總動(dòng)能為

碰撞后前兩壺的總動(dòng)能為

所以兩壺碰撞為非彈性碰撞；故D錯(cuò)誤；

故選C。4、B【分析】【詳解】

A．由

得碰撞前物體B的速度碰撞后共速，由動(dòng)量守恒定律得碰后瞬間兩者的共同速度A錯(cuò)誤；

B．碰前彈簧的彈力為碰后瞬間將AB看作一個(gè)整體受力分析得

解得B正確；

C．A、B碰撞后速度不為0；碰撞處不是與最低點(diǎn)關(guān)于平衡位置對(duì)稱的點(diǎn)，所以在最低點(diǎn)時(shí)加速度比碰撞點(diǎn)大，C錯(cuò)誤；

D．碰撞時(shí)機(jī)械能有損失，所以不能就整個(gè)過程列機(jī)械能守恒的相關(guān)方程，碰撞后由能量守恒得

D錯(cuò)誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

A．由圖知甲；乙兩擺的振幅分別為2cm、1cm；振幅之比為2：1，故選項(xiàng)A不符題意；

BC．由圖可知?jiǎng)t兩單擺的周期之比為1:2，根據(jù)可知兩單擺的頻率之比為2:1，而由單擺的周期公式

得到甲；乙兩擺的擺長之比為1：4；故選項(xiàng)BC不符題意；

D．因擺球擺動(dòng)的最大偏角未知；無法判斷兩單擺擺球在最低點(diǎn)時(shí)向心加速度大小關(guān)系，故選項(xiàng)D符合題意；

故選D。6、C【分析】【分析】

【詳解】

A．在照相機(jī)鏡頭前加裝偏振濾光片拍攝日落時(shí)水面下的景物；可使景像清晰是利用光的偏振。只能讓振動(dòng)方向與透振方向一致的光通過，故A正確，不符合題意；

B．照相機(jī)；望遠(yuǎn)鏡的鏡頭表面鍍了一層透光的膜；可以增大某種光的透射強(qiáng)度，這是利用了光的干涉現(xiàn)象，同時(shí)鍍膜鏡頭看起來是有顏色的是因?yàn)楣獾母缮嬖斐傻模蔅正確，不符合題意；

C．由于不知道物體的固有頻率與驅(qū)動(dòng)力的頻率的關(guān)系；增大驅(qū)動(dòng)力的頻率，物體做受迫振動(dòng)的振幅不一定會(huì)減小。若驅(qū)動(dòng)力的頻率小于固有頻率，增大驅(qū)動(dòng)力的頻率，則物體做受迫振動(dòng)的振幅會(huì)增大，故C錯(cuò)誤，符合題意；

D．聲波從一種介質(zhì)進(jìn)入另一種介質(zhì)頻率不變；所以“美人魚”在水下表演節(jié)目時(shí)，她們?cè)谒新牭降囊魳放c在岸上聽到的一致。故D正確，不符合題意。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)7、C:D【分析】【分析】

【詳解】

設(shè)碰前每個(gè)物體的動(dòng)量為p，碰后M的速度為v；由動(dòng)量守恒得。

2p=Mv由能量守恒可知，碰前系統(tǒng)的動(dòng)能大于等于碰后系統(tǒng)的動(dòng)能，又可得。

聯(lián)立解得CD正確。

故選CD。8、A:C【分析】【分析】

【詳解】

A．由振動(dòng)圖像可知；質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的最大距離為10cm，故A正確；

B．在1.5s和2.5s這兩個(gè)時(shí)刻；質(zhì)點(diǎn)的位移等大反向，故B錯(cuò)誤；

C．在1.5s和2.5s這兩個(gè)時(shí)刻；圖像的斜率相同，則質(zhì)點(diǎn)的速度相同，故C正確；

D．則質(zhì)點(diǎn)在0.5s內(nèi)通過的路程一定不是一個(gè)最大位移大小10cm，故D錯(cuò)誤。

故選AC。9、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒可知，甲圖中小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)；系統(tǒng)水平方向速度為零，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，因此小球第一次離開圓弧槽時(shí)，將做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，A項(xiàng)正確；

B．乙圖中，小球與圓弧體在水平方向相對(duì)靜止時(shí)，速度為零，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球恰好到達(dá)B點(diǎn)；B項(xiàng)錯(cuò)誤；

C．兩圖中小球與圓弧體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D．兩圖中根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒，均有

即兩圖中；圓弧槽向左運(yùn)動(dòng)的最大距離相同，D項(xiàng)正確。

故選AD。10、A:B【分析】【詳解】

A．從c到d過程中；加速度大小不變，加速度在水平方向上的分加速度逐漸變大，根據(jù)牛頓第二定律可知，摩擦力越來越大，A正確；

B．蘋果速度大小不變，從c到d再到a過程中，在重力方向的速度（豎直方向的速度，設(shè)為vy）先增大后減小，由

可知重力的功率先變大后變??；故B正確；

C．從d到a再到b過程中；蘋果的加速度在豎直方向上的分加速度一直豎直向上，蘋果一直處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

D．由動(dòng)量定理知：合外力沖量的方向等于物體動(dòng)量變化的方向。從a到c過程，蘋果速度從水平向左變?yōu)樗较蛴?，?dòng)量變化方向向右，從b到d過程蘋果速度方向從豎直向上變?yōu)樨Q直向下；動(dòng)量變化方向?yàn)樨Q直向下，兩過程動(dòng)量變化方向不同，所以合外力沖量不等，故D錯(cuò)誤。

故選AB。11、B:C【分析】【詳解】

A．設(shè)彈簧的最大壓縮量為組合體c在以后的運(yùn)動(dòng)過程中恰好不離開彈簧，說明組合體c在彈簧恢復(fù)原長時(shí)速度為零，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得

解得

則彈簧彈力的最大值為

故A錯(cuò)誤；

B．當(dāng)彈簧彈力等于組合體重力沿斜面向下分力時(shí)，組合體c動(dòng)能最大，根據(jù)受力平衡可得

可得

從壓縮量最大到組合體c動(dòng)能最大過程，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得

聯(lián)立解得組合體c動(dòng)能的最大值為

故B正確；

C．P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的彈簧壓縮量為

設(shè)組合體在P點(diǎn)的速度大小為組合體從P點(diǎn)到最大壓縮量過程，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒可得

解得

設(shè)小物塊b與a碰撞前的速度為碰撞過程根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得

解得

小物塊b從到過程，根據(jù)動(dòng)能定理可得

聯(lián)立解得

故C正確；

D．a(chǎn)、b碰撞過程中機(jī)械能的損失為

故D錯(cuò)誤。

故選BC。12、B:D【分析】【詳解】

A項(xiàng)：由s-t圖示可知，碰后m1的速度：方向：水平向左，m2的速度：方向水平向右，故A錯(cuò)誤；

B項(xiàng)：由s-t（位移時(shí)間）圖象的斜率得到，碰前m2的位移不隨時(shí)間而變化，v2=0，m1速度大小為方向：水平向右，碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：解得：故B正確；

C、D項(xiàng)：碰撞過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能為代入數(shù)據(jù)解得：故C錯(cuò)誤，D正確．13、C:D:E【分析】【詳解】

（1）由波形圖可知，該波的波長則波的周期為

則在這段時(shí)間內(nèi)波傳播的距離為則該波沿x軸負(fù)方向傳播，A錯(cuò)誤；

（2）根據(jù)波傳播方向和質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向的對(duì)應(yīng)關(guān)系；可以判斷質(zhì)點(diǎn)a在t=0時(shí)刻正沿y軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

（3）能發(fā)生穩(wěn)定干涉的兩列波的一定頻率相等，該列波的頻率為故C正確；

（4）由題可知，A=0.4m，設(shè)x＝2m處的質(zhì)點(diǎn)的位移表達(dá)式為在t=0時(shí)刻正經(jīng)過平衡位置沿y軸負(fù)方向振動(dòng)，在時(shí)，y=-0.4，則故表達(dá)式為m；D正確；

（5）則質(zhì)點(diǎn)a的路程為2A=0.8m.E正確.

故本題正確答案選CDE.14、B:D【分析】【詳解】

在相同的單縫衍射實(shí)驗(yàn)裝置的條件下，光的波長越長，其衍射現(xiàn)象越顯著。從圖中可知光束a的衍射現(xiàn)象比光束b更加顯著，可知

A．當(dāng)光子照射到金屬上，產(chǎn)生光電子的逸出時(shí)，根據(jù)光電效應(yīng)方程有，光電子的最大初動(dòng)能

對(duì)于同種金屬，其逸出功相同，光子波長越長，光子能量越小，光電子的最大初動(dòng)能越小，所以故A錯(cuò)誤。

B．對(duì)于同一雙縫干涉裝置；光束波長越長，干涉條紋間距越大，故B正確。

C．波長越長，在水中的折射率越小，即在水中由可知故C錯(cuò)誤。

D．光子動(dòng)量波長越長，光子動(dòng)量越小，所以故D正確。

故選BD。三、填空題(共7題，共14分)15、略

【分析】【詳解】

可知，汽車的固有周期為則汽車的速度即當(dāng)速度為12.5m/s時(shí)，汽車達(dá)到共振顛簸的最厲害；【解析】12.5；共振16、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.反射②.路程差③.加強(qiáng)④.削弱17、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2][3][4]簡諧運(yùn)動(dòng)的能量取決于振幅；本題中物體振動(dòng)時(shí)動(dòng)能和彈性勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，總機(jī)械能守恒。

（2）[5]D．在任意時(shí)刻只有系統(tǒng)內(nèi)彈簧的彈力做功；則機(jī)械能守恒，故D正確；

A．振子在平衡位置；速度最大，動(dòng)能最大，是能最小，故A正確；

B．振子在最大位移處；彈簧形變量最大，勢(shì)能最大，動(dòng)能最小，故B正確；

C．振幅的大小與振動(dòng)過程中振子的位置無關(guān)；故C錯(cuò)誤。

故選ABD?！窘馕觥空穹鶆?dòng)彈性勢(shì)機(jī)械能ABD##ADB##BAD##BDA##DAB##DBA18、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)動(dòng)能：

根據(jù)可得質(zhì)量之比：

根據(jù)動(dòng)量：

所以

[2]碰后粘在一起根據(jù)動(dòng)量守恒可得：

所以【解析】①.1：2②.1：119、略

【分析】【詳解】

[1]時(shí)恰好傳播到處，處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況與波源振動(dòng)情況相同；根據(jù)同側(cè)法可知波源開始振動(dòng)的方向是向上；

[2]機(jī)械波的傳播速度大小【解析】向上1.820、略

【分析】【詳解】

[1]從t=0時(shí)刻起，質(zhì)點(diǎn)B比質(zhì)點(diǎn)A早到達(dá)波峰，說明此刻質(zhì)點(diǎn)A振動(dòng)方向向下，是其右邊的質(zhì)點(diǎn)帶動(dòng)它振動(dòng)，則波的傳播方向沿x軸負(fù)方向；

[2]t=2s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)B第一次到達(dá)波峰，根據(jù)波形圖可知，質(zhì)點(diǎn)B在2s內(nèi)振動(dòng)了可得T=4s

根據(jù)波形圖可知波長由波速公式帶入可解得v=1m/s

[3]由于6s=所以6s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)A運(yùn)動(dòng)的路程是振幅A的6倍S=6A=24cm【解析】負(fù)12421、略

【分析】【詳解】

[1][2]該消聲器的消聲原理為波的干涉；利用聲波沿兩個(gè)通道傳播的路程差為半個(gè)波長的奇數(shù)倍，就能產(chǎn)生穩(wěn)定的消聲效果，因此通道長度不能相等?！窘馕觥扛缮娌幌嗟取驹u(píng)分標(biāo)準(zhǔn):每空2分】評(píng)分標(biāo)準(zhǔn):每空2分】評(píng)分標(biāo)準(zhǔn):每空2分】評(píng)評(píng)評(píng)評(píng)四、作圖題(共1題，共8分)22、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)位移總是偏離平衡位置，振子位于C點(diǎn)時(shí)離開平衡位置O的位移s如圖所示。

(2)加速度總是指向平衡位置，振子位于A點(diǎn)時(shí)加速度aA的方向如圖所示【解析】(1)(2)五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共15分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

(3)[1]從A位置到最低點(diǎn)的高度差為。

由機(jī)械能守恒定律可得。

解得碰前球1的速度為。

故碰前球1的動(dòng)量大小為。

[2]碰后球1；球2上升的高度分別為。

同理可得；碰后球1；球2的動(dòng)量大小分別為。

要滿足動(dòng)量守恒；需滿足。

整理可得。

(4)[3]兩根細(xì)線懸掛小球；形成穩(wěn)定的三角結(jié)構(gòu)，避免小球擺動(dòng)過程中出現(xiàn)晃動(dòng)，形成圓錐擺。

(5)[4]碰撞過程由動(dòng)量守恒定律及機(jī)械能守恒定律分別可得。

聯(lián)立解得。

由于球1發(fā)生反彈，可知故滿足

[5]若為非彈性碰撞；則有。

化簡可有不等式。

則結(jié)合動(dòng)量守恒可得。

而由于球1是反彈的，因此可知兩個(gè)不等式取交集可得【解析】避免小球擺動(dòng)過程中出現(xiàn)晃動(dòng)，形成圓錐擺小于能24、略

【分析】【詳解】

(1)[1]除了圖甲的器材之外；還缺少測(cè)水平距離的刻度尺，及測(cè)質(zhì)量的天平，故B正確。

故選B。

(2)[2]A．入射球質(zhì)量應(yīng)大于被碰撞球的質(zhì)量；故A錯(cuò)誤；

B．入射球每次只有從同一點(diǎn)靜止釋放才保證它到被碰球處的速度相等；故B正確；

C．末端水平才保證是平拋運(yùn)動(dòng)；故C正確；

D．白紙與復(fù)寫紙均不動(dòng)；才保證落點(diǎn)的準(zhǔn)確，故D錯(cuò)誤。

故選：BC。

(3)[3]記錄的落點(diǎn)平均位置M、N、P和軌道末端投影點(diǎn)O幾乎在同一條直線上，并測(cè)量出三個(gè)落點(diǎn)M、N、P與O點(diǎn)距離分別是LM、LN、LP。則

由于兩球平拋高度相等，則所用時(shí)間相同，即

所以平拋速度均可用水平位移表示，由動(dòng)量守恒可列寫出要驗(yàn)證的式子是【解析】BBC25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]A．入射球比靶球質(zhì)量要大；防止碰后入射球反彈，二者的直徑必須相同，以保證兩球發(fā)生正碰，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，符合題意；

B．在同一組實(shí)驗(yàn)的不同碰撞中；每次入射球必須從同一高度由靜止釋放，保證拋出的初速度相同，選項(xiàng)B正確，不符合題意；

C．安裝軌道時(shí)；軌道末端必須水平，選項(xiàng)C正確，不符合題意；

D．需要使用的測(cè)量儀器有天平和刻度尺；天平測(cè)量球的質(zhì)量，刻度尺測(cè)量拋出的水平位移，選項(xiàng)D正確，不符合題意；

故選A。

（2）[2]由于球拋出時(shí)落地時(shí)間相同；要驗(yàn)證的關(guān)系是。

m1v0=m1v1+m2v2兩邊乘以t可得。

m1v0t=m1v1t+m2v2t即。

m1OP=m1OM+m2ON【解析】Am1OP=m1OM+m2ON六、解答題(共1題，共4分)26、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）若重物和車廂前壁不發(fā)生碰撞。