2024年滬科版必修1物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版必修1物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、伽利略為了研究自由落體運動的規(guī)律；將落體實驗轉(zhuǎn)化為著名的“斜面實驗”，如圖所示，對于這個研究過程，下列說法正確的是（）

A.斜面實驗放大了重力的作用，便于測量小球運動的路程B.斜面實驗雖然“沖淡”了重力的作用，但仍然不便于小球運動時間的測量C.通過對斜面實驗的觀察與計算，直接得到自由落體運動的規(guī)律D.根據(jù)斜面實驗結(jié)論進行合理的外推，得到自由落體運動的規(guī)律2、如圖所示；幼兒園的滑梯長度不變，高度可調(diào)，一個小朋友坐在上面可以從靜止下滑，設(shè)小朋友與滑梯間動摩擦因數(shù)恒定，若換一個體重大的小朋友，則（）

A.仍以相同加速度下滑B.會以更大的加速度下滑C.會以較小的加速度下滑D.不能滑下滑梯3、小明坐在行駛的汽車上看到車窗外的路燈桿向后運動。則小明所選取的參考系是（）A.他乘坐的汽車B.路面C.路邊的高樓D.路邊的灌木4、下列關(guān)于物理研究的思想方法，敘述正確的是（）A.這里用兩個物理量之比定義了一個新的物理量，這在物理學上叫比值定義法，這個式子說明加速度a與速度變化量成正比B.速度定義式當足夠小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度，該定義用了極限法C.重心可看成物體各部分所受重力作用的集中體現(xiàn)，對重心的研究用了理想化的研究方法D.合力、質(zhì)點概念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想5、下列關(guān)于速度和加速度的說法中，正確的是（）A.物體的速度越大，加速度也越大B.物體的速度為零時，加速度也為零C.物體的速度變化量越大，加速度越大D.物體加速度值減小，速度可能增大6、如圖所示，質(zhì)量為的物體放在水平面上，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)g取當物體做勻速直線運動時；下列說法正確的是（）

A.牽引力F的最小值為B.牽引力F的最小值為C.最小牽引力F與水平面的夾角為D.最小牽引力F與水平面的夾角為7、如圖所示；人們購物時常將物品裝在購物袋中，購物袋兩側(cè)有兩根等長輕繩呈對稱分布，用手提著兩繩中央上端，始終保持購物袋處于平衡狀態(tài)，則（）

A.若僅增加購物袋中物品的重量，輕繩上的拉力不變B.若僅增加兩根輕繩的長度，每個輕繩上的拉力變小C.若僅增加兩根輕繩的長度，手對輕繩的作用力變小D.輕繩越短，越不容易斷8、2022年7月27日由中國科學院力學研究所研制的“力箭一號”（ZK—1A）運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射；采用“一箭六星”的方式，成功將六顆衛(wèi)星送入預定軌道?！傲惶枴边\載火箭是四級固體運載火箭，起飛重量135噸，起飛推力200噸，總長30米，芯級直徑2.65米，首飛狀態(tài)整流罩直徑2.65米，500公里太陽同步軌道運載能力1500公斤。下列說法正確的是（）

A.“噸、公里”是導出單位B.“力箭一號”發(fā)射瞬間，加速度為零C.“力箭一號”發(fā)射瞬間，所攜帶的衛(wèi)星處于超重狀態(tài)D.“力箭一號”發(fā)射過程中，所攜帶的衛(wèi)星相對于“力箭一號”是運動的評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)9、放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，力F的大小與時間t的關(guān)系如甲圖所示；物塊的運動速度v與時間t的關(guān)系如乙圖所示，6s后的速度圖象沒有畫出，g取10m/s2．下列說法正確的是（）

A.滑動時受的摩擦力大小是3NB.物塊的質(zhì)量為1.5kgC.物塊在6－9s內(nèi)的加速度大小是2m/s2D.物塊前6s內(nèi)的平均速度大小是4.5m/s10、從高度為125m的塔頂，先后落下a、b兩球，自由釋放這兩個球的時間差為1s，則以下判斷正確的是（g取10m/s2，不計空氣阻力）（）A.b球下落高度為20m時，a球的速度大小為20m/sB.a球接觸地面瞬間，b球離地高度為45mC.在a球接觸地面之前，兩球的速度差恒定D.在a球接觸地面之前，兩球離地的高度差恒定11、如圖所示，質(zhì)量為m的物塊放在質(zhì)量為M、傾角為θ的光滑斜面體上，斜面體在水平推力F作用下；沿光滑水平面滑動，而木塊在斜面體上與斜面體相對靜止，則斜面體對木塊的支持力為（）

A.B.mgcosθC.D.12、如圖所示，兩完全相同的圓柱體M、N放置在木板與豎直墻之間；現(xiàn)以木板與墻連接處所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置，不計一切摩擦。在此過程中，下列說法正確的是（）

A.柱體N對木板的壓力減小B.墻對柱體M的彈力減小C.柱體M對木板的壓力減小D.柱體M、N之間的彈力增大13、如圖；質(zhì)量為2m；傾角θ=37o的斜面體放在光滑水平面上，斜面上有一質(zhì)量為m的物塊．用水平推力推物塊，物塊和斜面體保持相對靜止，一起向右做勻加速直線運動．已知物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為μ=0.5.重力加速度為g，sin37o=0.6，cos37o=0.8.假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則物塊的加速度大小可能為。

A.B.C.gD.評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)14、如圖所示，一根質(zhì)量不計的輕彈簧上端固定在天花板上，下端與一重力為G的托盤連接，托盤中有一個質(zhì)量為2G的砝碼。當托盤靜止時，彈簧的伸長量為L?，F(xiàn)將托盤向下拉，彈簧又伸長了L（未超過彈簧的彈性限度），然后使托盤由靜止釋放，則剛釋放托盤時，砝碼對托盤的作用力大小等于___________。

15、如圖所示，重為50N的物體，在水平面上向右滑動，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.1，物體還受到一個向左的拉力F＝4N，則物體受到的滑動摩擦力大小為______N，方向______。

16、某質(zhì)點由西向東運動，從A點出發(fā)A到達C點再返回B點靜止.如圖所示，若以B為原點，向東為正方向建立直線坐標系，則出發(fā)點的位置坐標為________m，B點的位置坐標為________m，C點的位置坐標為________m．A到B位置的變化是________m，方向________，C到B位置的變化是________m．

17、水平桌面上有一重100N的物體，與桌面的動摩擦因數(shù)為0.2，若依次用0N，7N，20N，30N的水平力拉此物體時，物體受到的摩擦力依次為________N，________N，________N，________N。（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）18、如圖所示，一容器中裝有一定量的水，若容器的重量忽略不計，則容器對桌面的壓力______水的重力；水對容器底部的壓力______水的重力（填大于；等于或小于）

評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)19、請用力的圖示法畫出下列重5N物體的重力______。20、如圖所示，某人在A點用大小為60N的力水平向左拉小車；請作出拉力的圖示。

21、在如圖所示的各圖中畫出物體受到的各接觸點或接觸面對它的彈力的示意圖，各圖中物體均處于靜止狀態(tài)．

甲.乙.丙.丁.評卷人得分五、解答題(共2題，共10分)22、自然界時刻發(fā)生著你死我活的奔跑賽，比如在一場獵豹抓捕羚羊的賽跑中，獵豹從靜止開始奔跑，以大小為a1=7.5m/s2的加速度勻加速到最大速度v1=30m/s，達到最大速度后只能維持這個速度t0=4.0s，接著做加速度大小為a=2.5m/s2的勻減速運動直到停止；膽小勢弱的羚羊從靜止開始奔跑，能以大小為a2=6.25m/s2的加速度勻加速到最大速度v2=25m/s，并能維持該速度一段較長的時間．設(shè)獵豹距離羚羊x時開始攻擊，羚羊則在獵豹開始攻擊后t’=0.5s才開始奔跑；假定羚羊和獵豹均沿同一直線奔跑．則：

（1）計算獵豹在其速度開始減小前；奔跑的距高是多少?

（2）如果獵豹恰好在其速度即將減小時追上羚羊，求獵豹發(fā)起攻擊時離羚羊的距離x?

（3）如果獵豹要保證能夠追上羚羊，x值應(yīng)在什么范圍?23、如圖所示，光滑水平地面上有一長木板A，長度為L＝15m，質(zhì)量M＝6kg，在其左端有一個物塊B，質(zhì)量m＝3kg，物塊B與長木板A之間的動摩擦因數(shù)為0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度用一水平向右的恒力F作用在物塊B上；大小為18N，求。

（1）經(jīng)過多長時間物塊B從木板A的右端滑下來；

（2）若2s后將恒力F撤去；判斷物塊B是否會從木板A上滑下來，請寫出判斷過程。

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

AB．“斜面實驗”中小球運動的加速度較?。槐阌谶\動時間的測量，AB錯誤；

CD．斜面傾角增大到90°時；斜面運動外推為自由落體運動，C錯誤；D正確。

故選D。2、A【分析】【詳解】

設(shè)滑梯傾角為θ，根據(jù)牛頓第二定律可得小朋友下滑的加速度為

即a與小朋友的質(zhì)量無關(guān)，所以換一個體重大的小朋友，小朋友將仍以相同加速度下滑，故選A。3、A【分析】【詳解】

小明坐在行駛的汽車上看到車窗外的路燈桿向后運動；則小明所選取的參考系是他乘坐的汽車。

故選A。4、B【分析】【詳解】

A．為加速度的定義式，加速度a由物體所受的合外力決定，與速度變化量和無關(guān)；A錯誤；

B．速度定義式當足夠小時，就可以表示物體在某時刻的瞬時速度；該定義用了極限法，B正確；

C．重心可看成物體各部分所受重力作用的集中體現(xiàn)；對重心的研究用了等效替代的研究方法，C錯誤；

D．合力概念的建立體現(xiàn)了等效替代的思想；但是質(zhì)點并不是，質(zhì)點體現(xiàn)的是一種理想化模型的思想，D錯誤。

故選B。5、D【分析】【詳解】

AB．加速度是形容速度變化快慢；與速度大小無關(guān)，故AB錯誤；

C．物體速度變化的越快；加速度越大，不能只看變化量，故C錯誤；

D．當物體加速度與速度方向相同時；加速度減小，速度依然增大，故D正確。

故選D。6、D【分析】【詳解】

分析物體受力情況；受到重力；支持力、拉力、摩擦力，建立直角坐標系進行力的分解，如圖所示。

根據(jù)平衡條件得

根據(jù)摩擦力的計算公式可得

聯(lián)立解得

其中

則

所以F的最小值為

此時

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．對購物袋整體受力分析；由牛頓第一運動定律可知，當購物袋中增加物品的重量，整個袋子的重量增加，繩子拉力也增加，故A錯誤；

BD．僅增加兩根輕繩的長度；則繩子的夾角會變小，由力的合成可知，合力不變，角度減小，拉力減小，反之，繩子越短，角度越大，繩子拉力越大，越容易斷，故B正確，D錯誤；

C．對整體分析；手對輕繩的拉力和購物袋的總重力大小相等，增加兩根輕繩的長度，手對輕繩的拉力不變，故C錯誤。

故選B。8、C【分析】【詳解】

A．“噸；公里”是質(zhì)量、長度的單位；不是導出單位，故A錯誤；

B．“力箭一號”發(fā)射瞬間；加速度不為零，方向豎直向上，故B錯誤；

C．“力箭一號”發(fā)射瞬間；所攜帶的衛(wèi)星具有向上的加速度，處于超重狀態(tài)，故C正確；

D．發(fā)射過程中；攜帶的衛(wèi)星相對于“力箭一號”是靜止的，故D錯誤。

故選C。二、多選題(共5題，共10分)9、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

物體在3-6s內(nèi)做勻速直線運動，所以拉力F等于摩擦力f，即物體滑動時受到的摩擦力大小為6N，故A錯誤；根據(jù)圖像可知物體在0-3s內(nèi)的加速度根據(jù)牛頓第二定律可得F-f=ma1，所以物體的質(zhì)量：m=1.5kg，故B正確．物體在6-9s內(nèi)的加速度大小為故C正確；v-t圖像中圖線圍成的面積表示物體的位移，所以物體在前6s內(nèi)的位移是：所用時間為t=6s，所以平均速度為故D正確。

故選BCD。10、B:C【分析】【詳解】

A．根據(jù)h＝gt2知，B球下落的時間

則A球下落的時間t1=3s，速度v=gt1=30m/s；故A錯誤；

B．A球接觸地面時運動的時間

則B球的運動時間t′=4s，B球下降的高度h＝gt′2＝×10×42m＝80m

所以B球離地面的高度為45m；故B正確；

C．設(shè)B球下降時間為t時，B球的速度vB=gt

A球的速度vA=g（t+1s）

則

與時間無關(guān)；是定量，故C正確；

D．設(shè)B球下降時間為t時，B球下降的高度

A球下降的高度

兩球離地的高度差等于下降的高度差

隨時間的增大；位移差增大，故D錯誤。

故選BC。11、A:C【分析】【詳解】

AB．對于m的物塊。

解得

B錯誤A正確；

CD．對整體，由牛頓第二定律得

解得

對于m的物塊。

解得

D錯誤C正確。

故選AC。12、B:C【分析】【詳解】

AD．對N受力分析，設(shè)木板與水平方向夾角為由平衡條件知M、N間彈力大小FMN=mgsin

板對N的彈力大小NN=mgcos

木板緩慢轉(zhuǎn)到水平位置過程，逐漸減小到零，代入上式可得結(jié)論，F(xiàn)MN逐漸減小到零，NN逐漸增大。故AD錯誤；

BC．對M、N兩圓柱體組成的整體，由平衡條件，墻對整體的彈力大小F墻=G總tan

木板對兩球的彈力大小

由逐漸減小到零，NN逐漸增大帶，代入上式，結(jié)合牛頓第三定律可得結(jié)論：F墻大小逐漸減小，NM逐漸減小；故BC正確。

故選BC。13、A:B:C【分析】【詳解】

對整體受力分析；由牛頓第二定律得：F=3ma；當F較小時，物塊受到的最大靜摩擦力沿斜面向上，對其受力分析，如圖。

在豎直方向上，根據(jù)平衡條件得：在水平方向上，根據(jù)牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：當F較大時；物塊受到沿斜面向下的最大靜摩擦力，對其受力分析，如圖。

在豎直方向上，根據(jù)平衡條件得：在水平方向上，根據(jù)牛頓第二定律得：聯(lián)立解得：故加速度的范圍為故ABC正確，D錯誤，故選ABC．

【點睛】分兩種情況討論最大靜摩擦力的方向，根據(jù)整體法求出加速度，再根據(jù)隔離法求出加速度的最小值和最大值，得出加速度的范圍，即可分析求解．三、填空題(共5題，共10分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]設(shè)彈簧勁度系數(shù)為k，設(shè)砝碼質(zhì)量為2m，則托盤質(zhì)量為m，托盤靜止，彈簧伸長L時，以托盤及砝碼整體為研究對象，受力平衡，有kL=3mg

伸長2L時，釋放瞬間，以整體為研究對象，由牛頓第二定律得2kL-3mg=3ma

解得a=g

隔離砝碼為研究對象，則N-2mg=2ma

解得N=4mg

據(jù)牛頓第三定律，砝碼對托盤的作用力為4mg，即4G。【解析】4G15、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]物體受到的滑動摩擦力大小為f=μmg=5N

方向向左?！窘馕觥竣?5②.向左16、略

【分析】【詳解】

[1]．出發(fā)點的位置坐標為-70m；

[2]．B點的位置坐標為0m；

[3]．C點的位置坐標為30m．

[4][5]．A到B位置的變化是0-(-70m)=70m；方向向東；

[6]．C到B位置的變化是0-30m=-30m．【解析】-7003070向東-3017、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]物體受到的滑動摩擦力為

當水平力的大小為零時；物體相對地面沒有運動趨勢，物體受到的摩擦力為零；

[2]當拉力為7N時；物體未被拉動，受到靜摩擦力的作用，大小為7N；

[3]當水平拉力為20N時；此時物體剛好受到最大靜摩擦力，大小為20N；

[4]當水平拉力為30N時，物體被拉動，物體受到滑動摩擦力的作用，大小為20N?！窘馕觥竣?0②.7③.20④.2018、略

【分析】【詳解】

[1]將容器和水視為整體；則受力分析如下。

由于容器和水整體受力平衡；可知重力和支持力大小相等，方向相反，且不考慮容器的重力，則支持力與水的重力大小相等。另外根據(jù)力的作用是相互的，桌面給容器的支持力與容器對桌面的壓力大小相等，均等于水的重力。

[2]對水受力分析如下。

由于水受力平衡，容器壁對水有兩個斜向上的支持力，所以容器底對水的支持力一定小于水的重力?！窘馕觥康扔谛∮谒摹⒆鲌D題(共3題，共9分)19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]先選取標度；重力豎直向下，根據(jù)標度作圖如下。

【解析】20、略

【分析】【分析】

【詳解】

拉力的圖示如下圖。

【解析】21、略

【分析】【詳解】

甲中屬于繩的拉力，應(yīng)沿繩指向繩收縮的方向，因此彈力方向沿繩向上；乙中P與斜面的接觸面為平面，P受到