2025年外研版三年級起點高二物理上冊月考試卷

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年外研版三年級起點高二物理上冊月考試卷590考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、兩條直導線互相垂直，如圖所示，但相隔一個小距離，其中一條導線是固定的，另一條導線能自由轉動.當直流電流按圖所示方向通入兩條導線時，導線將（）A.逆時針方向轉動，同時靠近導線B.順時針方向轉動，同時靠近導線C.順時針方向轉動，同時離開導線D.逆時針方向轉動，同時離開導線2、（2009?湖南模擬）有一通電金屬導線在赤道上方，東西方向水平放置，電流方向向東，它受到地磁場的作用力方向為（）A.向東B.向西C.向上D.向下3、如圖所示,LA和LB是兩個相同的小燈泡,L是一個自感系數(shù)相當大的線圈,其電阻值與R相同.由于存在自感現(xiàn)象,在電鍵S閉合和斷開時,燈LA和LB先后亮暗的順序是（）A.接通時,LA先達最亮,斷開時,LA后暗B.接通時,LB先達最亮,斷開時,LB后暗C.接通時,LA先達最亮,斷開時,LA先暗D.接通時,LB先達最亮,斷開時,LB先暗4、下列關于超重與失重的說法中，正確的是(

)

A.超重就是物體的重力增加了B.失重就是物體的重力減少了C.完全失重就是物體的重力沒有了D.不論是超重、失重，還是完全失重，物體所受的重力是不變的5、在輕繩兩端各系一個小球；一人用手拿著繩上端的小球，站在三層樓的陽臺上，放手后讓小球自由下落，兩球相繼落地的時間差為△t；如果人站在四樓的陽臺上，同樣放手讓小球自由地下落，兩球相繼落地的時間為△t′，則要△t與△t′相比較，有（）

A.△t′＞△t

B.△t′=△t

C.△t′＜△t

D.無法判斷。

6、如圖，實驗室一臺手搖交流發(fā)電機，內阻r=1.0婁賂

外接R=9.0婁賂

的電阻.

閉合開關S

當發(fā)電機轉子以某一轉速勻速轉動時，產生的電動勢e=102sin10婁脨t(V)

則(

)

A.該交變電流的頻率為10Hz

B.該電動勢的有效值為102V

C.t=0

時刻電路中理想交流電流表?

的示數(shù)為0A

D.t=0

時刻電路中理想交流電流表?

的示數(shù)為1.0A

7、如圖所示為氫原子能級的示意圖，現(xiàn)有大量的氫原子處于n=4

的激發(fā)態(tài)，當向低能級躍遷時輻射出若干不同頻率的光.

關于這些光，下列說法正確的是(

)

A.波長最大的光是由n=4

能級躍遷到n=1

能級產生的B.頻率最小的光是由n=2

能級躍遷到n=1

能級產生的C.這些氫原子總共可輻射出3

種不同頻率的光D.從n=2

能級躍遷到n=1

能級電子動能增加評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)8、英國物理學家____經過10年的艱苦探索，終于在1831年發(fā)現(xiàn)了____現(xiàn)象，進一步揭示了電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間的密切聯(lián)系，奏響了電氣化時代的序曲．9、(12分)(1)假如一枚載人火箭以恒定的速度v＝·c飛行，試問：按照地球上的時鐘，火箭飛到半人馬星座并且返回來(地球到半人馬星座的距離為4光年)共需要________時間，應該根據(jù)多長的旅行時間來儲備糧食及其他裝備________．(2)設想在人類的將來實現(xiàn)了恒星際航行，即將火箭發(fā)射到鄰近的恒星上去．火箭相對于日心——恒星坐標系的速率為u＝0.8c，火箭中靜止放置長度為1.0m的桿，桿與火箭的航行方向平行，則在日心——恒星坐標系中測得的桿長為________．10、把電荷量為+q的電荷從電場中M點移到無窮遠處電場力做功W1，取無窮遠處為零電勢點，則M點的電勢為______；再把該電荷從距電場無窮遠處移到電場中N點，電荷克服電場力做功W2，則把該電荷從M點移到N點，電場力做功為______．11、某同學設計了一個用打點計時器驗證動量守恒定律的實驗：在小車A的前端粘有橡皮泥；推動小車A使之做勻速運動，然后與原來靜止在前方的小車B相碰并黏合成一體，繼續(xù)做勻速運動．他設計的具體裝置如圖1所示，在小車A后連著紙帶，電磁打點計時器電源頻率為50Hz，長木板下墊著小木片用以平衡摩擦力．（此小題數(shù)據(jù)處理結果保留三位有效數(shù)字）

已測得小車A的質量m1=0.40kg，小車B的質量m2=0.20kg．由以上測量結果（如圖2）可得：碰前總動量=______kg?m/s；碰后總動量=______kg?m/s，故動量守恒定律得到驗證．12、如圖所示，兩個相切的圓表示一個靜止的原子序數(shù)大于80

的原子核發(fā)生某種衰變后，產生的兩種運動粒子在勻強磁場中的運動軌跡，則此原子核發(fā)生______衰變(

填“婁脕

”“婁脗

”“婁脙

”)

其中輻射出來的射線軌跡是______(

填“大圓”或“小圓”)

13、圖為一演示實驗電路圖，圖中L

是一帶鐵芯的線圈，A

是一燈泡，電鍵S

處于閉合狀態(tài)，電路是接通的.

現(xiàn)將電鍵K

斷開，則在電路切斷的瞬間，通過燈泡A

的電流方向是從______端到______端，這個實驗是用來演示______現(xiàn)象的．14、一輛正在行駛的汽車在關閉發(fā)動機后做減速運動，最后停下來，在這一過程中，汽車所受合力對汽車做______(

填“正功”或“負功”)

汽車的動能______(

填“增加”或“減少”)

．15、一彈簧測力計在10N

外力作用下，在彈性限度內，彈簧伸長了0.2m

彈簧的彈性勢能將______(

選填“增大”或“減小”)

該彈簧測力計的彈簧的勁度系數(shù)為______N/m

該彈簧測力計不稱重物時，彈簧的勁度系數(shù)為______N/m

．16、在做“用油膜法估測分子的大小”實驗中；油酸酒精溶液的濃度為每104mL溶液中有純油酸6mL．用注射器抽得1mL上述溶液，共有液滴50滴。把1滴該溶液滴入盛水的淺盤里，待水面穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，在玻璃板上描出油膜的輪廓，隨后把玻璃板放在坐標紙上其形狀如圖所示，坐標中正方形小方格的邊長為20mm。則。

（1）油酸膜的面積是______；

（2）每一滴油酸酒精溶液中含有純油酸的體積是______；

（3）根據(jù)上述數(shù)據(jù)，估測出油酸分子的直徑是______。評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

20、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

21、如圖所示為某示波管內的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）23、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、推斷題(共1題，共4分)24、下表為元素周期表的一部分，針對表中rm{壟脵-壟脼}元素，回答下列問題。rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結構示意圖是_________________。rm{(2)壟脺}和rm{壟脻}兩種元素中原子半徑較大的是_______________rm{(}填元素符號rm{)}rm{壟脹}和rm{壟脺}兩種元素的最高價氧化物對應的水化物堿性較強的是__________rm{(}填化學式rm{)}rm{(3)}寫出rm{壟脵}的單質在rm{壟脼}的單質中燃燒的化學方程式：_______________________。rm{(4)}寫出rm{壟脺}與rm{壟脻}最高價氧化物對應的水化物反應的離子方程式：_____________________。評卷人得分五、解答題(共2題，共8分)25、為了“探究碰撞中的不變量”；小明在光滑桌面上放有A；B兩個小球．A球的質量為0.3kg，以速度8m/s跟質量為0.1kg、靜止在桌面上的B球發(fā)生碰撞，并測得碰撞后B球的速度為9m/s，A球的速度變?yōu)?m/s，方向與原來相同．根據(jù)這些實驗數(shù)據(jù)，小明對這次碰撞的規(guī)律做了如下幾種猜想．

猜想1：碰撞后B球獲得了速度；A球把速度傳遞給了B球．

猜想2：碰撞后B球獲得了動能；A球把減少的動能全部傳遞給了B球．

（1）你認為以上的猜想成立嗎？若不成立；請簡述理由．

（2）根據(jù)實驗數(shù)據(jù)；通過計算說明，有一個什么物理量，在這次碰撞中，B球所增加的這個物理量與A球所減少的這個物理量相等？

26、一個女孩從斜坡上的A點滑下；途中經過水平面上的B點．在圖上畫出：

（1）女孩從A點運動到B點的位移；

（2）女孩在B點時的速度方向．

評卷人得分六、證明題(共2題，共8分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質彈簧與小球相連結，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】試題分析：電流AB產生的磁場在右邊垂直紙面向里，在左邊垂直紙面向外，在CD左右兩邊各取一小電流元，根據(jù)左手定則，左邊的電流元所受的安培力方向向下，右邊的電流元所受安培力方向向上，知CD導線逆時針方向轉動．當CD導線轉過90°后，兩電流為同向電流，相互吸引，所以導線CD逆時針方向轉動，同時靠近導線AB．故A正確，B、C、D錯誤．故選：A．考點：本題考查了平行通電直導線間的作用、安培力【解析】【答案】A2、C【分析】【解析】試題分析：解答本題首先要明確地球磁場的分布情況，然后根據(jù)左手定則直接進行判斷即可．【解析】

地球磁場的南北極和地理的南北極相反，因此在赤道上方磁場方向從南指向北，依據(jù)左手定則可得安培力方向向上，故ABD錯誤，C正確．故選C．【解析】【答案】C3、A【分析】【解析】試題分析：接通時由于L自感作用，瞬間等于斷路，通過的電流等于與R的電流之和，所以先達到最亮．然后L自感慢慢減弱，通過的電流減小，然后與亮度相同；當斷開時，瞬間失去電流，而和L構成回路，由于L自感，會亮一會再滅。故選A考點：自感現(xiàn)象的應用【解析】【答案】A4、D【分析】解：A

超重是物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力；物體的重力并沒有增加，所以A錯誤；

B；失重是物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力；物體的重力并沒有減小，所以B錯誤；

C；完全失重是說物體對接觸面的壓力為零的時候；此時物體的重力也不變，所以C錯誤；

D；不論是超重、失重；還是完全失重，物體所受的重力是不變的，只是對接觸面的壓力不和重力相等了，所以D正確。

故選：D

當物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時；就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；當物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時，就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；如果沒有壓力了，那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g

．

本題主要考查了對超重失重現(xiàn)象的理解，人處于超重或失重狀態(tài)時，人的重力并沒變，只是對支持物的壓力變了．【解析】D

5、C【分析】

設細線的長度為L；第一個小球著地后，另一個小球運動的位移為L，在L內運行的時間，即為兩球落地的時間差，第一個球著地的速度為另一個小球在位移L內的初速度．

高度越高，落地的速度越大，知高度越高，另一個小球在位移L內的初速度越大，根據(jù)L=vt+gt2；初速度越大，時間越短．所以△t＞△t′．故C正確，A；B、D錯誤．

故選C．

【解析】【答案】不論放在三樓陽臺釋放還是放在四樓陽臺釋放，一球落地后，另一球運動的位移相等，根據(jù)L=vt+gt2；求出兩球落地的時間差的變化．

6、D【分析】解：A

產生的電動勢e=102sin10婁脨t(V)婁脴=10婁脨rad/s

交流電的頻率f=10婁脨2蟺=5Hz

故A錯誤；

B、產生的電動勢e=102sin10婁脨t(V)

該電動勢的最大值為102V

所以該電動勢的有效值為U=1022V=10V

故B錯誤；

C、根據(jù)歐姆定律得：電路中理想交流電流表A

的示數(shù)I=109+1A=1A=1A

故C錯誤，D正確；

故選：D

．

根據(jù)電動勢瞬時值的表達式可以知道角速度；最大值；從而計算頻率和有效值，結合歐姆定律和焦耳定律進行其它分析．

本題考查了對交流電瞬時值表達式的認識，理解公式中各物理量的物理意義【解析】D

7、D【分析】解：核外電子從高能級n

向低能級m

躍遷時，輻射的光子能量鈻?E=En鈭?Em=h婁脙

故能級差越大；光子的能量也越大，即光子的頻率越大；

根據(jù)婁脙=c婁脣

可知頻率越大；波長越??；

AB

由圖可知當核外電子從n=4

能級躍遷到n=3

能級時；能級差最小，所以放出光子的能量最小，頻率最小，波長最大，故AB錯誤．

C；當電子從n=4

向低能級躍遷時；躍遷的種類有4隆煤34隆煤24隆煤13隆煤23隆煤12隆煤1.

即可以輻射光的種類為C42=6

種，故C錯誤．

D、電子從n=2

能級躍遷到n=1

能級輻射出的光子的能量，根據(jù)引力提供向心力，即ke2r2=mv2r

可知，電勢能減小，但動能增加.

故D正確．

故選：D

．

本題考查了波爾原子理論：從高軌道向低軌道躍遷時減少的能量以光子的形式輻射出去；所有的激發(fā)態(tài)都是不穩(wěn)定的；都會繼續(xù)向基態(tài)躍遷，故輻射光子的種類為Cn2.C=婁脣婁脙

故波長越大，頻率越短.

并根據(jù)庫侖引力提供向心力，從而確定躍遷過程中，電勢能與動能的變化情況．

所有的難題實際都是又一個一個的簡單的題目復合而成的，所以在學習中不能好高騖遠，貪大貪難，解決了基礎題，拔高題也就迎刃而解了．【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)8、略

【分析】

英國物理學家法拉第在1831年發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象；揭示了電現(xiàn)象與磁現(xiàn)象之間的密切聯(lián)系．

故答案為：法拉第；電磁感應。

【解析】【答案】1831年；英國物理學家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，進一步揭示了電與磁的聯(lián)系．

9、略

【分析】(1)火箭速度約為光速c，因此來回需要8年．由τ＝可得τ＝年＝0.08年．(2)由L＝L0可得．L＝1.0m＝0.6m.【解析】【答案】(1)8年0.08年(2)0.6m10、略

【分析】解：M點的電勢為把電荷從該點移動到零勢能位置時靜電力做的功，與電荷量的比值，即φM=同理，φN=

把該電荷從M點移到N點，電場力做功為W=UMNq=（φM-φN）q=（-）q=W1-W2；

故答案為：W1-W2

檢驗電荷在電場中某點A具有的電勢能EPA與它所帶的電荷量q成正比，其比值定義為電場中A點的電勢，用φA表示；電荷在某點的電勢能，等于把電荷從該點移動到零勢能位置時，靜電力做的功，用EP表示．

此題一定要理解電勢，電勢能的定義；電勢是檢驗電荷在電場中某點A具有的電勢能EPA與它所帶的電荷量q成正比，其比值定義為電場中A點的電勢，用φA表示．電勢能是電荷在電場中具有勢能，叫電勢能．電荷在某點的電勢能，等于把電荷從該點移動到零勢能位置時，靜電力做的功，用EP表示．【解析】W1-W211、略

【分析】解：A碰前的速度：

碰后共同速度：．

碰前總動量：P1=m1v1=0.4×1.05=0.42kg．m/s

碰后的總動量：P2=（m1+m2）v2=0.6×0.695=0.417kg．m/s

故答案為：0.420；0.417

由平均速度公式求出碰前和碰后的速度大?。辉儆蓜恿抗郊纯傻贸雠銮昂团龊罂倓恿康拇笮?，從而得出結論．

解決本題的關鍵知道A與B碰后，速度減小，會通過紙帶求解速度的大??；屬動量守恒定律中的基礎問題【解析】0.420；0.41712、略

【分析】解：原子核發(fā)生衰變；粒子的速度方向相反，由圖可知粒子的運動的軌跡在兩側；

根據(jù)左手定則可以得知；衰變后的粒子帶的電性相同，所以釋放的粒子應該是氦核，所以原子核發(fā)生的應該是婁脕

衰變；

衰變后；粒子做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，故：

qvB=mv2R

解得：R=mvqB

靜止的原子核發(fā)生衰變；根據(jù)動量守恒可知，衰變前后，動量守恒，故兩個粒子的動量mv

相等，磁感應強度也相等，故q

越大，軌道半徑越??；

故大圓是釋放粒子的運動軌跡；小圓是新核的運動軌跡；

故答案為：婁脕

大圓．

靜止的原子核發(fā)生衰變；根據(jù)動量守恒可知，發(fā)生衰變后的粒子的運動的方向相反，在根據(jù)粒子在磁場中運動的軌跡可以判斷粒子的電荷的性質；衰變后的粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力可得半徑公式，結合軌跡圖分析．

根據(jù)粒子的速度的方向相反和兩個粒子的運動的軌跡由左手定則可以分析判斷粒子的帶電的情況．【解析】婁脕

大圓13、ba自感（或斷電自感）【分析】【分析】線圈的特點是閉合時阻礙電流的增大，斷開時產生一自感電動勢相當于電源，與A

組成閉合回路，L

的右端電勢高。做好本類題目的關鍵是弄清線圈與哪種電器相配，結合線圈特點分析新組成的閉合回路的電流流向?！窘獯稹吭贙

斷開前，自感線圈L

中有向右的電流，斷開K

后瞬間，L

的電流要減小，于是L

中產生自感電動勢，阻礙自身電流的減小，但電流還是逐漸減小為零.

原來跟L

并聯(lián)的燈泡A

由于電源的斷開，向右的電流會立即消失.

但此時它卻與L

形成了串聯(lián)的回路，L

中維持的正在減弱的電流恰好從燈泡A

中流過，方向由b

到a.

因此；燈泡不會立即熄滅，而是漸漸熄滅，將這稱為自感現(xiàn)象.

這個實驗是用來演示自感現(xiàn)象的。

故填：ba

自感(

或斷電自感)

【解析】ba

自感(

或斷電自感)

14、略

【分析】解：汽車做減速運動；速度減小，動能減少，動能的變化量為負值，由動能定理知，汽車所受合力對汽車做負功．

故答案為：負功；減少．

合力對汽車做功根據(jù)動能定理分析；汽車的動能變化根據(jù)速度的變化分析．

解決本題的關鍵要理解并掌握動能定理的意義，知道合力做功決定了物體動能的變化．【解析】負功；減少15、略

【分析】解：在彈性限度內；彈簧伸長了0.2m

彈簧的彈性勢能將增大．

由F=kx

得k=Fx=100.2=50N/m

彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定；該彈簧測力計不稱重物時，彈簧的勁度系數(shù)不變，仍為50N/m

．

故答案為：增大；5050

．

彈簧的彈性勢能與彈簧的形變量有關；形變量越大，彈性勢能越大.

根據(jù)胡克定律可求得彈簧的勁度系數(shù).

彈簧的勁度系數(shù)由彈簧本身決定，與是否受力無關．

彈簧的彈力與形變量之間的關系遵守胡克定律.

要知道公式F=kx

中，x

是彈簧伸長的長度或壓縮的長度，即是彈簧的形變量．【解析】增大；5050

16、2.4×10-2m21.2×10-5mL5×10-10m【分析】解：（1）采用估算的方法求油膜的面積，通過數(shù)正方形的個數(shù)：面積超過正方形一半算一個，不足一半的不算，數(shù)出正方形的總個數(shù)乘以一個正方形的面積，近似算出油酸膜的面積。故S=60×20×20mm2=2.4×10-2m2；

（2）每滴溶液中含有純油酸的體積為：V=××10-6m3=1.2×10-11m3=1.2×10-5mL；

（3）把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直徑，由d=則油酸分子直徑：d=m=5×10-10m；

故答案為：（1）2.4×10-2m2；（2）1.2×10-5mL；（3）5×10-10m。

（1）采用估算的方法求油膜的面積；通過數(shù)正方形的個數(shù)：面積超過正方形一半算一個，不足一半的不算，數(shù)出正方形的總個數(shù)乘以一個正方形的面積，近似算出油酸膜的面積；

（2）一滴溶液的體積乘以溶液的濃度；就是1滴酒精油酸溶液所含純油的體積；

（3）把油酸分子看成球形，且不考慮分子間的空隙，油膜的厚度近似等于油酸分子的直徑，由d=求出油酸分子直徑。

本題考查“用單分子油膜估測分子大小”實驗的實驗步驟和數(shù)據(jù)處理。且實驗的模型是不考慮油酸分子間的間隙，采用估算的方法求面積，肯定存在誤差，但本實驗只要求估算分子的大小，數(shù)量級符號就行了?！窘馕觥?.4×10-2m21.2×10-5mL5×10-10m三、判斷題(共7題，共14分)17、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．18、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．19、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強

根據(jù)場強的疊加原理得；則兩點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，A點的場強大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產生的場強大小，判斷出場強方向，A點的場強是由正點電荷和勻強電場場強的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強大小及方向．20、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．21、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大小．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結論．四、推斷題(共1題，共4分)24、rm{(1)}

rm{(2)Al}rm{NaOH}

rm{(3)H_{2}+Cl_{2}}rm{2HCl}

rm{(4)Al(OH)_{3}}rm{+3H^{+}}rm{=Al^{3+}}rm{+3H_{2}O}

【分析】【分析】本題考查了元素周期律和元素周期表的應用。掌握元素周期律：同周期元素從左至右原子半徑逐漸減小，金屬性逐漸減弱，最高價氧化物對應水化物的堿性逐漸減弱；同主族元素從上至下原子半徑逐漸增大是解答本題的關鍵。該題是高考常見題型，試題難易適中，側重對學生基礎知識的鞏固和訓練，有利于提高學生的邏輯推理能力和應試能力?！窘獯稹扛鶕?jù)元素周期表的結構可知rm{壟脵}為rm{H}rm{壟脷}為rm{N}rm{壟脹}為rm{Na}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}為rm{S}rm{壟脼}為rm{Cl}rm{(1)}元素rm{壟脷}的原子結構示意圖是元素rm{(1)}的原子結構示意圖是故答案為：rm{壟脷}rm{(2)}為rm{(2)}rm{壟脺}為rm{Al}rm{壟脻}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}和rm{S}位于同一周期，隨原子序數(shù)增大原子半徑逐漸減小，所以原子半徑較大的為rm{Al}rm{Al}和rm{S}的最高價氧化物對