2024年滬科版高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高二物理下冊階段測試試卷296考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、雷達采用微波的原因錯誤的是（）A.微波具有很高的頻率B.微波具有直線傳播的特性C.微波的反射性強D.微波比其它無線電波（長波、中波、短波等）傳播的距離更遠2、如圖為日光燈的結(jié)構示意圖，若按圖示的電路連接，關于日光燈發(fā)光的情況，下列說法正確的是（）A.S1接通，S2、S3斷開，日光燈就能正常發(fā)光B.S1、S2接通，S3斷開，日光燈就能正常發(fā)光C.S1、S2、S3接通，日光燈就能正常發(fā)光D.S3斷開，接通S1、S2后，再斷開S2，日光燈就能正常發(fā)光3、首先發(fā)現(xiàn)電流產(chǎn)生磁場的科學家是(

)

A.富蘭克林B.法拉第C.安培D.奧斯特4、如圖所示，空間存在勻強電場，方向豎直向下，從絕緣斜面上的M點沿水平方向拋出一帶電小球．最后小球落在斜面上的N點．已知小球的質(zhì)量為m，初速度大小為v0，斜面傾角為θ，電場強度大小未知．則下列說法正確的是（）A.可以斷定小球一定帶正電荷B.可以求出小球落到N點時速度的方向C.可以求出小球到達N點過程中重力和電場力對小球所做的總功D.可以斷定，當小球的速度方向與斜面平行時，小球與斜面間的距離最大5、如圖所示，A1和A2是完全相同的燈泡，線圈L的電阻可以忽略，下列說法中正確的是（）A.合上開關K接通電路時，A2始終比A1亮B.合上開關K接通電路時A1同時與A2一樣亮C.斷開開關K切斷電路時，A2先熄滅，A1過一會兒才熄滅D.斷開開關K切斷電路時，A1和A2都要過一會兒才熄滅6、每時每刻都有大量宇宙射線向地球射來,如圖所示，地磁場可以改變射線中大多數(shù)帶電粒子的運動方向，使它們不能到達地面，這對地球上的生命有十分重要的意義．假設有一個帶正電的宇宙射線粒子正垂直于地面向赤道射來，在地磁場的作用下，它將（）A.向東偏轉(zhuǎn)B.向南偏轉(zhuǎn)C.向西偏轉(zhuǎn)D.向北偏轉(zhuǎn)7、如圖所示，一閉合直角三角形線框以速度v

勻速穿過勻強磁場區(qū)域.

從bc

邊進入磁場開始到a

點離開的過程中，線框中感應電流隨時間的變化關系(

以逆時針方向為電流的正方向)

是下圖中的

A.B.C.D.8、起重機將2隆脕104N

的重物勻速提升10m

在此過程中，起重機對物體做功是()

A.3隆脕104J

B.3隆脕105J

C.2隆脕104J

D.2隆脕105J

9、如圖1

所示，彈簧振子以O

點為平衡位置，在AB

兩點之間做簡諧運動.

以向左為正，振子的位移x

隨時間t

的變化如圖2

所示，則由圖可知(

)

A.t=0.2s

時，振子在O

點右側(cè)6cm

處B.t=1.4s

時，振子的速度方向向右C.t=0.4s

和t=1.2s

時，振子的加速度相同D.t=0.4s

到t=0.8s

的時間內(nèi)，振子的速度逐漸增大評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t＝0時的波形如圖所示，P、Q兩個質(zhì)點的平衡位置分別位于x＝3.5m和x＝6.5m處。在t1＝0.5s時，質(zhì)點P恰好此后第二次處于波峰位置；則t2＝_________s時，質(zhì)點Q此后第二次在平衡位置且向上運動；當t1＝0.9s時，質(zhì)點P的位移為_____________cm。11、如圖為電磁流量計的示意圖。直徑為d的非磁性材料制成的圓形導管內(nèi)，有導電液體流動，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導電液體流動方向而穿過一段圓形管道。若測得管壁內(nèi)a、b兩點間的電勢差為U，則管中導電液體的流量（單位時間內(nèi)流過導管截面的液體體積）Q=____.12、將一個1.0×10-5C的電荷從電場外移到電場里一點A，外力克服電場力作功6.0×10-3J，則A點的電勢為Ua=____________V；如果此電荷從電場外移到電場里的另一點B時，電場力作功0.02J，則A、B兩點電勢差為Uab=____________V；如果另一個電量是0.2C的負電荷從A移到B，則電場力作功____________J．13、用如圖所示的電路，測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻．電池的內(nèi)阻較小，為了防止在調(diào)節(jié)滑動變阻器時造成短路，電路中用一個定值電阻R0起保護作用．除電池；開關和導線外；可供使用的實驗器材還有：

（a）電流表（量程0.6A；3A）；

（b）電壓表（量程3V；15V）

（c）定值電阻（阻值1Ω；額定功率5W）

（d）定值電阻（阻值10Ω；額定功率10W）

（e）滑動變阻器（阻值范圍0～10Ω；額定電流2A）

（f）滑動變阻器（阻值范圍0～100Ω；額定電流1A）

（1）要正確完成實驗，電壓表的量程應選擇______V，電流表的量程應選擇______A；R0應選擇______Ω的定值電阻；

（2）某同學在一次實驗中先測得電壓表示數(shù)為U1和電流表的示數(shù)I1，調(diào)節(jié)滑動變阻器重新測得的值分別為U2和I2．．用題中給出的符號（R0U1I1U2I2．．））求出電源電動勢為______V和電源的內(nèi)阻為______Ω14、如圖所示，帶電荷量分別為+Q

和鈭?Q

的兩個點電荷a

與b

相距L

在a

與b

間放置一個原來不帶電的導體P

當導體P

處于靜電平衡狀態(tài)時，感應電荷在ab

連線的中點c

處(c

在導體P

內(nèi))

產(chǎn)生的電場強度大小為____________，方向為____________．.

15、某放射性元素經(jīng)過m次α衰變和n次β衰變，變成一種新原子核，新原子核比原來的原子核質(zhì)子數(shù)減少____，中子數(shù)減少____．16、細線下掛一個質(zhì)量為m的小球，現(xiàn)用一個力F拉小球使懸線偏離豎直方向θ角處于靜止狀態(tài)，如圖所示，則拉力F的最小值為____，與豎立方向間夾角為____．

17、如圖甲所示為使用電火花打點計時器驗證機械能守恒定律的實驗裝置．(1)

若已知打點計時器的電源頻率為50Hz

當?shù)氐闹亓铀俣萭

取9.80m/s2

重物質(zhì)量為0.2kg.

實驗中得到一條點跡清晰的紙帶如圖乙所示，打P

點時，重物的速度為零，ABC

為另外3

個連續(xù)點，根據(jù)圖中的數(shù)據(jù)，可知重物由P

點運動到B

點，重力勢能減少量婁隴Ep=

_________J(

計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)

．(2)

若PB

的距離用h

表示，打B

點時重物的速度為vB

重力加速度為g

當滿足關系式_____________時(

用題中所給的字母表示)

說明下落過程中重物的機械能守恒．(3)

實驗中發(fā)現(xiàn)重物增加的動能略小于減少的重力勢能，其主要原因是_________．A.

重物的質(zhì)量過大B.

重物的體積過小C.

使用的直流電源D.

重物及紙帶在下落時受到阻力18、如圖甲是某金屬材料制成的電阻R

隨攝氏溫度t

變化的圖象，圖中R0

表示該電阻在0隆忙

時的電阻值，已知圖線的斜率為k.

若用該電阻與電池(

電動勢為E

內(nèi)阻為r)

理想電流表A

滑動變阻器R隆盲

串聯(lián)起來；連接成如圖乙所示的電路.

用該電阻做測溫探頭，把電流表A

的電流刻度改為相應的溫度刻度，就得到了一個簡單的“金屬電阻溫度計”.

(1)

根據(jù)圖甲，溫度為t(t>0隆忙)

時電阻R

的大小為______．

(2)

在標識“金屬電阻溫度計”的溫度刻度時；需要弄清所測溫度和電流的對應關系.

請用ER0R隆盲(

滑動變阻器接入電路的阻值)k

等物理量表示待測溫度t

與電流I

的關系式t=

______．

(3)

如果某次測量時，指針正好指在在溫度刻度的10隆忙

到20隆忙

的正中央，則測量值______15隆忙(

填“大于”、“小于”或“等于”)

．評卷人得分三、判斷題(共8題，共16分)19、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）20、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）21、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）22、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）23、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

24、處于靜電平衡狀態(tài)的導體內(nèi)部的場強處處為零，導體外表面場強方向與導體的表面一定不垂直．（判斷對錯）25、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

26、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共10分)27、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。28、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。評卷人得分五、畫圖題(共2題，共4分)29、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象30、13.矩形導線框abcd固定在勻強磁場中，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向垂直紙面向里，磁感應強度B隨時間變化的規(guī)律如圖所示.若規(guī)定順時針方向為感應電流i的正方向，在下列i-t圖中畫出感應電流隨時間變化的圖象參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】【解答】由于微波的頻率極高；波長很短，其在空中的傳播特性與光波相近，也就是直線前進，遇到阻擋就被反射或被阻斷，故雷達使用微波工作．故ABC正確，D錯誤；

故選D．

【分析】微波是指頻率為300MHz﹣300GHz的電磁波；是無線電波中一個有限頻帶的簡稱，即波長在1米（不含1米）到1毫米之間的電磁波，是分米波；厘米波、毫米波和亞毫米波的統(tǒng)稱．微波頻率比一般的無線電波頻率高，通常也稱為“超高頻電磁波”．

波的基本性質(zhì)通常呈現(xiàn)為穿透、反射、吸收三個特性．對于玻璃、塑料和瓷器，微波幾乎是穿越而不被吸收．對于水和食物等就會吸收微波而使自身發(fā)熱．而對金屬類東西，則會反射微波．2、D【分析】解：A、S1接通，S2、S3斷開時；電源電壓220V直接加在燈管兩端，達不到燈管啟動的高壓值，日光燈不能發(fā)光，故A錯誤；

B、S1、S2接通，S3斷開時；燈管兩端被短路，燈管電壓為零，日光燈不能發(fā)光，故B錯誤；

C、只有當S1、S2接通，燈絲被預熱，發(fā)出電子，再斷開S2；鎮(zhèn)流器中產(chǎn)生很大的自感電動勢，和原電壓一起加在燈管兩端，使氣體電離，日光燈正常發(fā)光，故C錯誤；D正確；

故選：D．

根據(jù)以下知識分析答題：日關燈啟動時；燈管兩端電壓應高于電源電壓220V；日光燈正常工作時，燈管兩端電壓應低于電源電壓220V；鎮(zhèn)流器實際上是自感系數(shù)較大的自感線圈，當通過它的電流變化時，它能夠產(chǎn)生自感電動勢．

知道日光燈的工作原理、分析清楚電路結(jié)構是正確解題的前提與關鍵．【解析】【答案】D3、D【分析】解：A

富蘭克林最早提出了電流、電荷、靜電的概念；故A錯誤．

B；法拉第最早提出了磁感線；最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，故B錯誤；

C；安培提出了安培定則；最早提出了分子電流假說，故C錯誤．

D；奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了通電導線能夠產(chǎn)生磁場；故D正確．

故選D．

富蘭克林最早提出了電流；電荷、靜電的概念；法拉第最早提出了磁感線；最早發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象；安培提出了安培定則，最早提出了分子電流假說；奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了通電導線能夠產(chǎn)生磁場．

多讀課本，加強記憶是掌握物理學史的必由之路．【解析】D

4、B|C|D【分析】【解析】試題分析：小球在運動過程中受重力與電場力作用，做類平拋運動，對小球受力分析、應用牛頓第二定律、類平拋運動的規(guī)律分析答題．【解析】

A、小球做類平拋運動，電場力既可向上也可向下，故小球帶正電、負電都可以，故A錯誤；B、利用平拋知識有：===tanθ，速度偏向角設為α，則tanα==tanθ，可求出小上球落到N點時的速度大小和方向，故B正確；C、求出小球到達N點的速度，由動能定理可以求出小球到達N點過程中重力和電場力對小球所做的總功，故C正確；D、小球在垂直與斜面方向上做勻減速直線運動，當小球在垂直與斜面方向的速度為零，即小球速度平行與斜面時，小球與斜面間的距離最大，故D正確；故選：BCD．【解析】【答案】BCD5、D【分析】閉合開關時，自感線圈產(chǎn)生阻礙原電流增大的自感電流，燈泡A1逐漸變亮，A2立刻亮，斷開開關時，自感線圈產(chǎn)生與原電流相同的自感電流，流過A1、A2閉合回路，所以兩燈泡都是逐漸熄滅，D對；【解析】【答案】D6、A【分析】試題分析：地球的磁場由南向北，當帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時，根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向為向東，所以粒子將向東偏轉(zhuǎn)，所以A正確．考點：本題考查地球周圍的磁場、洛倫茲力方向?！窘馕觥俊敬鸢浮緼7、A【分析】【分析】分三個階段分析感應電流的變化情況，根據(jù)感應電流產(chǎn)生的條件判斷線框中是否由感應電流產(chǎn)生，根據(jù)E=BLvE=BLv及歐姆定律判斷感應電流的大小。

本題可以采用排除法分析解題，掌握感應電流產(chǎn)生的條件、熟練應用E=BLvE=BLv及歐姆定律即可正確解題?！窘獯稹緾.根據(jù)感應電流產(chǎn)生的條件可知；線框進入或離開磁場時，穿過線框的磁通量發(fā)生變化，線框中有感應電流產(chǎn)生，當線框完全進入磁場時，磁通量不變，沒有感應電流產(chǎn)生，故C錯誤；

ABD.

感應電流I=ER=BLvR

線框進入磁場時，導體棒切割磁感線的有效長度L

減小，感應電流逐漸減??；線框離開磁場時，導體棒切割磁感線的有效長度L

減小，感應電流逐漸減小。故A正確，BD錯誤。故選A?！窘馕觥緼

8、D【分析】【分析】由題意可明確起重機的拉力，再由功的公式可求得起重機對物體做的功。本題考查功的計算，要注意所求的為起重機所做的功，故應先求出拉力，再由公式求出功即可?！窘獯稹课矬w做勻速直線運動；故拉力F=G=2隆脕104N

則起重機對物體的做的功W=Fh=2隆脕104N隆脕10m=2隆脕105J

故選D?！窘馕觥緿

9、D【分析】解：At=0.2s

時；振子在O

點左側(cè)；故A錯誤；

B；1.4s

時；振子在O

點右方正向平衡位置移動，故速度方向向左；故B錯誤；

C；0.4s

和1.2s

時振子分別到達正向和反向最大位置處；加速度大小相等，但方向相反；故C錯誤；

D；0.4s

到0.8s

內(nèi)振子在向平衡位置移動；故振子的速度在增大；故D正確；

故選：D

．

由x鈭?t

圖象可知物體的振動情況；則可明確物體在各點時的速度；加速度等的變化情況．

本題考查對簡諧運動的掌握，要注意明確彈簧振子的回復力與位移成正比；明確振子的位移與速度方向的判斷方法．【解析】D

二、填空題(共9題，共18分)10、略

【分析】根據(jù)波沿x軸正方向傳播，可知P點振動方向向上，又經(jīng)0.5s時，質(zhì)點P恰好此后第二次處于波峰位置，可得周期為0.4s，經(jīng)0.9s時，質(zhì)點P位于正的最大位置，位移為2cm；質(zhì)點Q開始向下運動，則第二次在平衡位置且向上運動的時間為【解析】【答案】0.6、211、略

【分析】試題分析：導電液體中的正負離子在洛倫茲力的作用下發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上下兩端間形成電勢差，最終離子受電場力和洛倫茲力處于平衡，根據(jù)平衡求出離子的速度，再根據(jù)Q=vS求出導電液體的流量。解決本題的關鍵理解最終離子在電場力和洛倫茲力的作用下處于平衡。根據(jù)平衡求出離子的流動的速度，從而得出流速對離子有：解得由于管中導電液體的流量等于單位時間流過導管截面的液體的體積，則考點：電磁流量計的原理帶電粒子在復合場中的直線運動【解析】【答案】12、略

【分析】解：從電場外移到電場里一點A，即從零電勢點移到A點，則A點的電勢φa=-Uoa=-=-=600V；

從電場外移到電場里一點B，即從零電勢點移到B點，則B點的電勢φb=-Uob=-=-=-2000V；

則A、B間電勢差Uab=φa-φb=600-(-2000V)=2600V；

電量是0.2C的負電荷從A移到B，電場力做功為Wab=qUab=-0.2×2600J=-520J

故答案為：600，2600，-520【解析】600;2600;-52013、略

【分析】解：（1）干電池的電動勢約為1.5V；故電壓表應選擇3V量程，電流較小，故電流表應選擇0.6A量程；因內(nèi)阻較小，為了保護電路并且使電流示數(shù)較大，R0應選擇1Ω的定值電阻；

（2）設電源電動勢為E，內(nèi)阻為r；在閉合電路中：

E=U1+I1（R0+r），E=U2+I2（R0+r）；

解得：

E=

r=

故答案為：（1）3；0.6；1；

（2）

（1）電表量程略大于電路中的最大值即可；根據(jù)電動勢和內(nèi)電阻分析應采用的電壓表和電流表，根據(jù)定值電阻的作用可選擇定值電阻；

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律列式；聯(lián)立即可求得電動勢和內(nèi)電阻．

本題考查儀表的選擇以及電源電動勢與內(nèi)阻等問題，知道實驗原理、掌握圖象法處理實驗數(shù)據(jù)的方法即可正確解題．【解析】3；0.6；1；14、8kQL2V/m

沿ba

連線向左【分析】【分析】由點電荷的電場強度公式E=kQr2

可求得+Q

和鈭?Q

的兩個點電荷在C

點產(chǎn)生的電場強度，再疊加求出合場強，方向正電荷的沿ac

向右，負電荷的沿ac

向右，故合場強方向向右?？疾榱它c電荷的電場強度公式，電場強度的疊加，注意方向判斷?！窘獯稹坑牲c電荷的電場強度公式E=kQr2

得：+Q

和鈭?Q

的兩個點電荷在C

點產(chǎn)生的電場強度。

E+=kQr2=4kQL2

同理E鈭?=4kQL2

再由矢量合成得：E=E++E鈭?=8kQL2

故填：8kQL2V/m

沿ba

連線向左?！窘馕觥?kQL2V/m

沿ba

連線向左15、2m﹣n2m+n?【分析】【解答】某放射性元素經(jīng)過m次α衰變和n次β衰變共產(chǎn)生：

m個He和n個e

所以質(zhì)子數(shù)減少：2×m+n×（﹣1）=2m﹣n；

中子數(shù)減?。?×m+n=2m+n

故答案為：2m﹣n；2m+n

【分析】α衰變是一種放射性衰變．在此過程中，一個原子核釋放一個α粒子（由兩個中子和兩個質(zhì)子形成的氦原子核）；并且轉(zhuǎn)變成一個質(zhì)量數(shù)減少4，核電荷數(shù)減少2的新原子核．

β衰變是一種放射性衰變．在此過程中，一個原子核釋放一個β粒子（電子或者正電子），分為β+衰變（釋放正電子）和β﹣衰變（釋放電子）．16、mgsinθ90°﹣θ【分析】【解答】以物體為研究對象，根據(jù)圖解法可知，當拉力F與細線垂直時最小．

根據(jù)平衡條件得。

F的最小值為Fmin=mgsinθ

此時，該力與豎立方向間夾角為：90°﹣θ

故答案為：mgsinθ，90°﹣θ

【分析】以物體為研究對象，采用圖解法分析什么條件下拉力F最?。俑鶕?jù)平衡條件求解F的最小值．17、略

【分析】【分析】(1)

根據(jù)功能關系可得出正確表達式；(2)

書本上的實驗，我們要從實驗原理、實驗儀器、實驗步驟、實驗數(shù)據(jù)處理、實驗注意事項這幾點去搞清楚；(3)

重物帶動紙帶下落過程中，除了重力還受到阻力，從能量轉(zhuǎn)化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉(zhuǎn)化給了動能還有一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能。本題考查了驗證機械能守恒定律的使用。正確利用所學物理規(guī)律解決實驗問題，熟練應用物理基本規(guī)律，因此這點在平時訓練中要重點加強?！窘獯稹?1)

重力勢能減小量：鈻?Ep=mgh=0.2隆脕9.8隆脕0.0501J=9.82隆脕10鈭?2m

(2)

要驗證物體從P

到B

的過程中機械能是否守恒，則需滿足12mvB2=mgh

即vB2=2gh

說明下落過程中重錘的機械能守恒。(3)A.

重物的質(zhì)量過大，重物和紙帶受到的阻力相對較小，所以有利于減小誤差，故A錯誤；B.重物的體積過小，有利于較小阻力，所以有利于減小誤差，故B錯誤；C.打點計時器使用的是交流電源，直流電源無法使打點計時器正常工作，故C錯誤；D.重物及紙帶在下落時受到阻力，從能量轉(zhuǎn)化的角度，由于阻力做功，重力勢能減小除了轉(zhuǎn)化給了動能還有一部分轉(zhuǎn)化給摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能，所以重物增加的動能略小于減少的重力勢能，故D正確。故選D。故填：(1)9.82隆脕10鈭?2(2)vB2=2gh(3)D

【解析】(1)9.82隆脕10鈭?2

(2)vB2=2gh

(3)D

18、略

【分析】解：(1)

已知圖線的斜率為k

根據(jù)數(shù)學知識得：電阻R

的大小為R=R0+kt

．

(2)

根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

I=ER+R鈥?+r

又R=R0+kt

聯(lián)立得t=1k[EI鈭?(R隆盲+r+R0)]

(3)

由上看出；t

與I

是非線性關系，與歐姆表類似，溫度t

的刻度是不均勻的，左密右疏，則知若指針正好指在在溫度刻度的10隆忙

到20隆忙

的正中央，則測量值小于15隆忙

．

故答案為：(1)R0+kt(2)t=1k[EI鈭?(R隆盲+r+R0)](3)

小于。

(1)

已知圖線的斜率為k

根據(jù)數(shù)學知識得到電阻R

的大小．

(2)

根據(jù)閉合電路歐姆定律得到電流I

與RER隆盲r

的關系式；將(1)

中R

與t

的關系代入，即可得到溫度t

與電流I

的關系式．

(3)

根據(jù)溫度刻度是否均及疏密情況；確定測量值與15隆忙

的大小關系．

本題考查知識的遷移能力，運用數(shù)學知識得到電阻R

的表達式.

抓住“金屬電阻溫度計”的刻度與歐姆表類似，分析刻度是否均勻．【解析】R0+kt1k[EI鈭?(R隆盲+r+R0)]

小于三、判斷題(共8題，共16分)19、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠出發(fā)，終止于無限遠或負電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強弱，電場線密的地方，電場強度大，疏的地方電場強度弱，沿電場線的方向電勢降低．20、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標量，正負表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標量，正負表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關．21、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．22、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導體是等勢體，金屬導體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應現(xiàn)象，導致電荷重新分布．因此在金屬導體內(nèi)部出現(xiàn)感應電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導體是等勢體．23、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，