2025年浙科版高三物理下冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙科版高三物理下冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、如圖用一根細(xì)線和一輕質(zhì)彈簧將小鋼球懸掛在天花板上，平衡時細(xì)線和彈簧與水平面的夾角均為30°，若將細(xì)線剪斷，則此刻鋼球的加速度為（）A.加速度大小為g，方向豎直向下B.加速度大小為g，方向垂直于BC斜向下C.加速度大小為g，方向由A指向CD.加速度大小為g，方向垂直于BC斜向下2、在“互成角度的兩個力的合成”實(shí)驗(yàn)中；如圖所示，用AB兩彈簧秤拉橡皮條結(jié)點(diǎn)O，使其位于E處，此時α+β=90°，然后保持A的讀數(shù)不變，當(dāng)α角由圖中所示的值逐漸減小時，要使結(jié)點(diǎn)仍在E處，可采取的辦法是（）

A.增大B的讀數(shù)；β角不變。

B.減小B的讀數(shù)；減小β角。

C.減小B的讀數(shù)；增大β角。

D.增大B的讀數(shù)；增大β角。

3、一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播；在x軸上-3m～3m區(qū)間，t時刻與（t+0.6）時刻的波形圖正好重合，如圖所示．則下列說法中正確的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)振動周期可能為0.9s

B.該波的波速可能為20m/s

C.從（t+0.3）時刻開始計(jì)時；x=1m處的質(zhì)點(diǎn)可能比x=-1m處的質(zhì)點(diǎn)先到達(dá)波峰位置。

D.在（t+0.4）時刻；x=-2m處的質(zhì)點(diǎn)位移可能為零。

4、【題文】質(zhì)量為的小球A在光滑的水平面上以速度與質(zhì)量為的靜止小球B發(fā)生正碰，碰后A球的動能恰好變?yōu)樵瓉淼膭tB球速度大小可能是（）A.B.C.D.5、下列對幾個物理量的描述正確的是()A.如果一小段通電直導(dǎo)線在空間某處所受磁場力F=0，那么該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B一定為零B.如果一小段通電直導(dǎo)線在空間某處所受磁場力F≠0，那么該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B一定不為零C.如果一閉合回路中感應(yīng)電流I=0，那么該閉合回路中磁通量φ一定為零D.如果一閉合回路中感應(yīng)電流I≠0，那么該閉合回路中磁通量φ一定為不等于零的某一定值6、電磁感應(yīng)現(xiàn)象的發(fā)現(xiàn)者是誰？（）A.富蘭克林B.焦耳C.法拉第D.安培7、某質(zhì)點(diǎn)作直線運(yùn)動，位移隨時間變化的關(guān)系式為x=（4t+2t2）m，則對這個質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動描述，正確的是（）A.初速度為4m/sB.加速度為2m/s2C.加速度為1m/sD.10s時的速度為36m/s2評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、兩顆人造衛(wèi)星A、B的質(zhì)量之比mA：mB=1：2，軌道半徑之比rA：rB=1：4，則此時它們的線速度之比vA：vB=____，向心加速度之比aA：aB=____，向心力之比FA：FB=____．9、重5.0N的木塊放在水平桌面上，用1.5N的水平拉力拉木塊，木塊仍然保持靜止，此時木塊受到的摩擦力為____N；用2.5N的水平拉力恰好可以使它沿桌面勻速運(yùn)動，則木塊和桌面間的動摩擦因數(shù)為____．10、（2010?淄博一模）（1）雷蒙德?戴維斯因研究來自太陽的電子中微子（νe）而獲得了2002年度諾貝爾物理學(xué)獎．他探測中微子所用的探測器的主體是一個貯滿615t四氯乙烯（C2Cl4）溶液的巨桶．電子中微子可以將一個氯核轉(zhuǎn)變?yōu)橐粋€氫核，其核反應(yīng)方程式為νe+CI→Ar+e．已知Cl核的質(zhì)量為36.95658u，Ar核的質(zhì)量為36.95691u，e的質(zhì)量為0.00055u，1u質(zhì)量對應(yīng)的能量為931.5MeV．根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可以判斷參與上述反應(yīng)的電子中微子的最小能量為____MeV（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．

（2）如圖所示；質(zhì)量為m=1kg的滑塊，以v0=5m/s的水平初速度滑上靜止在光滑水平面的平板小車，小車足夠長，質(zhì)量M=4kg．求：

①滑塊與小車的共同速度v；

②整個運(yùn)動過程中產(chǎn)生的內(nèi)能E．11、如圖所示電路中，燈L1的電阻為R1=6Ω，燈L3的電阻為R3=3Ω，閉合電鍵S后，電壓表示數(shù)為9V，電流表示數(shù)為1A，由于某個燈斷路而使電壓表示數(shù)改變了3.6V，電流表示數(shù)改變了0.8A，則燈L2的電阻為____Ω，該電源的電動勢為____V．

12、（2012秋?金臺區(qū)期中）用伏安法測量電阻，有如圖中甲、乙所示的兩種電路．現(xiàn)有一待測電阻RX，不知道大約多大，電壓表的內(nèi)阻也不知道，但知道電流表的內(nèi)阻為RA，那么測量時應(yīng)采用圖____電路（填“甲”或“乙”）．在所選電路中，若電壓表和電流表的示數(shù)分別為U和I，（不考慮讀表讀數(shù)誤差、接線松緊等技術(shù)誤差）則待測電阻的真實(shí)值RX=____．評卷人得分三、判斷題(共6題，共12分)13、坐標(biāo)系都是建立在參考系上的．____．（判斷對錯）14、沒有施力物體的力有可能存在．____（判斷對錯）15、點(diǎn)電荷一定是電量很小的電荷．____．（判斷對錯）16、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運(yùn)動，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動比乙杯中的激烈，說明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對錯）17、封閉在汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的氣體，如果保持氣體體積不變，當(dāng)溫度升高時，每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多．____．（判斷對錯）18、物體受到的合外力不做功，則物體一定作勻速直線運(yùn)動．____．評卷人得分四、計(jì)算題(共3題，共30分)19、質(zhì)量分別為m1和m2的兩個小物塊用輕繩連接，繩跨過位于傾角α＝30°的光滑斜面頂端的輕滑輪，滑輪與轉(zhuǎn)軸之間的摩擦不計(jì)，斜面固定在水平桌面上，如圖所示．第一次，m1懸空，m2放在斜面上，m2自斜面底端由靜止開始運(yùn)動至斜面頂端所需的時間為t；第二次，將m1和m2位置互換，使m2懸空，m1放在斜面上．如果＝求m1自斜面底端由靜止開始運(yùn)動至斜面頂端所需的時間為多少？20、【題文】一質(zhì)量為100g的小球從0.80m高處自由下落，落到一厚軟墊上，若從小球接觸軟墊到陷至最低點(diǎn)所用的時間為0.20s，則這段時間內(nèi)軟墊對小球的沖量為多少？(g=10m/s2)21、如圖所示；足夠大的水平光滑圓臺中央立著一根光滑的桿，原長為L的輕彈簧套在桿上，質(zhì)量均為m的A；B、C三個小球用兩根輕桿通過光滑餃鏈連接，輕桿長也為L，A球套在豎直桿上，現(xiàn)將A球測在彈簧上端，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時，輕桿與豎直方向夾角θ=37°．已知重力加速度為g，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，sin37°=0.6，con37°=0.8。

（1）求輕桿對B的作用力F和彈簧的勁度系數(shù)k；

（2）讓B、C球以相同的角速度繞豎直桿勻速轉(zhuǎn)動，若轉(zhuǎn)動的角速度為ω0（未知）時；B；C球剛要。

脫離圓臺，求輕桿與豎直方向夾角θ0的余弦和角速度ω0；

（3）兩桿豎直并攏，A球提升至距圓臺L高處靜止，受到微小擾動，A球向下運(yùn)動，同時B、C球向兩側(cè)相反方向在圓臺上沿直線滑動，A、B、C球始終在同一豎直平面內(nèi)，觀測到A球下降的最大距離為0.4L．A球運(yùn)動到最低點(diǎn)時加速度大小為a0，求此時彈簧的彈性勢能Ep以及B球加速度的大小a。評卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)22、圖1為驗(yàn)證牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．圖中打點(diǎn)計(jì)時器的電源為50Hz的交流電源．在小車自身質(zhì)量未知的情況下；某同學(xué)設(shè)計(jì)了一種通過多次改變小車中砝碼質(zhì)量的方法來研究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質(zhì)量間的關(guān)系”．

（1）有關(guān)實(shí)驗(yàn)操作，下列說法中不正確的是____

A．平衡摩擦力時；應(yīng)將砝碼盤及盤內(nèi)砝碼通過定滑輪拴在小車上。

B．連接砝碼盤和小車的細(xì)繩應(yīng)跟長木板保持平行。

C．此實(shí)驗(yàn)只需平衡一次摩擦力。

D．小車釋放前應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時器；且應(yīng)先接電源再釋放小車。

（2）如圖2為實(shí)驗(yàn)中獲得的某一條紙帶，設(shè)紙帶上三個相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為s1、s2、s3．根據(jù)紙帶上計(jì)數(shù)點(diǎn)的情況，求得加速度的大小a=____m/s2（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）．

（3）以小車上放置的砝碼的總質(zhì)量m為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙上做出-m關(guān)系圖線．圖3為按照正確的實(shí)驗(yàn)步驟所得實(shí)驗(yàn)圖線的示意圖．設(shè)圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為____，小車的質(zhì)量為____．23、（2015春?河南校級期末）（1）在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，用兩個彈簧秤分別鉤住細(xì)繩套，互成角度地拉橡皮條，使它伸長到某一位置O點(diǎn)，為了確定兩個分力的大小和方向，這一步操作中必須記錄的是____．

A．橡皮條固定端的位置。

B．描下O點(diǎn)位置和兩條細(xì)繩套的方向。

C．橡皮條伸長后的總長度。

D．兩個彈簧秤的讀數(shù)。

（2）做實(shí)驗(yàn)時，根據(jù)測量結(jié)果在白紙上畫出如圖所示的圖，其中O為橡皮條與細(xì)繩套的結(jié)點(diǎn)．圖中的____是F1和F2的合力的理論值；____是F1和F2的合力的實(shí)際測量值．24、（2014秋?黃山期末）如圖是某次實(shí)驗(yàn)中得到的一條紙帶，其中0到6是七個計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個點(diǎn)未畫出，打點(diǎn)計(jì)時器的工作頻率是50Hz，各點(diǎn)間距如圖，則打計(jì)數(shù)點(diǎn)2時小車的速度為____m/s；小車的加速度為____m/s2．（計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）評卷人得分六、簡答題(共4題，共12分)25、如圖所示，水平電線BC對豎直電線桿的拉力是300N，斜牽引索AB的拉力是500N時，電線桿受到的合力恰好豎直向下，求由于電線BC和牽引索AB的作用，使得電線桿對地面增加的壓力．26、鍶rm{(Sr)}元素廣泛存在于礦泉水中，是一種人體必需的微量元素。用天青石rm{(}主要成分為rm{SrSO_{4}}含有少量rm{BaCO_{3}}rm{MgCO_{3}}rm{CaCO_{3}}rm{FeO}rm{Fe_{2}O_{3}}rm{SiO_{2}}等rm{)}制備rm{SrCO_{3}}工藝流程如下：已知：。rm{SrSO_{4}}rm{BaSO_{4}}rm{SrCO_{3}}rm{K_{sp}}rm{3.2隆脕10^{-7}}rm{1.1隆脕10^{-10}}rm{1.6隆脕10^{-10}}

rm{(1)}“浸取轉(zhuǎn)化”過程中發(fā)生的化學(xué)方程式為：______________________________________________；當(dāng)轉(zhuǎn)化完全時，混合液中的rm{c(CO_{3}^{2-})=1.0隆脕10^{-3}mol隆隴L^{-1}}則rm{c(CO_{3}^{2-})=

1.0隆脕10^{-3}mol隆隴L^{-1}}__________________。rm{c(SO_{4}^{2-})=}濾液rm{(2)}的主要成分為__________________；濾渣rm{I}的主要成分為_____________。rm{II}“除鋇”過程中硫酸的濃度不能超過rm{(3)}原因是______________________________________________________。rm{0.1%}除鐵過程中用rm{(4)}代替rm{NaClO_{3}}的優(yōu)點(diǎn)是生成rm{H_{2}O_{2}}沉淀顆粒較大，易過濾。除鐵過程的離子方程式為________________________。rm{Fe(OH)_{3}}“沉淀”生成rm{(5)}的離子方程式為_____________________________。沉淀過程中，溫度對rm{SrCO_{3}}生成rm{Sr^{2+}}反應(yīng)轉(zhuǎn)化率的影響見下圖，rm{SrCO_{3}}之前，鍶轉(zhuǎn)化率隨溫度升高而變大的主要原因是_________________________________________________________________________rm{60隆忙}27、氯化亞砜用于醫(yī)藥、農(nóng)藥、染料工業(yè)及有機(jī)合成工業(yè)，常作氯化劑，制鋰rm{-}氯化亞砜rm{(Li/SOCl_{2})}電池。工業(yè)上用rm{SO_{2}}rm{SCl_{2}}與rm{Cl_{2}}反應(yīng)合成氯化亞砜：rm{SO_{2}(g)+Cl_{2}(g)+SCl_{2}(g)overset{}{?}2SOCl_{2}(g)}該反應(yīng)中某一反應(yīng)物的體積分?jǐn)?shù)rm{SO_{2}(g)+Cl_{2}(g)+SCl_{2}(g)

overset{}{?}2SOCl_{2}(g)}以rm{(}表示rm{A攏樓}隨溫度的變化關(guān)系如圖所示。rm{)}在rm{(1)}時，向rm{373K}的密閉容器中通入rm{2L}rm{SO_{2}}與rm{SCl_{2}}均為rm{Cl_{2}}發(fā)生上述反應(yīng)。測得其壓強(qiáng)rm{0.04mol}隨時間rm{(p)}的變化為表中數(shù)據(jù)rm{(t)}反應(yīng)達(dá)到平衡時的溫度與起始溫度相同rm{I(}。rm{)}rm{t/min}rm{1}rm{2}rm{3}rm{4}rm{5}rm{5}rm{I}rm{p}rm{6.0p_{0}}rm{6.7p_{0}}rm{6.1p_{0}}rm{5.4p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{II}rm{p}rm{6.0p_{0}}rm{7.0p_{0}}rm{5.3p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{5.0p_{0}}rm{5.0p_{0}}請回答下列問題：rm{壟脵}該反應(yīng)的rm{婁隴H}________rm{(}填“rm{>}”“rm{<}”或“rm{=}”rm{)0}rm{壟脷}反應(yīng)開始至達(dá)到平衡時，rm{v(SOCl_{2})=}________。rm{壟脹}若只改變某一條件，其他條件相同時，測得其壓強(qiáng)隨時間的變化為表中數(shù)據(jù)rm{II}則改變的條件是________。rm{壟脺}若在rm{373K}且恒壓密閉容器時，向容器中通入rm{SOCl_{2}0.1mol}達(dá)到平衡時rm{SO_{2}}的體積分?jǐn)?shù)________rm{(}填“大于”、“小于”、“等于”或“無法判斷”rm{)}表中數(shù)據(jù)rm{I}的rm{SO_{2}}的體積分?jǐn)?shù)。rm{(2)}如圖是某同學(xué)測定上述反應(yīng)的平衡常數(shù)的rm{pK(pK=-lgK)}與溫度的變化關(guān)系點(diǎn)。rm{壟脵A}點(diǎn)的數(shù)值為________。rm{(}已知：rm{lg4=0.6)}rm{壟脷}當(dāng)升高到某一溫度時，反應(yīng)重新達(dá)到平衡，rm{A}點(diǎn)可能變化為________點(diǎn)。rm{(3)}已知rm{S_{4}}結(jié)構(gòu)式如圖，反應(yīng)rm{S_{4}(g)+4Cl_{2}(g)=4SCl_{2}(g)}的rm{婁隴H=-4kJ隆隴mol^{-1}}rm{S-S}鍵能為rm{266kJ/mol}rm{1molSCl_{2}(g)}分子中化學(xué)鍵斷裂時吸收rm{510kJ}的能量，則rm{1molCl_{2}(g)}分子中化學(xué)鍵斷裂時需吸收的能量為________rm{kJ}rm{(4)}某種鋰電池的負(fù)極由金屬鋰構(gòu)成，正極由二氯亞砜rm{(SOCl_{2})}和碳材料構(gòu)成?？偡磻?yīng)為：rm{4Li+2SOCl_{2}=4LiCl+S+SO_{2}隆眉}此種鋰電池是一次電池，在放電時有氣體產(chǎn)生。此電池工作時正極的電極反應(yīng)式為________，電解質(zhì)中鋰離子定向移向________rm{(}填“正極”或“負(fù)極”rm{)}28、（2016?南充一模）如圖是高層建筑配備的救生緩降器；由調(diào)速器；安全帶、安全鉤、鋼絲繩等組成，是供普通家庭和個人使用的自救器材．發(fā)生火災(zāi)時，使用者先將安全鉤掛在室內(nèi)窗戶、管道等可以承重的物體上，然后將安全帶系在人體腰部，從窗戶緩緩降到地面．

在一次消防演練中，演習(xí)者被困在公寓的第24層樓的房間內(nèi)，通過救生緩降器進(jìn)行自救，開始下滑的位置離地面72m，要求他離地面高6.1m后，要以1m/s的速度勻速著地．演習(xí)者調(diào)節(jié)調(diào)速器先加速下滑一段時間后再減速下滑，剛好按要求到達(dá)地面．已知演習(xí)者的質(zhì)量為60kg，加速時加速度最大可達(dá)到6m/s2，減速時加速度最大允許值為5m/s2，g=10m/s2．要求演習(xí)者以最短時間滑到地面．忽略空氣阻力．求：

（1）演習(xí)者加速下滑通過的距離；

（2）整個過程中，演習(xí)者克服鋼絲繩拉力所做的功．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、C【分析】【分析】根據(jù)共點(diǎn)力平衡求出彈簧的拉力大小，剪斷細(xì)線的瞬間，彈簧的彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律求出小球的加速度【解析】【解答】解：根據(jù)共點(diǎn)力平衡得；

F彈sin30°+Tsin30°=mg

根據(jù)幾何關(guān)系可知，F(xiàn)彈=T

解得：

F彈=T=mg

剪斷細(xì)線的瞬間；彈簧的彈力不變，則彈簧彈力和重力的合力與繩子的拉力等值反向，根據(jù)牛頓第二定律得；

a=；方向由A指向C

故選C2、B【分析】

該題本質(zhì)上考查了物體的動態(tài)平衡；由題意可知：保持D點(diǎn)位置不動，即合力大小方向不變，彈簧測力計(jì)A的讀數(shù)不變，因此根據(jù)要求作出力的平行四邊形定則，畫出受力分析圖如下：

所以由圖可知α角逐漸變小時；B的示數(shù)減小，同時β角減小，故ACD錯誤，B正確．

故選B．

【解析】【答案】要使結(jié)點(diǎn)不變；應(yīng)保證合力大小；方向不變，保持A的讀數(shù)不變，即要求一個分力大小不變，故可以根據(jù)平行四邊形定則作圖分析得出結(jié)果．

3、B【分析】

A、由題意0.6s=nT（n=1，2，3、、、），周期T=由于n是整數(shù)，T不可能等于0.9s．故A錯誤．

B、由圖波長λ=4m，波速v==當(dāng)n=3時，v=20m/s．故B正確．

C；x=1m處的質(zhì)點(diǎn)與x=-1m處的質(zhì)點(diǎn)相距半個波長；振動情況相反，它們同時回到平衡位置．故C錯誤．

D、t=0.4s=n是整數(shù)，不可能等于的奇數(shù)倍；在（t+0.4）時刻，x=-2m處的質(zhì)點(diǎn)位移不可能為零．故D錯誤．

故選B

【解析】【答案】根據(jù)t時刻與（t+0.6）時刻的波形圖正好重合；得到時間是周期的整數(shù)倍．列出周期的通項(xiàng)，并求出波速的通項(xiàng)，分析特殊值．

4、A|B【分析】【解析】

試題分析：根據(jù)碰后A球的動能恰好變?yōu)樵瓉淼牡茫航獾门鲎策^程中AB動量守恒，則解得：或故選AB。

考點(diǎn)：本題考查了動量守恒定律．【解析】【答案】AB5、B【分析】解：A；如果一小段通電直導(dǎo)線在空間某處所受磁場力F=0；那么該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度B不一定為零，可能通電導(dǎo)線與磁場方向平行，故A錯誤，B正確；

C；如果一閉合回路中感應(yīng)電流I=0；那么該閉合回路中磁通量φ不一定為零，而感應(yīng)電流I≠0，那么該閉合回路中磁通量φ也可能等于零，比如轉(zhuǎn)動的線圈剛過垂直于中性面位置時，故CD錯誤；

故選：B．【解析】【答案】B6、C【分析】【分析】解答本題應(yīng)掌握：法拉第在1831年發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象．【解析】【解答】解：法拉第經(jīng)十年的努力；在1831年發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；

故選：C．7、A【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的物體位移隨時間的變化規(guī)律為x=（4t+2t2）m=v0t+at2，進(jìn)行比對，解出勻變速直線運(yùn)動的初速度和加速度．由速度公式v=v0+at求解10s時的速度．【解析】【解答】解：將x=（4t+2t2）m與勻變速直線運(yùn)動的物體位移時間公式v0t+at2；比對得：

初速度為：v0=4m/s，加速度為：a=4m/s2．

則10s時的速度為：v=v0+at=4+4×10=44m/s

故選：A二、填空題(共5題，共10分)8、：2：116：18：1【分析】【分析】人造地球衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動時，由地球的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可．【解析】【解答】解：人造地球衛(wèi)星環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動時；由地球的萬有引力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律得：

G=m，得v=，M是地球的質(zhì)量，r是衛(wèi)星的軌道半徑；則得。

vA：vB=：=2：1

由F=G=ma，得a=

則得aA：aB==16：1；

FA：FB=G：G=1：8

故答案為：2：1，16：1，8：19、1.5N0.5【分析】【分析】知道二力平衡的條件，作用在同一物體上的兩個力，大小相等、方向相反、作用在同一直線上；物體在平衡力的作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動狀態(tài)．并根據(jù)滑動摩擦力公式f=μFN，可求出動摩擦因數(shù)．【解析】【解答】解：物體靜止在水平桌面上；所以物體受力平衡．在水平方向上受拉力和摩擦力，所以拉力和摩擦力是一對平衡力；因?yàn)镕=1.5N，所以f=1.5N；

拉力改為2.5N拉動時；物體做勻速直線運(yùn)動，屬于平衡狀態(tài)，所以二力相等，則此時摩擦力等于拉力，等于2.5N．

根據(jù)滑動摩擦力公式f=μFN，可求出動摩擦因數(shù)．即為；

故答案為：1.5；0.5．10、0.82【分析】【分析】（1）根據(jù)題意可知該核反應(yīng)過程中質(zhì)量增加；因此需要提供能量，根據(jù)質(zhì)能方程求出反應(yīng)所需能量，然后根據(jù)能量的守恒即可求出中微子的最小能量．

（2）選擇正確的研究對象，根據(jù)動量守恒定律及能量守恒求解問題．【解析】【解答】解：（1）反應(yīng)過程需要能量為：E=mc2=（36.95691u+0.00055u-36.95658u）c2

根據(jù)lu質(zhì)量對應(yīng)的能量為931.5MeV；得：E≈0.82MeV，所以中微子的能量最小為0.82MeV；

故答案為：0.82

（2）①根據(jù)動量守恒定律列出等式：

mv0=（m+M）v

解得：v=1m/s

②根據(jù)能量守恒知道整個運(yùn)動過程中產(chǎn)生的內(nèi)能等于動能的損失．

E=mv02-（m+M）v2

得：E=10J

答：①滑塊與小車的共同速度v為1m/s；

②整個運(yùn)動過程中產(chǎn)生的內(nèi)能E為10J．11、略

【分析】

閉合電鍵時，干路電流為I==A=3A，通過L2燈的電流I2=I-I1=3A-1A=2A

L2燈兩端的電壓U2=I1R1=6V

則燈L2的電阻R2==

某個燈斷路后，根據(jù)兩電表的讀數(shù)判斷可知，應(yīng)是L2燈斷路，因?yàn)槠渌麅蔁羧魯嗦?，兩電表將沒有讀數(shù)．由于L2燈斷路，L1燈兩端的電壓增大；所以此時電流表的讀數(shù)為I′=1A+0.8A=1.8A

根據(jù)閉合電路歐姆定律得。

L2燈斷路前E=Ir+（UV+U2）

L2燈斷路后E=I′（r+R1+R3）

代入解得；E=18V

故答案為：3；18

【解析】【答案】閉合電鍵時，根據(jù)兩電表的讀數(shù)，運(yùn)用歐姆定律分別求出干路電流及L2燈兩端的電壓，即可得到L2燈的電流，并能求出其電阻；某個燈斷路后，根據(jù)兩電表的讀數(shù)判斷可知，應(yīng)是L2燈斷路；根據(jù)閉合電路歐姆定律對兩種情況分別列式，求電動電源的電動勢．

12、甲【分析】【分析】本題的關(guān)鍵是對甲、乙兩圖把電表內(nèi)阻考慮在內(nèi)，根據(jù)歐姆定律列出待測電阻的表達(dá)式，能求出待測電阻的行．【解析】【解答】解：根據(jù)歐姆定律可知，甲圖中應(yīng)有：U=I（），可得=；所以可以用甲圖測量待測電阻；

乙圖中應(yīng)有：=，由于電壓表內(nèi)阻未知；所以無法解出待測電阻值，即若電壓表內(nèi)阻不能忽略，就不能采用乙圖測量待測電阻．

所以在所選電路中，待測電阻的真實(shí)值為：=

故答案為：甲，．三、判斷題(共6題，共12分)13、√【分析】【分析】建立坐標(biāo)系的意義是為了定量描述質(zhì)點(diǎn)的位置變化，要根據(jù)問題的實(shí)際需要，建立合適的坐標(biāo)系，沿直線運(yùn)動建立直線坐標(biāo)系，在平面上運(yùn)動，建立平面直角坐標(biāo)系．【解析】【解答】解：建立坐標(biāo)系是為了定量描述物體的位置和位置的變化；坐標(biāo)系都是建立在參考系上的，沒有參考系則坐標(biāo)系無法建立，所以該說法是正確的．

故答案為：√14、×【分析】【分析】從力的概念，力作用的相互性，一個對另一個物體施加力的作用有兩種形式：一是物體直接接觸作用，二是物體之間的間接作用，分析即可．【解析】【解答】解：力是物體對物體的作用；力不能脫離物體而存在；因此有力必然涉及兩個物體，一個是施力物體，另一個是受力物體，施力物體對受力物體施力的同時也受到受力物體對它的作用力，也就是說，物體間力的作用是相互的，沒有施力物體的力有不可能存在．

故答案為：×15、×【分析】【分析】元電荷一定是電量最小的電荷；點(diǎn)電荷是一種理想化模型，其本身所帶的電量可以很大．【解析】【解答】解：點(diǎn)電荷是一種理想化模型；當(dāng)帶電體的體積和形狀相對所研究的問題可以忽略的時候，帶電體可以看做點(diǎn)電荷，其本身所帶的電量可以很大．故此說法錯誤．

故答案為：×16、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運(yùn)動是布朗運(yùn)動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運(yùn)動越明顯；布朗運(yùn)動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運(yùn)動的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運(yùn)動的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運(yùn)動越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運(yùn)動比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×17、√【分析】【分析】溫度是氣體分子平均動能變化的標(biāo)志．氣體壓強(qiáng)是氣體分子撞擊器壁而產(chǎn)生的．【解析】【解答】解：如果保持氣體體積不變；當(dāng)溫度升高時，分子的運(yùn)動變得更加激烈，分子的運(yùn)動加快，所以每秒撞擊單位面積器壁的分子數(shù)增多，氣體的壓強(qiáng)增大．故該說法正確．

故答案為：√18、×【分析】【分析】物體做勻速直線運(yùn)動時，合外力對物體不做功，但合外力不做功，物體不一定作勻速直線運(yùn)動．【解析】【解答】解：物體受到的合外力不做功；則物體一定作勻速直線運(yùn)動，如勻速圓周運(yùn)動，合外力提供向心力，合外力不做功．

故答案為：×四、計(jì)算題(共3題，共30分)19、略

【分析】第一次，設(shè)m2的加速度為a1，對m2，由牛頓第二定律有：FT－m2gsinα＝m2a1對m1，有：m1g－FT＝m1a1兩式相加得：m1g－m2gsinα＝(m1＋m2)a1設(shè)斜面長為l，則有：l＝a1t2本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，第一次運(yùn)動過程中，以m2為研究對象，合力提供加速度，在對m1為研究對象。兩個物體加速度大小相等，由兩個公式聯(lián)立可求得加速度大小，由運(yùn)動學(xué)公式可求得運(yùn)動時間，第二次運(yùn)動過程中同理可求得運(yùn)動時間【解析】【答案】t/320、略

【分析】【解析】小球在下落過程中，由v==4m/s

對小球由動量定理得，(F-mg)t=mv,所以，F(xiàn)t=mgt+mv=0.6N.s【解析】【答案】0.6N.s21、解：（1）平臺光滑；對球進(jìn)行受力分析，有重力和平臺的支持力，如果此桿對球有作用力，則球不可能平衡，故輕桿對B的作用力：F=0N

彈簧的形變量：△L=L-Lcosθ

對A進(jìn)行受力分析；有重力和彈力，根據(jù)胡克定律和力的平衡條件有：k△L=mg

代入數(shù)據(jù)解得：

（2）B、C對桌面無彈力，ABC系統(tǒng)在豎直方向合力為零，根據(jù)力的平衡條件：k（L-Lcosθ0）=3mg

代入數(shù)據(jù)解得

對B進(jìn)行受力分析，B的向心力由桿的拉力和重力的合力提供，F(xiàn)n=mgtanθ0

根據(jù)牛頓第二定律有：

代入數(shù)據(jù)解得

（3）當(dāng)A球下降h=0.4L時，ABC速度均為零，由機(jī)械能守恒有：Ep=mgh=0.4mgL

設(shè)桿此時拉力為T，桿與豎直方向夾角為θ1，則

A的加速度豎直向上，由牛頓第二定律有：kh-2Tcosθ1-mg=ma0

同理對B有Tsinθ1=ma

代入數(shù)據(jù)解得

答：（1）輕桿對B的作用力F和彈簧的勁度系數(shù)k=

（2）輕桿與豎直方向夾角θ0的余弦值為0.4，和角速度ω0=

（3）彈簧的彈性勢能Ep=0.4mgL，B球加速度的大小a=【分析】

由于平臺光滑，假設(shè)此桿對球有作用力，則球不可能平衡，故輕桿對B的沒有作用力；對A，由胡克定律和力的平衡條件可以求出彈簧勁度系數(shù)k；利用整體法，把ABC看成一個整體，根據(jù)的力的平衡條件可以求出輕桿與豎直方向夾角θ0的余弦；利用勻速圓周運(yùn)動規(guī)律可以求出角速度；利用機(jī)械能守恒定律可以求出彈簧的彈性勢能。

本題考查了胡克定律、力的平衡條件、牛頓第二定律、機(jī)械能守恒定律等知識。關(guān)鍵點(diǎn)一：由于平臺光滑，假設(shè)此桿對球有作用力，則球不可能平衡，故輕桿對B的沒有作用力；關(guān)鍵點(diǎn)二：利用整體法，把ABC看成一個整體，根據(jù)的力的平衡條件求輕桿與豎直方向夾角θ0的余弦；關(guān)鍵點(diǎn)三：用機(jī)械能守恒定律求彈簧的彈性勢能?！窘馕觥拷猓海?）平臺光滑；對球進(jìn)行受力分析，有重力和平臺的支持力，如果此桿對球有作用力，則球不可能平衡，故輕桿對B的作用力：F=0N

彈簧的形變量：△L=L-Lcosθ

對A進(jìn)行受力分析；有重力和彈力，根據(jù)胡克定律和力的平衡條件有：k△L=mg

代入數(shù)據(jù)解得：

（2）B、C對桌面無彈力，ABC系統(tǒng)在豎直方向合力為零，根據(jù)力的平衡條件：k（L-Lcosθ0）=3mg

代入數(shù)據(jù)解得

對B進(jìn)行受力分析，B的向心力由桿的拉力和重力的合力提供，F(xiàn)n=mgtanθ0

根據(jù)牛頓第二定律有：

代入數(shù)據(jù)解得

（3）當(dāng)A球下降h=0.4L時，ABC速度均為零，由機(jī)械能守恒有：Ep=mgh=0.4mgL

設(shè)桿此時拉力為T，桿與豎直方向夾角為θ1，則

A的加速度豎直向上，由牛頓第二定律有：kh-2Tcosθ1-mg=ma0

同理對B有Tsinθ1=ma

代入數(shù)據(jù)解得

答：（1）輕桿對B的作用力F和彈簧的勁度系數(shù)k=

（2）輕桿與豎直方向夾角θ0的余弦值為0.4，和角速度ω0=

（3）彈簧的彈性勢能Ep=0.4mgL，B球加速度的大小a=五、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共12分)22、A1.15（1.13～1.19）【分析】【分析】1；平衡摩擦力時；小車不能連接砝碼；

2；為了保證在改變小車中砝碼的質(zhì)量時；小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質(zhì)量之和應(yīng)該遠(yuǎn)小于小車和砝碼的總質(zhì)量。

由勻變速直線運(yùn)動的推論得：△x=aT2

由a=，故=，故成線性關(guān)系，且斜率為；設(shè)小車質(zhì)量為M；

則由牛頓第二定律寫出與小車上砝碼質(zhì)量m+M的表達(dá)式，然后結(jié)合斜率與截距概念求解即可【解析】【解答】解：（1）平衡摩擦力時；小車不能連接砝碼，故A錯誤；

故選：A．

（2）設(shè)紙帶上三個相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的間距為s1、s2、s3．

由勻變速直線運(yùn)動的推論得：△x=aT2

a=

圖2為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況，由圖可讀出s1=24.2mm，s3=47.2mm．

由此求得加速度的大小a==1.15m/s2．

（3）設(shè)小車質(zhì)量為M；小車受到外力為F，由牛頓第二定律有F=（m+M）a；

所以=+；

所以，-m圖象的斜率為，故F=；

縱軸截距為b==kM；

所以，M=

故答案為：（1）A；（2）1.15（1.13～1.19）（3），．23、BDFF′【分析】【分析】1；根據(jù)該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理以及實(shí)驗(yàn)?zāi)康目梢悦鞔_該實(shí)驗(yàn)需要記錄的數(shù)據(jù)．

2、F1與F2合成的理論值是由平行四邊形定則作圖得到的，由于誤差可能不與OA共線；而F1與F2合成的實(shí)際值一定與OA共線（二力平衡）．故F'為F1與F2合成的理論值，F(xiàn)為F1與F2合成的實(shí)際值．【解析】【解答】解：（1）該實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)?zāi)康氖球?yàn)證力的平行四邊形定則；要根據(jù)兩個彈簧拉橡皮筋時兩個拉力的大小和方向做出平行四邊形求出其合力大小，然后與一個彈簧拉橡皮筋時的拉力大小進(jìn)行比較，最后得出結(jié)論，故需要記錄的是結(jié)點(diǎn)O的位置和兩彈力的大小和方向，故AC錯誤，BD正確．

故選：BD．

（2）合成的理論是平行四邊形定則；故合力的理論值在平行四邊形的對角線上，即為F；

合力的實(shí)際值應(yīng)通過實(shí)驗(yàn)直接測量；不需要用平行四邊形定則理論，故實(shí)際值為F′，由于誤差的存在，因此理論值和實(shí)驗(yàn)值不重合．

故答案為：（1）BD；（2）F、F′．24、0.2140.496【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上3點(diǎn)時小車的瞬時速度大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓海?）點(diǎn)計(jì)時器使用的交流電頻率為50Hz；連續(xù)兩點(diǎn)間的時間間隔為0.02s；

由于相鄰的兩個記數(shù)點(diǎn)間還有四個點(diǎn)沒有畫出；所以相鄰的計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時間間隔T=0.1s．

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動中時間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度；

得：v2=m/s=0.214m/s

（2）設(shè)0到1之間的距離為x1，以后各段分別為x2、x3、x4、x5、x6，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論公式△x=aT2可以求出加速度的大??；得：

x4-x1=3a1T2

x5-x2=3a2T2

x6-x3=3a3T2

為了更加準(zhǔn)確的求解加速度；我們對三個加速度取平均值，得：

a=（a1+a2+a3）

代入數(shù)據(jù)得：a=m/s2=0.496m/s2

故答案為：0.214，0.496．六、簡答題(共4題，共12分)25、略

【分析】【分析】桿的B端受AB的拉力F、BC的拉力T，兩個力的合力豎直向下，根據(jù)平行四邊形定則作圖分析即可．【解析】【解答】解：桿的B端受AB的拉力F；BC的拉力T；兩個力的合力豎直向下，如圖所示：

根據(jù)平行四邊形定則；有：

F′=Ftan53°=300×=400N

答：由于電線BC和牽引索AB的作用，使得電線桿對地面增加的壓力為400N．26、（1）SrSO4+Na2CO3=SrCO3+Na2SO42.0mol/L（2）Na2SO4或硫酸鈉Mg(OH)2和Ca(OH)2（3）硫酸過量后會生成SrSO4沉淀，降低產(chǎn)率（4）ClO3－＋6Fe22＋＋6Fe2O=6Fe(OH)3↓＋15H－＋Cl＋12H（5）Sr2++2HCO3-=SrCO3↓+H2O+CO2↑升溫有利于CO2的逸出【分析】【分析】本題考查rm{SrCO}rm{3}制備實(shí)驗(yàn)，制備實(shí)驗(yàn)為高頻考題，涉及沉淀溶解平衡計(jì)算、物質(zhì)的分離和提純等知識點(diǎn)，明確各個步驟發(fā)生的反應(yīng)及溶液中存在的微粒成分是解本題關(guān)鍵，難點(diǎn)是判斷各個步驟濾液中成分。【解答】rm{3}相同溫度時溶解度rm{(1)}溶解度大的物質(zhì)能轉(zhuǎn)化為溶解度小的物質(zhì)，所以將天青石礦粉和rm{SrCO_{3}<SrSO_{4}}溶液充分混合，發(fā)生的反應(yīng)為rm{Na_{2}CO_{3}}當(dāng)轉(zhuǎn)化完全時，混合液中的rm{SrSO_{4}+Na_{2}CO_{3}=SrCO_{3}+Na_{2}SO_{4}}rm{c(CO_{3}^{2-})=1.0隆脕10^{-3}mol?L^{-1}}rm{Ksp(SrSO_{4})=3.2隆脕10^{-7}}當(dāng)轉(zhuǎn)化完成時，混合液中rm{Ksp(SrCO_{3})=1.6隆脕10^{-10}}

所以rm{c(Sr^{2+})=dfrac{1.6隆脕10^{-10}}{1.0隆脕10^{-3}}=1.6隆脕10^{-7}mol/L}rm{c(SO_{4}^{2-})=dfrac{3.2隆脕10^{-7}}{1.6隆脕10^{-7}}=2.0mol/L}

故答案為：rm{c(CO_{3}^{2-})=1.0隆脕10^{-3}mol/L}rm{c(Sr^{2+})=dfrac

{1.6隆脕10^{-10}}{1.0隆脕10^{-3}}=1.6隆脕10^{-7}mol/L}

rm{c(SO_{4}^{2-})=dfrac

{3.2隆脕10^{-7}}{1.6隆脕10^{-7}}=2.0mol/L}將天青石礦粉與rm{SrSO_{4}+Na_{2}CO_{3}=SrCO_{3}+Na_{2}SO_{4}}溶液攪拌混勻，發(fā)生的離子反應(yīng)方程式為：rm{2.0mol/L}濾液rm{(2)}含較多的rm{Na_{2}CO_{3}}rm{SrSO_{4}+CO_{3}^{2-}=SrCO_{3}+SO_{4}^{2-}}所以濾液rm{1}的主要成分為rm{Na^{+}}或硫酸鈉。由物質(zhì)的溶解性可知，沉淀為rm{SO_{4}^{2-}}rm{1}rm{Na_{2}SO_{4}}rm{SrCO_{3}}rm{BaCO_{3}}rm{MgCO}rm{MgCO}rm{3}rm{3}等，加入鹽酸和硫酸后，、rm{CaCO}為濾渣rm{CaCO}rm{{,!}_{3}}rm{{,!}_{3}}rm{FeO}轉(zhuǎn)化成鎂離子、鈣離子形式存溶液中，加rm{Fe_{2}O_{3}}氫氧化鈉溶液，形成rm{SiO_{2}}rm{SiO_{2}}和rm{1}rm{MgCO}rm{MgCO}

故答案為：rm{3}或硫酸鈉；rm{3}、rm{CaCO_{3}}轉(zhuǎn)化成鎂離子、鈣離子形式存溶液中，加rm{20%}氫氧化鈉溶液，形成rm{CaCO_{3}}rm{20%}；

rm{Mg(OH)}流程中第二次過濾后，向所得濾液中加入濃硫酸，能和濃硫酸反應(yīng)的為鋇離子，生成硫酸鋇沉淀，除去鋇離子，若硫酸過量后會生成rm{2}沉淀；降低產(chǎn)率；

故答案為：硫酸過量后會生成rm{2}沉淀，降低產(chǎn)率；rm{Ca(OH)}rm{2}rm{2}為濾渣rm{II}rm{II}rm{Na_{2}SO_{4}}rm{Mg(OH)}rm{Mg(OH)}rm{2}rm{2}和rm{Ca(OH)}rm{Ca(OH)}rm{2}rm{2}rm{(3)}，rm{SrSO_{4}}rm{SrSO_{4}}rm{(4)}除鐵過程的離子方程式為rm{ClO}rm{ClO}rm{{,!}_{3}^{-}}rm{+}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{+}rm{6Fe}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{{,!}^{+}+}；

rm{15H}由于rm{15H}碳酸鍶是難溶物，鍶離子與碳酸氫根離子反應(yīng)生成了碳酸鍶沉淀，反應(yīng)的離子方程式為：rm{{,!}_{2}O=6Fe(OH)_{3}隆媒+}氣體的溶解度隨著溫度的升高而降低，rm{Cl}之前，鍶轉(zhuǎn)化率隨溫度升高而變大的主要原因是升溫有利于rm{Cl}的逸出；

故答案為：rm{{,!}^{-}+}升溫有利于rm{12H}的逸出。

rm{12H}【解析】rm{(1)SrSO_{4}+Na_{2}CO_{3}=SrCO_{3}+Na_{2}SO_{4;;}2.0mol/L}rm{(2)Na_{2}SO_{4}}或硫酸鈉rm{Mg(OH)}rm{Mg(OH)}rm{2}rm{2}和rm{Ca(OH)}硫酸過量后會生成rm{Ca(OH)}沉淀，降低產(chǎn)率rm{2}rm{2}rm{(3)}rm{SrSO_{4}}rm{(4)}rm{ClO}rm{ClO}rm{{,!}_{3}^{-}}rm{+}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{+}rm{6Fe}rm{6Fe}rm{{,!}^{2}}rm{{,!}^{+}+}rm{15H}升溫有利于rm{15H}的逸出rm{{,!}_{2}O=6Fe(OH)_{3}隆媒+}27、（1）①<

②0.005mol/（L?min）

③使用催化劑。

④等于

（2）①-2.6

②CD

（3）243

（4）2SOCl2+4e-=S+SO2↑+4Cl-正極【分析】【分析】本題考查了化學(xué)平衡的有關(guān)計(jì)算；溫度對化學(xué)平衡的影響，鍵能與反應(yīng)熱的關(guān)系以及原電池的原理，綜合性強(qiáng)，題目難度不大，考生注意基礎(chǔ)知識的把握與計(jì)算。

【解答】rm{(1)}rm{壟脵}據(jù)反應(yīng)中某一反應(yīng)物的體積分?jǐn)?shù)rm{(}以rm{A攏樓}表示rm{)}隨溫度的變化關(guān)系圖知，rm{A}的體積分?jǐn)?shù)達(dá)到最低點(diǎn)是反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，升溫rm{A}的體積分?jǐn)?shù)增大，說明平衡向逆反應(yīng)方向移動，逆反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，該反應(yīng)的rm{婁隴H<0}據(jù)反應(yīng)中某一反應(yīng)物的體積分?jǐn)?shù)rm{壟脵}以rm{(}表示rm{A攏樓}隨溫度的變化關(guān)系圖知，rm{)}的體積分?jǐn)?shù)達(dá)到最低點(diǎn)是反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，升溫rm{A}的體積分?jǐn)?shù)增大，說明平衡向逆反應(yīng)方向移動，逆反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，該反應(yīng)的rm{A}rm{婁隴H<0}

故答案為：rm{<}向rm{<}的密閉容器中通入rm{壟脷}rm{壟脷}與rm{2L}均為rm{SO_{2}}設(shè)參與反應(yīng)的為rm{SCl_{2}}為rm{Cl_{2}}則：rm{0.04mol}rm{SO_{2}}rm{x}rm{SO}rm{SO}rm{2}rm{2}rm{(g)+Cl}rm{(g)+Cl}rm{2}rm{2}rm{(g)+SCl}始rm{(g)+SCl}rm{2}rm{2}rm{(g)}rm{(g)}rm{overset{}{?}}轉(zhuǎn)rm{2SOCl}rm{2SOCl}rm{