2024年滬教版選修3物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，二極管的正向電阻為零，反向電阻為無窮大，定值電阻R1＝5Ω，R2＝10Ω，a、b兩端接交流電，其電壓瞬時值的表達式為該電路的電功率為（）

A.15WB.C.30WD.60W2、一定質量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，再變化到狀態(tài)C，其變化過程的p﹣V圖象如圖所示（）

A.氣體在A狀態(tài)時的內能大于C狀態(tài)時的內能B.氣體在B狀態(tài)時每個分子的動能都比A狀態(tài)時大C.氣體從狀態(tài)A到B吸收的熱量大于從狀態(tài)B到C放出的熱量D.氣體從狀態(tài)A到B吸收的熱量等于從狀態(tài)B到C放出的熱量3、如圖所示，四根長直絕緣導線處于同一平面內，它們的電流大小關系是I1=I2>I3>I4，下列做法中一定可以增大正方形ABCD的中心處的磁場強度的是（）

A.增大I1B.增大I2C.使I3反向D.使I4反向4、如圖；在薄金屬圓筒表面上通以與其軸線平行；分布均勻的恒定電流時，該圓筒的形變趨勢為（）

A.沿軸線上下壓縮B.沿軸線上下拉伸C.沿半徑向內收縮D.沿半徑向外膨脹5、下列關于電源電動勢的說法，正確的是（）A.電源向外提供的電能越多，表示電動勢越大B.同一電源接入不同的電路，電動勢就會發(fā)生變化C.電源的電動勢與外電路有關，外電路電阻越大，電動勢就越大D.電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、下列說法中正確的是（）A.布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運動，證明了懸浮微粒分子的無規(guī)則運動B.分子平均動能大的物體的溫度一定比分子平均動能小的物體的溫度高C.物體吸收熱量，同時對外做功，其內能可能增加E.小草上的露珠呈球形是由于液體表面張力使其表面積具有擴張到最大的趨勢E.小草上的露珠呈球形是由于液體表面張力使其表面積具有擴張到最大的趨勢7、帶有活塞的氣缸內封閉一定量的理想氣體，其狀態(tài)變化如圖所示。氣體開始處于狀態(tài)A，由過程到達狀態(tài)B，其內能減小了E，后又經過程到達狀態(tài)C。設氣體在狀態(tài)A時的壓強、體積和溫度分別為和在狀態(tài)B時的體積為狀態(tài)C時的溫度為則下列說法正確的是（）

A.氣體在狀態(tài)B時的溫度B.氣體在狀態(tài)B時的溫度C.過程中，氣體放出的熱量D.過程中，氣體放出的熱量8、如圖，一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過程如圖中從a到b的直線所示。在此過程中（）

A.氣體內能一直增加B.氣體溫度一直降低C.外界一直對氣體做功D.氣體一直從外界吸熱9、對固體、液體性質以及特點的理解，下列說法正確的是（）A.從微觀角度解釋氣體的壓強時，氣體分子的平均動能和密集程度決定氣體壓強的大小B.分子間距離減小，分子勢能可能增大也可能減小C.某溶液在相同溫度下，形成的未飽和汽、飽和汽的壓強不同，則該溶液分子的平均動能一定不同E.水銀滴在玻璃板上將成橢球狀，所以說水銀一定是一種不浸潤液體E.水銀滴在玻璃板上將成橢球狀，所以說水銀一定是一種不浸潤液體10、如圖所示，兩塊水平放置的平行正對的金屬板a、b與電池相連，b板接地(規(guī)定大地電勢為零)在距離兩板等遠的P點有一個帶電液滴處于靜止狀態(tài)．若將b板向下平移一小段距離；則穩(wěn)定后，下列說法中正確的是。

A.液滴將加速向下運動B.P點電勢升高，液滴在P點時的電勢能減小C.P點的電場強度變大D.在b板移動前后兩種情況下，若將液滴從a板移到b板，電場力做功不變11、一簡諧橫波在圖中軸上向右傳播，實線和虛線分別是和時刻的波形圖，已知．由圖判斷下列波速哪些是可能的（））

A.B.C.D.12、如圖所示；用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時B球被松開，自由下落。改變小球距地面的高度和打擊的力度，重復這個實驗，發(fā)現(xiàn)A；B兩球總是同時落地。若A、B兩球質量相等，且將平拋運動沿水平和豎直兩個方向分解。下列說法正確的是。

A.本實驗可驗證平拋運動在水平方向上是勻速直線運動B.本實驗可驗證平拋運動在豎直方向上是自由落體運動C.在同一次實驗中，兩球落地前瞬間重力的功率相等D.在同一次實驗中，兩球落地前瞬間動量的大小相等13、所示，在光滑水平面上的兩小球發(fā)生正碰．小球的質量分別為m1和m2.圖乙為它們彈性碰撞前后的s﹣t（位移時間）圖象．已知m1=0.1㎏．由此可以判斷。

A.碰前靜止，向右運動B.碰后和都向右運動C.D.碰撞過程中系統(tǒng)損失了的機械能評卷人得分三、填空題(共7題，共14分)14、如圖所示的電路中，電源電壓保持不變，R2、R3是兩個定值電阻．閉合開關S、滑片P向左滑動，伏特表示數(shù)將___________，當電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為當電流表示數(shù)變化量的絕對值為時，電壓表示數(shù)變化量的絕對值為若則________（此空格填“大于”；“等于”或“小于”）

15、一定質量的理想氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，過程如圖所示，A到B過程圖線與橫軸平行，B到C過程圖線的反向延長線過原點，則氣體從A→B過程中___________（填“吸收”或“放出”）熱量，從B→C過程中___________（填“吸收”或“放出”）熱量。

16、如圖，一定質量的理想氣體從狀態(tài)a開始，分別經歷等溫變化a→b和等容變化b→c。在a→b過程中，氣體的內能______（填“增大”“減小”或“不變”）；在a→b→c過程中，氣體_______（填“吸收”或“放出”）熱量。

17、如圖所示；將邊長為L；總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向，垂直線圈平面）

（1）所用拉力F＝_________．

（2）拉力F做的功WF＝________．

（3）拉力F的功率PF＝________．

（4）線圈放出的熱量Q＝_________．

（5）通過導線截面的電量q＝_________．18、【小題1】警車向路上的車輛發(fā)射頻率已知的超聲波，同時探測反射波的頻率。下列說法正確的是_______。(填入正確答案標號。選對1個得2分，選對2個得4分：有選錯的得0分)。A．車輛勻速駛向停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率增高B．車輛勻速駛離停在路邊的警車，警車探測到的反射波頻率降低C．警車勻速駛向停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率降低D．警車勻速駛離停在路邊的汽車，探測到的反射波頻率不變【小題2】如圖，由透明介質構成的半球殼的內外表面半徑分別為R和R。一橫截面半徑為R的平行光束入射到半球殼內表面，入射方向與半球殼的對稱軸平行，所有的入射光線都能從半球殼的外表面射出。已知透明介質的折射率為n=求半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑。不考慮多次反射。19、帶電粒子A的質量為m，電量為q。帶電粒子B的質量為4m，電量為2q。兩個粒子分別以相同速度垂直磁感線射入同一勻強磁場中（不計帶電粒子的重力）。則兩粒子做圓周運動的半徑之比Ra∶Rb＝_________，周期之比Ta∶Tb＝_________。20、一質子束入射到靜止靶核上，產生如下核反應：式中p代表質子，n代表中子，X代表核反應產生的新核．由反應式可知，新核X的質子數(shù)為____________，中子數(shù)為______________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【詳解】

由二極管的單向導電性可知，在一個周期T內，有一半時間電流通過做功，中無電流，有一半時間電流通過做功，中無電流，故

其中U為交流電的有效值

解得

故選A。2、C【分析】【詳解】

A．由p﹣V圖象可得

由理想氣體守恒，可知氣體在A狀態(tài)和C狀態(tài)時的溫度相等即

一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度相等內能也相等，因此氣體在A狀態(tài)時的內能等于在C狀態(tài)時的內能；A錯誤；

B．由圖象知，理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓膨脹過程，由守恒可知，溫度升高即TA＜TB；溫度越高分子平均動能越大，則氣體在B狀態(tài)時分子平均動能比A狀態(tài)時大，分子平均動能變大并不是每個分子的動能都增大，而是動能較大分子數(shù)量所占的比例增大，B錯誤；

CD．A→B過程：氣體體積變大，外界對氣體做負功，即W＜0，溫度升高，內能增加，即

由熱力學第一定律

可知Q＞0；則此過程氣體吸熱，吸收的熱量等于增加的內能加上外界對氣體做功的絕對值；

B→C過程：氣體體積不變，外界不對氣體做功，即W＝0，溫度降低，內能減少，即

同理可知Q＜0；此過程氣體放熱，放出的熱量等于減少的內能；

因TA＝TC，可得A→B過程升高的溫度等于B→C過程降低的溫度，所以A→B過程內能增加量等于B→C過程內能減少量；

由以上分析可知：氣體從狀態(tài)A到B吸收的熱量大于從狀態(tài)B到C放出的熱量；D錯誤，C正確。

故選C。3、B【分析】【詳解】

AB．根據(jù)安培定則可知，I1在正方形ABCD中心處產生的磁場強度B1方向向外，I2在正方形ABCD中心處產生的磁場強度B2方向向里，I3在正方形ABCD中心處產生的磁場強度B3方向向里，I4在正方形ABCD中心處產生的磁場強度B4方向向里，所以正方形ABCD處的磁場強度為

增大I1磁場強度B減??；增大I2磁場強度B增大；A錯誤；B正確；

C．使I3反向磁場強度為

磁場強度減小；C錯誤；

D．使I4反向磁場強度為

磁場強度減?。籇錯誤。

故選B。4、C【分析】【詳解】

根據(jù)電流間的相互作用力關系：同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，所以通以同向電流后，電流間相互吸引，所以整個圓筒有沿半徑向內收縮的趨勢，ABD錯誤C正確5、D【分析】【分析】

電動勢與電勢差是兩個不同的概念；電動勢等于內外電路電壓之和。電動勢是表示電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小的物理量。電動勢由電源本身的特性決定，與外電路的結構無關。

【詳解】

根據(jù)W＝EIt可知；電源向外提供的電能多，不能說明電動勢大，還與電源做功的時間；電路中的電流有關。故A錯誤；電動勢表示的是電源將其它形式的能轉化為電能的本領，在數(shù)值上是等于將單位正電荷從負極移到正極時非靜電力所在的功，電動勢由電源本身的特性決定，與外電路的結構無關，故BC錯誤；電動勢是表示電源把其它形式的能轉化為電能的本領大小的物理量，電動勢越大的電源，將其他形式的能轉化為電能的本領越大，故D正確。故選：D。

【點睛】

本題考查對于電源的電動勢的理解能力。電動勢是表征電源把其他形式的能轉化為電能本領大小，與外電路無關。二、多選題(共8題，共16分)6、B:C:D【分析】【詳解】

A．布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運動；反映了液體或氣體分子的無規(guī)則運動，故A錯誤；

B．溫度是分子平均動能的標志；溫度高的物體分子平均動能大，溫度低的物體分子平均動能小，故B正確；

C．物體吸收熱量同時對外做功可正；可負；所以內能可能增加，故C正確；

D．食鹽是晶體；晶體具有各向異性的特點，故D正確；

E．小草上的露珠呈球形是由于液體表面張力使其表面積具有收縮到最小的趨勢；故E錯誤。

故選BCD。7、A:C【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題圖知，過程為等壓變化。

由蓋-呂薩克定律得

解得

故A正確；B錯誤；

CD．由過程，氣體發(fā)生等壓變化，氣體體積減小，外界對氣體做功

由熱力學第一定律得

則

即氣體放出的熱量

故C正確；D錯誤。

故選AC。8、A:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由圖可知氣體的PV一直增加，由理想氣體狀態(tài)方程

知氣體溫度一直增加；故A正確；

B．一定量的理想氣體內能只與溫度有關；溫度一直增加，氣體的內能一直增加，故B錯誤；

CD．體積增大，氣體一直對外做功，即外界一直對氣體做負功，氣體內能一直增加，根據(jù)熱力學第一定律

可知氣體一直從外界吸熱；故D正確，C錯誤。

故選AD。9、A:B:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)氣體壓強的微觀解釋；可知氣體分子的平均動能和密集程度決定氣體壓強的大小，A正確；

B．當r小于平衡距離時，r減小，分子力表現(xiàn)為斥力，分子力做負功，分子勢能增大，當r大于平衡距離時，r減??；分子力表現(xiàn)為引力，分子力做正功，分子勢能減小，B正確；

C．溫度是分子平均動能的標志；同種液體在相同溫度下形成的未飽和汽；飽和汽的分子平均動能相同，C錯誤；

D．根據(jù)熱力學第二定律；內能不可能全部轉化為機械能而不引起其他變化，D正確；

E．浸潤與不浸潤是由液體和固體共同決定的；液體浸潤固體，附著層面積要擴張，不浸潤固體附著層面積要收縮；水銀不浸潤玻璃，但可能浸潤其他固體，E錯誤。

故選ABD。10、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

原來液滴受力平衡，則知所受的電場力向上，液滴帶負電．電容器與電源相連，板間電壓不變．將b板向下平移時，兩板間的距離變大，由E=U/d分析可知：板間電場強度減小，粒子受到的電場力減小，故液滴將向下加速運動；故A正確，C錯誤；下極板接地，電勢為零，b板下移時，P與上極板的距離不變，根據(jù)U=Ed可知，P點與上極板的電勢差減小，則P點的電勢升高，因帶電液滴帶負電，故電勢能將減小，故B正確；因兩板間的電勢差不變，由W=Uq知，前后兩種狀態(tài)下移動電荷時，電場力做功相同，故D正確；故選ABD．11、C:D【分析】【詳解】

由圖可得諧橫波在圖中x軸上向右傳播，則波的周期為波速

A．將代入可得n=0.25；不符合波速通項，故A錯誤；

B．將代入可得n=0.5；不符合波速通項，故B錯誤；

C．將代入可得n=1；符合波速通項，故C正確；

D．將代入可得n=2；符合波速通項，故D正確；

故選CD．

【點睛】解題方法根據(jù)波的周期性得到周期和波速通項式，考查運用數(shù)學知識處理物理問題的能力.12、B:C【分析】【分析】

A球沿水平方向拋出做平拋運動；同時B球被松開，自由下落做自由落體運動，發(fā)現(xiàn)每次兩球都同時落地，只能說明平拋豎直方向的分運動是自由落體運動。

【詳解】

本實驗將A的做平拋運動與豎直方向下落的B的運動對比；只能說明A豎直方向運動情況，不能反映A水平方向的運動情況。本實驗中A做平拋運動，B做自由落體運動，每次兩球都同時落地，說明A豎直方向的分運動是自由落體運動。故A錯誤，B正確；兩小球落地時的豎直分速度相同，故由P=mgv可知，兩球落地時的功率相等，故C正確；由于兩球落地時的瞬時速度不同，平拋運動的合速度大于自由落地的速度，故落地時的動量不相等，故D錯誤。故選BC。

【點睛】

本題考查研究平拋運動規(guī)律的實驗，主要是對分析推理的能力的考查，注意本實驗采用對比的方法來研究平拋運動水平方向的分運動情況。13、A:C【分析】【詳解】

A.由s-t圖象的斜率等于速度，可得m1碰前速度v1=4m/s，m2碰前速度v2=0，則知碰前m2靜止，m1向右運動；故A正確；

BC.碰后m1速度為v′1=-2m/s，向左運動．碰后m2的速度v′2=2m/s，向右運動．

根據(jù)動量守恒定律得m1v1+m2v2=m1v′1+m2v′2．

代入數(shù)據(jù)解得：m2=0.3kg．

故BC錯誤；

D.兩物體組成的系統(tǒng)在碰撞過程中的機械能損失為：

所以碰撞過程是彈性碰撞．故D錯誤．三、填空題(共7題，共14分)14、略

【分析】【詳解】

[1]由電路圖可以知道，三電阻串聯(lián)，電流表測電路中的電流，電壓表測量滑動變阻器R1兩端的電壓；滑片P向左滑動；滑動變阻器接入電路的電阻變小，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，變阻器兩端的電壓變小，即電壓表示數(shù)將減?。?/p>

[2]由歐姆定律可以知道，定值電阻兩端電壓變化量與電流變化量的比值等于其阻值，滑片P向左滑動，滑動變阻器接入電路的電阻變小，變阻器兩端的電壓變小，電源電壓不變，由串聯(lián)分壓規(guī)律可以知道，R2和R3兩端的總電壓將變大，且變阻器兩端電壓減小量等于R2和R3兩端總電壓的增大量，即電壓表示數(shù)變化量的絕對值串聯(lián)電路電流處處相等，則電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

電壓表示數(shù)變化量的絕對值為時，同理可得此時電壓表和電流表示數(shù)變化量的比值

而R2、R3均為定值電阻，所以【解析】.減小等于15、略

【分析】【詳解】

[1]氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B；發(fā)生的是等容變化，氣體對外不做功，但溫度降低，內能減少，根據(jù)熱力學第一定律可知氣體放出熱量。

[2]從B變化到C過程，氣體發(fā)生的是等壓膨脹，氣體對外做功，同時溫度升高，內能增大，根據(jù)熱力學第一定律可知，氣體一定吸收熱量?！窘馕觥糠懦鑫?6、略

【分析】【詳解】

[1]在a→b過程中；氣體的溫度不變，則內能不變；

[2]因c態(tài)溫度低于a態(tài)溫度，則在a→b→c過程中，氣體內能減小，即?U<0

氣體體積減小，外界對氣體做功，則W>0

則根據(jù)熱力學第一定律可知?U=W+Q

則Q<0

即氣體放出熱量?！窘馕觥坎蛔兎懦?7、略

【分析】【詳解】

（1）線框受到的安培力由平衡條件可知，拉力

（2）拉力的功

（3）拉力功率：

（4）感應電動勢產生的焦耳熱

（5）感應電動勢電流電荷量【解析】18、略

【分析】【小題1】本題考察的是多普勒效應；凡是波源靠近觀察者，觀察者接收到的頻率就會變大，遠離觀察者，接收到的頻率就會變小，故AB正確。

【小題2】分析邊緣光線a；如圖：

由幾何關系得，可得∠CAB=45°；

在△OAB中，AC=AB，設為r；在△OBC中；

由勾股定理有：

進而求出

故半球殼外表面上有光線射出區(qū)域的圓形邊界的半徑為【解析】【小題1】AB

【小題2】19、略

【分析】試題分析：在磁場中運動過程中，受到的洛倫茲力充當向心力，故有解得：故根據(jù)周期公式可得

考點：考查了帶電粒子在勻強磁場中的運動【解析】1:2；1:220、略

【分析】【詳解】

質子的電荷數(shù)為1，質量數(shù)為1，中子的電荷數(shù)為0，質量數(shù)為1．根據(jù)電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒，X的質子數(shù)為1+13-0=14，質量數(shù)為1+27-1=27．因為質量數(shù)等于質子數(shù)和中子數(shù)之和，則新核的中子數(shù)為27-