2025年教科新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年教科新版高三物理上冊(cè)階段測(cè)試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖所示，地球半徑為R，O為球心，A為地球表面上的點(diǎn)，B為0、A連線間的中點(diǎn)．設(shè)想在地球內(nèi)部挖掉一以B為圓心，半徑為的球，忽略地球自轉(zhuǎn)影響，將地球視為質(zhì)量分布均勻的球體．則挖出球體后A點(diǎn)的重力加速度與挖去球體前的重力加速度之比為（）A.B.C.D.2、我們平時(shí)說的“時(shí)間”，有時(shí)指時(shí)刻，有時(shí)指時(shí)間間隔，要根據(jù)上下文認(rèn)清它的含義．在一下四個(gè)時(shí)間數(shù)據(jù)中，表示時(shí)間間隔的是（）A.本場(chǎng)物理考試時(shí)間為90分鐘B.中央電視臺(tái)每晚的新聞聯(lián)播節(jié)目19時(shí)開播C.學(xué)校每天上午6：40開始上早讀D.“第5秒初”3、遠(yuǎn)距離輸送交流電都采用高壓輸電，其優(yōu)點(diǎn)是（）A.可節(jié)省輸電線的銅材料B.可根據(jù)需要調(diào)節(jié)交流電的頻率C.可減少輸電線上的能量損失D.可加快輸電的速度4、在做“探究求合力的方法”實(shí)驗(yàn)時(shí)，橡皮條的一端固定在木板上，用兩個(gè)彈簧秤把橡皮條的另一端的結(jié)點(diǎn)拉到某一確定的O點(diǎn)，以下說法正確的是（）A.實(shí)驗(yàn)中，兩分力的越大越好B.改用一只彈簧秤拉時(shí)，橡皮條的結(jié)點(diǎn)也應(yīng)拉到O點(diǎn)C.用虛線把合力的箭頭端分別與兩個(gè)分力的箭頭端連接，發(fā)現(xiàn)合力和分力的關(guān)系可能存在平行四邊形關(guān)系D.實(shí)驗(yàn)中，兩彈簧秤之間的夾角越大越好5、關(guān)于功和能的關(guān)系的下列說法中不正確的是（）A.能是指物體具有做功的本領(lǐng)B.功是能量轉(zhuǎn)化的量度C.功是在物體能量變化過程中的過程量，能是物體的狀態(tài)量D.功和能不僅具有相同的單位，還具有相同的物理本質(zhì)6、小華同學(xué)的家坐落在楊樹環(huán)抱、翠綠簇?fù)淼乃捱w鄉(xiāng)村．清晨，朝陽初現(xiàn)，葉下露珠晶瑩剔透，院前水面波光粼粼，屋上炊煙隨風(fēng)飄蕩，好一幅社會(huì)主義新農(nóng)村美景．下列對(duì)此景的物理學(xué)解釋錯(cuò)誤的是（）A.翠綠的楊樹的蒸騰作用，可調(diào)節(jié)房舍的氣溫B.湖水因比熱容大，吸熱能力強(qiáng)，炎夏時(shí)節(jié)能降低周邊地區(qū)的氣溫C.露珠是空氣中的水蒸氣汽化而成的D.“炊煙隨風(fēng)飄蕩”說明力可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)7、如圖12所示是質(zhì)點(diǎn)做簡諧運(yùn)動(dòng)的圖象．由此可知()圖12A.t＝0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位移、速度均為零B.t＝1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位移最大，速度為零C.t＝2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位移為零，速度沿負(fù)向最大D.t＝4s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)8、如圖所示，S為一點(diǎn)光源，P、Q是偏振片，R是一光敏電阻，R1、R2是定值電阻，電流表和電壓表均為理想電表，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，則當(dāng)偏振片Q由圖示位置轉(zhuǎn)動(dòng)90°的過程中，電流表和電壓表的示數(shù)變化情況為()A.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變小B.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變大C.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變大D.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變小9、用如圖所示的電路測(cè)量待測(cè)電阻RX的阻值時(shí)；下列關(guān)于由電表產(chǎn)生誤差的說法中，正確的是（）

A.由于電壓表的分流作用，使電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值B.由于電流表的分壓作用，使電阻的測(cè)量值小于真實(shí)值C.電壓表的內(nèi)電阻越大，測(cè)量越精確D.電流表的內(nèi)電阻越大，測(cè)量越精確評(píng)卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、（2016?浦東新區(qū)三模）如圖所示，兩端開口的彎折的玻璃管豎直放置，三段豎直管內(nèi)各有一段水銀柱，兩段空氣封閉在三段水銀柱之間，若左、右兩管內(nèi)水銀柱長度分別為h1、h2，且h1＜h2，水銀柱均靜止，則中間管內(nèi)水銀柱的長度為____；若將中間管在水銀柱中點(diǎn)A處打破，則左管內(nèi)水銀柱移動(dòng)方向?yàn)開___（填“向上”、“向下”或“不動(dòng)”）．11、（2011春?南平校級(jí)期末）如圖所示為一個(gè)放在光滑水平面上的物體，僅在F=4N的水平外力作用下由靜止向右運(yùn)動(dòng)了2m，則水平外力外做功為____，該物體的動(dòng)能增加了____．12、（2013秋?鄒平縣校級(jí)月考）如圖所示，一物體放在水平面上，當(dāng)受到水平力F1=8N和F2=3N的作用時(shí)，物體處于靜止?fàn)顟B(tài)．如果將F1撤去，此時(shí)物體所受合力為____N．13、質(zhì)量為1kg的機(jī)械與平面間摩擦力f=2N，其額定功率為12w，要使它以a=1m/s2的加速度從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，問做這種運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間為____．14、【題文】如圖1—6所示，質(zhì)量為m的物體沿1/4圓弧無初速度滑下，圓弧的半徑為R，A點(diǎn)與圓心O等高，滑至最低點(diǎn)B時(shí)的速度為V，則下滑過程中，重力做的功為____，物體克服阻力做的功為____。15、（2015?洛陽二模）某學(xué)習(xí)小組設(shè)計(jì)了一種粗測(cè)小物體質(zhì)量的方法；使用的器材有細(xì)繩；硬紙板、支架、刻度尺、鉛筆、白紙、自制小滑輪，已知質(zhì)量的小物塊和若干待測(cè)小物體等．

簡化的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，在A點(diǎn)固定一根細(xì)繩AP，以A為圓心，AP為半徑描出圓弧CD，直線AC水平，AD豎直，在點(diǎn)B固定小滑輪，一根細(xì)繩繞過小滑輪，一端懸掛小物塊（質(zhì)量m0已知）；另一端連接繩端P點(diǎn)，在結(jié)點(diǎn)P懸掛不同質(zhì)量的待測(cè)小物體m，平衡時(shí)結(jié)點(diǎn)P處在圓弧CD上不同的位置，利用學(xué)過的物理知識(shí)，可求出結(jié)點(diǎn)P在圓弧CD上不同的位置時(shí)對(duì)應(yīng)的待測(cè)物體的質(zhì)量值m，并標(biāo)在CD弧上．

（1）在圓弧CD上從C點(diǎn)至D點(diǎn)標(biāo)出的質(zhì)量值應(yīng)逐漸____（填寫“增大”或“減小”）；

（2）如圖所示，BP延長線交豎直線AD于P′點(diǎn)，用刻度尺量處AP′長為l1，PP′長為l2，則在結(jié)點(diǎn)P處標(biāo)出的質(zhì)量值應(yīng)為____．16、一顆子彈以700m/s的速度射入一塊木板，射穿后的速度為500m/s，則這粒子彈一共能射穿____塊同樣的木板．17、質(zhì)量為m的物體從高h(yuǎn)高處自由下落，經(jīng)時(shí)間t重力對(duì)物體做功的平均功率為____，在時(shí)刻t重力對(duì)物體做功的瞬時(shí)功率為____．18、質(zhì)量為3×106kg的列車，在恒定的額定功率下，沿平直的軌道以最大行駛速度72km/h勻速直線運(yùn)動(dòng)．車受到的阻力保持恒定，某時(shí)刻司機(jī)關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)，列車?yán)^續(xù)滑行4km停下來．則關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后列車加速度的大小為____；列車的額定功率為____．評(píng)卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)19、只要溫度不變且處處相等，系統(tǒng)就一定處于平衡態(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）20、作用在物體上的合外力減小時(shí)，速度也隨之減?。甠___（判斷對(duì)錯(cuò)）21、物體的平均速率為零，則物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．____．（判斷對(duì)錯(cuò)）22、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力為零．____（判斷對(duì)錯(cuò)）23、不論用什么方法，只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．____（判斷對(duì)錯(cuò)）評(píng)卷人得分四、解答題(共4題，共8分)24、如圖所示，帶電導(dǎo)體A處于靜電平衡狀態(tài)，電勢(shì)為φ=200V．M、N是A表面上的兩點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度EM=4EN．今把一電量為q=5×10-8C的正電荷分別由M點(diǎn)、N點(diǎn)移到無限遠(yuǎn)處，求電場(chǎng)力做的功．25、兩電熱絲的電阻值恒定不變，分別為R1、R2，且R2＞R1，把它們先后接到同一電源上，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，電源的內(nèi)阻為r；結(jié)果兩電阻絲都恰好正常工作，且消耗的功率都是P；

（1）試證明r=

（2）如果R1、R2只能取其中的一個(gè)；那么，你選擇哪一個(gè)？為什么？

（3）如果把R1、R2串聯(lián)后接到同一電源上，它們消耗的總功率為P3，把R1、R2并聯(lián)后接到同一電源上，它們消耗的總功率為P4，試比較P3、P4；P的大小關(guān)系；并說明理由．

26、一些近似靜止的電子在U1=500V的電壓作用下從左板開始向右加速，得到一定速度后飛入水平放置的平行板中，如圖所示，其飛入的方向恰好是平行板的中軸線．若已知平行板間的距離d=1cm，板長l=5cm，電子電量1.6×10-19C，電子的質(zhì)量9×10-31kg；求：

（1）電子進(jìn)入平行板間的速度多大？

（2）至少在平行板上加多大電壓U2才能使電子不再飛出平行板？27、斜面傾角37°；固定在水平面上．在斜面底端連接一輕彈簧，輕彈簧沿斜面向上放置，處于原長．將一個(gè)質(zhì)量為2kg的鐵塊，輕放在彈簧末端，并由靜止釋放．已知鐵塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)是0.5，鐵塊下滑8cm時(shí)速度變?yōu)?并保持靜止，此時(shí)測(cè)出彈簧彈力為8N，求：

（1）此時(shí)彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能：

（2）此時(shí)鐵塊受到的摩擦力．評(píng)卷人得分五、綜合題(共4題，共28分)28、【題文】如圖16-6-8所示，光滑水平面上一輕彈簧，左端固定在豎直擋板上，自然伸長，其勁度系數(shù)為k，一質(zhì)量為m的小球以速度v0由右向左運(yùn)動(dòng)與彈簧接觸并壓縮彈簧；最后被彈簧向右反彈出去，小球與彈簧接觸的時(shí)間為t，求這段時(shí)間內(nèi)彈簧彈力的沖量和平均彈力各為多大？

圖16-6-829、

個(gè)帶正電、質(zhì)量為的小球由靜止釋放；運(yùn)動(dòng)中小球的速度方向與豎直方向夾角一直。

保持為．現(xiàn)將該小球從電場(chǎng)中某點(diǎn)以初速方向與電場(chǎng)方向成拋出；如圖所。

示．重力加速度取g，．求：

(1)小球受到電場(chǎng)力的大小；

(2)拋出后；小球回到與拋出點(diǎn)等高處的時(shí)間；

(3)小球從拋出至到回到與拋出點(diǎn)等高處的過程中，電勢(shì)能變化了多少．30、【題文】甲、乙兩地間輸電線長度為100km，兩線之間于某處C發(fā)生漏電（即該處兩條導(dǎo)線間存在阻值未知的漏電電阻R，如圖）為了測(cè)出漏電處C的位置，先在甲地兩線間加100V電壓，乙地測(cè)得兩線間電壓為20V．再在乙地兩線間加210V電壓，甲地測(cè)得兩線間電壓為30V．則可求出漏電處C離甲地的距離為多大？31、【題文】已知地球半徑R＝6.4×km，試求在赤道上空相對(duì)于地球靜止的同步衛(wèi)星距地面的高度h，并求同步衛(wèi)星發(fā)射回地球的信號(hào)可覆蓋的范圍(以對(duì)地心的圓心角表示)．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、A【分析】【分析】挖去以B為圓心，半徑為的球前，地球表面的重力等于萬有引力大小，挖去后，表面物體的重力等于原來地球?qū)ξ矬w的引力與半徑為的球?qū)ξ矬w的引力之差，結(jié)合質(zhì)量和密度的關(guān)系求出挖出球體后A點(diǎn)的重力加速度與挖去球體前的重力加速度之比．【解析】【解答】解：挖前，質(zhì)量為m的物體在A點(diǎn)受到的重力；

挖去后質(zhì)量為M′的球體后在A點(diǎn)受到的重力；

，；

聯(lián)立各式解得．

故選：A．2、A【分析】【分析】時(shí)間是指時(shí)間的長度，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)一段距離，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)．【解析】【解答】解：A；本場(chǎng)物理考試時(shí)間為90分鐘；是指時(shí)間的長度，是指時(shí)間間隔，所以A正確；

B；中央電視臺(tái)每晚的新聞聯(lián)播節(jié)目19時(shí)開播；19時(shí)是時(shí)間點(diǎn)，所以是指時(shí)刻，所以B錯(cuò)誤；

C；學(xué)校每天上午6：40開始上早讀；是時(shí)間點(diǎn)，所以是指時(shí)刻，所以C錯(cuò)誤；

D；“第5秒初”是時(shí)間點(diǎn)；所以是指時(shí)刻，所以D錯(cuò)誤；

故選：A．3、C【分析】【分析】輸送的功率一定，根據(jù)P=UI和P損=I2R可知高壓輸電的優(yōu)點(diǎn)．【解析】【解答】解：輸送的功率一定，根據(jù)P=UI，知輸電電壓越高，輸電電流越小，根據(jù)P損=I2R；知輸電線上損耗的能量就?。邏狠旊姴粫?huì)改變交流電的頻率以及輸電的速度．高壓輸電與所用導(dǎo)線的材料無關(guān)；故C正確；ABD錯(cuò)誤．

故選：C4、B【分析】【分析】本實(shí)驗(yàn)采用“等效法”，即要求兩次拉橡皮筋的效果相同，對(duì)于兩彈簧拉力大小以及夾角大小沒有具體要求，只要便于作圖以及減小誤差即可；因此在實(shí)驗(yàn)中盡量減小力的測(cè)量及作圖中出現(xiàn)的誤差．【解析】【解答】解：A；實(shí)驗(yàn)中；彈簧的讀數(shù)大小適當(dāng)，便于做平行四邊形即可，并非要求越大越好，故A錯(cuò)誤；

B；本實(shí)驗(yàn)采用“等效法”；即要求用兩個(gè)彈簧拉繩套和一個(gè)彈簧拉繩套的效果相同，所以分別用一根繩拉和兩根繩同時(shí)拉橡皮條應(yīng)讓結(jié)點(diǎn)到達(dá)同一位置O，故B正確；

C；作圖時(shí)；用虛線把合力的箭頭端分別與兩個(gè)分力的箭頭端連接，發(fā)現(xiàn)合力和分力的關(guān)系可能存在平行四邊形關(guān)系，故C正確；

D；兩個(gè)拉力的夾角過大；合力會(huì)過小，量取理論值時(shí)相對(duì)誤差變大，故D錯(cuò)誤；

故選：BC．5、D【分析】【分析】考查功與能量的不同與聯(lián)系，力做功導(dǎo)致能量轉(zhuǎn)化，且功是能量轉(zhuǎn)化的量度；功是過程量，而能量則是狀態(tài)量；除做功導(dǎo)致能量轉(zhuǎn)化外，熱傳遞也會(huì)導(dǎo)致能量轉(zhuǎn)移．【解析】【解答】解：A；能是指物體對(duì)外做功的本領(lǐng)大??；故A正確；

B；功是能量轉(zhuǎn)化的量度；故B正確；

C；功是在物體能量變化過程中的過程量；而能是狀態(tài)量；故C正確；

D；功和能單位相同；但具有物理本質(zhì)及意義不同；故D錯(cuò)誤；

本題選錯(cuò)誤的，故選：D．6、C【分析】【分析】A；植物的蒸騰作用是一個(gè)水分的運(yùn)輸和散失的過程；蒸騰過程如下：土壤中的水分→根毛→根內(nèi)導(dǎo)管→莖內(nèi)導(dǎo)管→葉內(nèi)導(dǎo)管→葉內(nèi)細(xì)胞→氣孔→大氣；

B；水的比熱容大含義：相同質(zhì)量的水和其它物質(zhì)比較；吸收或放出相同的熱量，水的溫度升高或降低的少；

C；露是空中的水蒸氣遇冷液化成小水珠附著在地面上的花草、樹木上形成的；

D、生活中能看到的煙、霧、沙塵屬于機(jī)械運(yùn)動(dòng)，知道力的作用效果是可以改變物體的形狀，也可以改變物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)．【解析】【解答】解：A；在蒸騰過程中；水分的蒸發(fā)會(huì)從周圍吸熱，調(diào)節(jié)房舍的氣溫，故A正確；

B；因?yàn)楹谋葻崛葺^大；相同質(zhì)量的水和沙石比較，吸收相同的熱量，水的溫度升高的少，使周邊地區(qū)的氣溫降低，故B正確；

C；露是空中的水蒸氣遇冷液化形成的；不是水蒸氣的汽化形成的，故C錯(cuò)；

D；我們看到的煙屬于物體的機(jī)械運(yùn)動(dòng)；是空氣流動(dòng)對(duì)它產(chǎn)生力的作用的結(jié)果，故D正確；

本題選擇錯(cuò)誤的，故選：C．7、B|C【分析】【解析】t＝0時(shí)，速度最大，位移為零，A錯(cuò)．t＝1s時(shí)，位移最大，速率為零，B對(duì)．t＝2s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過平衡位置，位移為零，速度沿負(fù)方向最大，C對(duì)．t＝4s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位移為零，速度最大，D錯(cuò)．思路分析：做簡諧運(yùn)動(dòng)的物體在平衡位置速度最大，其位移均指對(duì)平衡位置的位移。試題【解析】【答案】BC8、B【分析】解：光沿軸線照射到固定不動(dòng)的偏振片P上，再使偏振片Q繞軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)一周，當(dāng)偏振片P與偏振片Q垂直時(shí)，光屏沒有亮度，則關(guān)于光屏上光的亮度從亮到暗，因此導(dǎo)致光敏電阻的阻值從小到大，則電路中總電阻增大，那么總電流減小，外電壓則增大，因此電壓表示數(shù)變大，而R2兩端的電壓變小，所以R1兩間的電壓在增大；故電流表示數(shù)變大，故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選B【解析】【答案】B9、A【分析】【分析】實(shí)際的電壓表接入電路時(shí)要分流，實(shí)際的電流表接入電路時(shí)要分壓，根據(jù)歐姆定律分析測(cè)量值與真實(shí)值的大小，并討論電壓內(nèi)阻與測(cè)量精確程度的關(guān)系．【解析】【解答】解：A、實(shí)際的電壓表內(nèi)阻不是無窮大，接入電路時(shí)要分流，使得電流表測(cè)量的電流大于通過待測(cè)電阻RX的電流，而電壓沒有系統(tǒng)誤差，根據(jù)歐姆定律R=得；電阻的測(cè)量值將小于真實(shí)值．故A正確．

B；此電流表對(duì)測(cè)量電阻沒有影響．故B錯(cuò)誤．

C；電壓表的內(nèi)電阻越大；分流越小，電流測(cè)量值越精確，電阻的測(cè)量結(jié)果越精確．故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：AC二、填空題(共9題，共18分)10、h1+h2向下【分析】【分析】分別求出左邊空氣的壓強(qiáng)，右邊空氣的壓強(qiáng)，然后求出三段水銀柱高度間的關(guān)系；根據(jù)打破玻璃管后左邊氣體壓強(qiáng)的變化判斷水銀柱的移動(dòng)方向．【解析】【解答】解：設(shè)大氣壓強(qiáng)為P0，左邊空氣的壓強(qiáng)：P左=P0-h1；

右邊空氣的壓強(qiáng)：P右=P0+h2=P左+h，解得：h=h1+h2；

已知：h1＜h2，則：h=h1+h2＞2h1；

若將中間管在水銀柱中點(diǎn)A處打破；左管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)：

P左′=P0-＜P0-h1=P左；左邊氣體壓強(qiáng)減小；

氣體溫度保持不變；氣體發(fā)生等溫變化；

由玻意耳定律：pV=C可知；p減小時(shí)氣體體積V增大；

左管內(nèi)水銀柱向下移動(dòng)；

故答案為：h1+h2；向下．11、8J8J【分析】【分析】由功的公式可求得外力所做的功；由動(dòng)能定理可求得動(dòng)能的增加量．【解析】【解答】解：由功的公式可知：W=FL=4×2=8J；

由動(dòng)能定理可知；動(dòng)能的增加量等于合外力的功；故有：

△Ek=W=8J；

故答案為：8J；8J．12、0【分析】【分析】先對(duì)物體進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)物體受力情況計(jì)算出摩擦力的大??；再確定物體的狀態(tài)，即物體處于靜止?fàn)顟B(tài)或勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)時(shí)，物體受到的合力為0，否則根據(jù)力的合成計(jì)算合力的大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓阂?yàn)槲矬w在水平力F1=8N和F2=3N的作用時(shí)；物體靜止，所以物體受平衡力作用，則摩擦力f=8N-3N=5N；

如果將F1撤去；物體受到3N水平向左的力，水平向右受到3N的摩擦力作用，所以物體仍然靜止，故合力為0．

故答案為：0；13、4s【分析】【分析】根據(jù)牛頓第二定律求出勻加速直線運(yùn)動(dòng)的牽引力，勻加速直線運(yùn)動(dòng)結(jié)束時(shí)，功率達(dá)到額定功率，根據(jù)功率與牽引力的關(guān)系求出勻加速直線運(yùn)動(dòng)的末速度，再根據(jù)速度時(shí)間公式求出汽車勻加速直線運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間．【解析】【解答】解：汽車勻加速行駛；牽引力恒定，由F-f=ma

解得：F=f+ma=2+1×1=3N；

達(dá)到額定功率時(shí)；由P=Fv求得。

此時(shí)速度大小v=

由v=at得；

勻加速的時(shí)間t=

故答案為：4s．14、略

【分析】【解析】由WG=mgh可得WG=mgR，由動(dòng)能定理WG-WF=mV2/2求得WF=mgR－mV2/2【解析】【答案】mgR，mgR－mV2/215、增大【分析】【分析】先對(duì)物體m0分析，受重力和拉力，根據(jù)平衡條件求解PB繩子的拉力；再對(duì)結(jié)點(diǎn)P受力分析，受三個(gè)拉力，根據(jù)平衡條件并結(jié)合合成法列式求解出各個(gè)力的表達(dá)式進(jìn)行分析．【解析】【解答】解：（1）對(duì)物體m0分析；受重力和拉力，根據(jù)平衡條件，有：

T=m0g①

再對(duì)結(jié)點(diǎn)P受力分析；如圖所示：

圖中的力三角形與幾何三角形APP′相似；故：

②

解得：

聯(lián)立①②解得：

m==

越靠近D點(diǎn)；m越大；

故答案為：

（1）增大；

（2）．16、2【分析】【分析】根據(jù)子彈穿過第一塊木板過程，由動(dòng)能定理可求得阻力所做的功，再對(duì)全程由動(dòng)能定理可求得穿過的木板．【解析】【解答】解：由動(dòng)能定理可知：

Wf=mv2-mv02；

設(shè)共可以穿過n塊木板；則有：

nWf=0-mv02

聯(lián)立解得：n=2.1．故只能穿過2塊木板；

故答案為：2．17、mg2t【分析】【分析】功率等于力與力的方向速度的乘積，而功等于力與力的方向的位移乘積．功率有平均功率與瞬時(shí)功率之分．瞬時(shí)功率等于力與瞬時(shí)速度乘積，而平均功率等于功與時(shí)間的比值，也可以力與平均速度的乘積．【解析】【解答】解：小球自由下落；經(jīng)時(shí)間t；

小球的位移為：h=；

重力做功的平均功率為：P==；

t時(shí)刻物體的速度為：v=gt；

在t時(shí)刻重力對(duì)物體做功的瞬時(shí)功率為PG=mgv=mg2t；

故答案為：；mg2t．18、0.05m/s23×106W【分析】【分析】關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后列車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；已知此過程的初速度；末速度和位移，由位移速度關(guān)系式求解加速度．

列車的速度達(dá)到最大時(shí)，牽引力等于阻力，求出列車的額定功率；【解析】【解答】解：（1）關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)后列車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；加速度大小為：

a==0.05m/s2

（2）根據(jù)牛頓第二定律得：

阻力大小：f=ma=3×106×0.05=1.5×105N

當(dāng)列車的速度達(dá)到最大Vm時(shí)；牽引力F=f，則：

P額=F?Vm=1.5×105×20W=3×106W

故答案為：0.05m/s23×106W．三、判斷題(共5題，共10分)19、×【分析】【分析】首先知道平衡態(tài)和熱平衡的定義，知道影響的因素是不同；知道溫度是判斷系統(tǒng)熱平衡的依據(jù)；據(jù)此分析判斷即可．【解析】【解答】解：一般來說；平衡態(tài)是針對(duì)某一系統(tǒng)而言的，描述系統(tǒng)狀態(tài)的參量不只溫度一個(gè)，還與體積壓強(qiáng)有關(guān)，當(dāng)溫度不變時(shí)，系統(tǒng)不一定處于平衡態(tài)．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】加速度是反映速度變化快慢的物理量，當(dāng)加速度方向與速度方向相同，做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度方向與速度方向相反，做減速運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：加速度是反映速度變化快慢的物理量．根據(jù)牛頓第二定律可知；加速度的方向與物體受到的合外力的方向相同；

結(jié)合速度與加速度的關(guān)系可知；當(dāng)加速度方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大．當(dāng)物體的加速度方向與速度方向相反，速度減?。?/p>

所以作用在物體上的合外力減小時(shí)；速度可能隨之減小，也可能隨之增大．所以以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】平均速度是位移與時(shí)間的比值；平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值．由此分析即可．【解析】【解答】解：平均速率是位移的路程與時(shí)間的比值；物體的平均速率為零，則物體的路程為0，物體一定處于靜止?fàn)顟B(tài)．所以該說法是正確的．

故答案為：√22、×【分析】【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失．【解析】【解答】解：由牛頓第三定律可知；作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但不在同一物體上．所以兩個(gè)力不能合成，也不能相互抵消．以上說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×23、√【分析】【分析】感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化．1、電路要閉合；2、穿過的磁通量要發(fā)生變化．【解析】【解答】解：感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件是穿過閉合電路磁通量發(fā)生變化；只要穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化，閉合電路中就有電流產(chǎn)生．該說法是正確的．

故答案為：√四、解答題(共4題，共8分)24、略

【分析】【分析】帶電導(dǎo)體A處于靜電平衡狀態(tài)，表面是一個(gè)等勢(shì)面，根據(jù)電場(chǎng)力公式W=qU求解即可．【解析】【解答】解：帶電導(dǎo)體A處于靜電平衡狀態(tài)時(shí)；表面是一個(gè)等勢(shì)面，則M點(diǎn)；N點(diǎn)與無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)差相等，根據(jù)公式W=qU得：

WM∞=WN∞=qφ=5×10-8×200J=1×10-5J

答：電場(chǎng)力做的功均為1×10-5J．25、略

【分析】

（1）根據(jù)題意；兩電阻絲都恰好正常工作，且消耗的功率都是P，故。

解得：

（2）由于R2＞R1，故解R2時(shí)電路的總電流??；功耗?。?/p>

（3）把R1、R2并聯(lián)后，總電阻為：

把R1、R2串聯(lián)后，總電阻為：R串=R1+R2；

根據(jù)第一問結(jié)論，當(dāng)時(shí)，電阻R1和R2消耗的功率相等；

由于=r，故P3=P4；

由于R并＜R1，故P4＜P；

故P3=P4＜P；

答：（1）證明如上；

（2）如果R1、R2只能取其中的一個(gè)，應(yīng)該選擇R2；因?yàn)殡娐房偟墓男。?/p>

（3）如果把R1、R2串聯(lián)后接到同一電源上，它們消耗的總功率為P3，把R1、R2并聯(lián)后接到同一電源上，它們消耗的總功率為P4，則P3=P4＜P．

【解析】【答案】（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律和焦耳定律列式求解即可；

（2）選擇電源總功率較小的；

（3）根據(jù)第一問的結(jié)論證明P3=P4；再比較其與P的大?。?/p>

26、略

【分析】【分析】（1）電子在加速電場(chǎng)中，電場(chǎng)力做正功qU1；根據(jù)動(dòng)能定理求解獲得的速度，即為進(jìn)入平行板間的速度．

（2）電子垂直電場(chǎng)方向進(jìn)入平行板間，重力不計(jì)，則做類平拋運(yùn)動(dòng)，將電子的運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)．根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律求解．【解析】【解答】解：（1）設(shè)電子經(jīng)電壓U1加速后的速度為v0；由動(dòng)能定理，有：

eU1=-0

解得：

==1.3×107m/s

（2）電子以速度v0進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后．設(shè)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E，電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，加速度為a，電子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的側(cè)移量為；由牛頓第二定律，有：

L=v0t

其中：

a=

解得：

==40V

答：（1）電子進(jìn)入平行板間的速度1.33×10