2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年浙教版必修3物理上冊階段測試試卷898考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、關(guān)于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，下列說法中正確的是()A.閉合線圈放在變化的磁場中，必然有感應(yīng)電流產(chǎn)生B.閉合正方形線圈在勻強(qiáng)磁場中垂直磁感線運動，必然產(chǎn)生感應(yīng)電流C.穿過閉合線圈的磁通量變化時，線圈中有感應(yīng)電流D.只要穿過電路的磁通量發(fā)生變化，電路中一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生2、靜電計是在驗電器的基礎(chǔ)上制成的，用其指針張角的大小來定性顯示其金屬球與外殼之間的電勢差大小．如圖所示，A、B是平行板電容器的兩個金屬板；G為靜電計．開始時開關(guān)S閉合，靜電計指針張開一定角度，為了使指針張開的角度增大些，下列采取的措施可行的是()

A.斷開開關(guān)S后，將A、B兩極板分開些B.保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板分開些C.保持開關(guān)S閉合，將A、B兩極板靠近些D.保持開關(guān)S閉合，將變阻器滑動觸頭向右移動3、如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置．A板與靜電計金屬球相連，靜電計的外殼和B板接地，閉合電鍵S電路達(dá)到穩(wěn)定時，靜電計指針偏轉(zhuǎn)一定角度．此時，在A、B板間有一點電荷q（帶電量很?。╈o止在P點；則。

A.增大R1的阻值，點電荷q保持不動，但靜電計指針偏角減小B.增大R2的阻值，點電荷q保持不動，但靜電計指針偏角減小C.增大兩板間的距離，點電荷q向下運動，但靜電計指針偏角不變D.斷開電鍵S，A板不動，將B板向下移動時，點電荷q保持不動4、關(guān)于摩擦起電和感應(yīng)起電的實質(zhì)，下列說法正確的是（）A.摩擦起電說明通過做功可以創(chuàng)造電荷B.摩擦起電說明電荷可以創(chuàng)造C.感應(yīng)起電說明電荷可以從物體的一個部分轉(zhuǎn)移到物體另一個部分D.感應(yīng)起電說明電荷從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體上去了5、帶正電的小球只受電場力作用，則它在任意一段時間內(nèi)（）A.一定沿著電場線由高電勢向低電勢方向運動B.一定沿著電場線向電勢能減小的方向運動C.不一定沿著電場線運動，但一定向低電勢方向運動D.不一定沿著電場線運動，也不一定向電勢能減小的方向運動6、如圖所示，帶電體系由一對帶電荷量均為q的等量異種點電荷組成，已知兩點電荷間的距離為l，P點為兩電荷連線的中垂線上一點，P、O兩點間的距離為r，且M和N分別為兩點電荷延長線上關(guān)于中點O對稱的兩點；下列說法正確的是（）

A.M和N兩點的場強(qiáng)大小相等，方向相反B.若取無窮遠(yuǎn)處電勢為0，則M和N兩點電勢相同C.在P點由靜止釋放一電子，電子將沿兩電荷連線的中垂線做往返運動D.P點場強(qiáng)的大小約為7、如圖所示的正四棱錐中，各棱長均為處于勻強(qiáng)電場的空間中。其中電場方向與平面ABCD平行，已知A、B及O點的電勢分別為2V；6V及4V。則下列說法正確的是（）

A.電場方向A指向CB.電場強(qiáng)度大小為C.該正四棱錐外接球面上的電勢最低值為1VD.將電子從O點移到D點，電勢能增加8、如圖甲所示，在真空中固定兩個相同的點電荷A、B關(guān)于x軸對稱，它們在x軸上的E—x圖像如圖乙所示（規(guī)定x軸正方向為電場的正方向）。若在坐標(biāo)原點O由靜止釋放一個電荷量為q的正點電荷，它將沿x軸正方向運動；不計重力。則（）

A.A、B帶等量正電B.點電荷在x1處電勢能最大C.點電荷q在x2處動能最大D.點電荷q將一直沿x軸正方向運動9、下列說法不正確的是A.為了紀(jì)念韋伯在電磁領(lǐng)域做出的貢獻(xiàn)，在國際單位制中，磁通量的單位定義為韋伯B.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)C.法拉第制造出人類歷史上的第一臺發(fā)電機(jī)D.法拉第提出了法拉第電磁感應(yīng)定律評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、如圖所示，豎直平面內(nèi)固定一個半徑為R的剛性光滑絕緣圓環(huán)。在圓環(huán)的最低點A固定一個電荷量為+q的小球，另一個質(zhì)量為m的帶電小環(huán)套在大圓環(huán)上恰能靜止在B點，且小環(huán)與大圓環(huán)圓心O的連線OB與豎直線OA的夾角θ等于60°。已知靜電力常量為k；重力加速度為g，下列說法正確的是（）

A.小環(huán)帶負(fù)電B.小環(huán)帶正電C.小環(huán)所帶電荷量D.若小環(huán)所帶電荷量逐漸衰減導(dǎo)致其發(fā)生緩慢移動，則小環(huán)所受大環(huán)的彈力大小不會改變11、如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，水平放置著一根長直流導(dǎo)線，電流方向指向讀者，a、b；c、d是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四點；在這四點中。

A.a、b兩點磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.a點磁感應(yīng)強(qiáng)度最大C.c、d兩點磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等D.b點磁感應(yīng)強(qiáng)度最大12、如圖所示；平行板電容器兩極板與電源兩極相連。G為電流表，若將電容器的兩極板靠近，則在這一過程中（）

A.G中有電流，方向是a→bB.G中有電流，方向是b→aC.電容器兩極板的帶電量都增大D.電容器兩極板間的場強(qiáng)增大13、如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流的關(guān)系圖像，直線B為電源b的路端電壓與電流的關(guān)系圖像，直線C為一個電阻R的兩端電壓與電流的關(guān)系圖像。將這個電阻R分別接到a、b兩電源上；那么（）

A.R接到a電源上，路端電壓一定較大B.R接到a電源上，電源的輸出功率一定較大C.R接到b電源上，電源的總功率可能較大D.R接到b電源上，內(nèi)電阻的發(fā)熱功率可能較大14、利用靜電除塵可以大量減少排放煙氣中的粉塵．如圖是靜電除塵裝置的示意圖，煙氣從管口M進(jìn)入，從管口N排出，當(dāng)A、B兩端接上高壓后；在電場作用下管道內(nèi)的空氣分子被電離為電子和正離子，而粉塵在吸附了電子后最終附著在金屬管壁上，從而達(dá)到減少排放煙氣中粉塵的目的．已知每千克煤粉會吸附mmol電子，每晝夜能除塵nkg，設(shè)電子電荷量為e,阿伏加德羅常數(shù)為N，一晝夜時間為t.根據(jù)上述原理，下面做法正確的是。

A.A端接高壓正極，B端接高壓負(fù)極B.A端接高壓負(fù)極，B端接高壓正極C.高壓電源的電流為D.高壓電源的電流為評卷人得分三、填空題(共5題，共10分)15、如圖所示.電源電動勢E＝10V，內(nèi)阻r=1Ω.電阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，電容C＝30μF.閉合電鍵K，且穩(wěn)定后通過R1的電流大小_________A，然后將開關(guān)K斷開，求這以后流過R1總電量_________C

16、如圖，在豎直平面內(nèi)有一勻強(qiáng)電場，一帶電量為+q、質(zhì)量為m的小球在力F（未知量）的作用下沿圖中虛線由A至B做豎直向上的勻速運動．已知力F和AB間夾角為θ，AB間距離為d，重力加速度為g．則電場強(qiáng)度E的最小值為___．若電場強(qiáng)度時，小球從A運動到B電勢能變化量大小可能為____．

17、在一點電荷Q產(chǎn)生的電場中，電荷量為+q的粒子在某點的電勢能Ep與該點到Q的距離r的關(guān)系如圖所示。設(shè)電場中距Q的距離為L、3L處的電勢分別為φ1、φ2，電場強(qiáng)度分別為E1、E2，則Q帶____（選填“正”或“負(fù)”）電，φ1：φ2=____，E1：E2=____。

18、利用圖像分析問題是物理學(xué)中常用的方法；其中的斜率；面積通常具有明確的物理意義。

(1)小明以6m/s的初速度將足球水平踢出，足球在草坪上滾動直到停下來的全過程中的速度—時間圖像如圖1所示，圖1中圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積等于12個小方格的面積，由圖像可知足球在滾動過程中受到的阻力大小____（選填“變大”、“變小”或是“不變”），足球滾動了____m停下來。

(2)利用電流傳感器測量電容器電容的實驗電路圖如圖2所示。電源電壓為8V，先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電，然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電。電流傳感器將電流變化的信息傳入計算機(jī)，屏幕上顯示出電流i隨時間t變化的i—t曲線如圖3所示，圖中圖線與坐標(biāo)軸所圍的面積也等于12個小方格的面積，根據(jù)圖3，計算電容器在全部放電過程中釋放的電荷量Q=__C，該電容器的電容C=___F。

19、如圖中把量程為3mA，內(nèi)阻為100Ω的電流表改裝成15V的電壓表，則需串聯(lián)一個阻值為___________Ω的電阻，改裝后原來刻度1.4mA位置的讀數(shù)為___________V；若是把量程為3mA的電流表改裝成歐姆表，其中電源電動勢E=3V。改裝后，將原來電流表3mA的刻度定為電阻的“0”刻度，歐姆表的中值電阻為___________Ω，2mA刻度處標(biāo)___________Ω。

評卷人得分四、作圖題(共2題，共6分)20、在“用電流和電壓傳感器研究電容器的放電”實驗中；某同學(xué)按照圖所示連接電路。實驗時，先將開關(guān)S擲向1，一段時間后，將開關(guān)擲向2，傳感器將信息傳入計算機(jī)屏幕上，顯示出電流或電壓隨時間變化的圖線。

（1）由圖可知，傳感器1應(yīng)為________（選填選項前的字母）

A．電流傳感器B．電壓傳感器。

（2）用q表示電容器上極板所帶的電荷量，UR表示滑動變阻器兩端的電壓，UC表示電容器兩端的電壓，I表示電路中的電流，關(guān)于電容器在整個放電過程中的圖像變化正確的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知電源電動勢E，但其內(nèi)阻和電阻箱阻值均未知，根據(jù)已知條件和傳感器顯示的圖像中的數(shù)據(jù)信息，下列判斷正確的是________；

A．可知該電容器的電容。

B．可知此時電阻箱阻值大小。

C．若只增大電阻箱R的阻值；電容器放電的時間將變短。

D．若只減小電容器的電容大小，電容器放電的時間將變短21、由電流產(chǎn)生的磁場方向如圖所示；請在圖中標(biāo)出線圈中的電流方向.

評卷人得分五、解答題(共4題，共36分)22、在如圖所示的電場中有A、B兩點，A、B兩點的電勢分別為φA、φB。

（1）A、B兩點的電勢差UAB是多少？若把某電荷q從A移到B；電荷的電勢能變化了多少？

（2）根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系；求電場力對該電荷做的功。

23、一個T形電路如圖所示，電路中的電阻R1=30Ω，R2=R3=20Ω；另有一測試電源，所提供的電壓恒為10V，求∶

（1）若將cd端短路，ab之間的等效電阻是多少；

（2）若將ab兩端接測試電源時，cd兩端的電壓是多少。

24、如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一半徑為R、圓心為O的絕緣光滑圓軌道，AB為豎直直徑，軌道處于電場強(qiáng)度大小為E、方向水平向左的勻強(qiáng)電場中。一質(zhì)量為m的帶正電小球（視為質(zhì)點）靜止在圓軌道內(nèi)的C點，OC與OB的夾角θ=53°。重力加速度大小為g；取sin53°=0.8，cos53°=0.6，不計空氣阻力。

（1）求小球所帶的電荷量q；

（2）若撤去電場，求小球通過B點時對軌道壓力的大??；

（3）若給小球一個初速度，小球恰好能沿圓軌道做完整的圓周運動，求小球運動過程中的最小速度vmin。

25、已知某星球半徑R，宇航員在該星球表面研究了帶電粒子在電場中的運動情況，如圖所示，x軸沿水平方向，y軸豎直向上．第一象限中有沿x軸的正方向的勻強(qiáng)電場，第二象限中有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，兩電場的電場強(qiáng)度大小均為E．一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電質(zhì)點以初速度v0從x軸上P(－L，0)點射入第二象限，已知帶電質(zhì)點在第二象限中做直線運動，并且能夠連續(xù)兩次通過y軸上的同一個點Q(未畫出),萬有引力常量為G.求：

（1）該星球的質(zhì)量M；

（2）初速度v0與x軸正方向的夾角；

（3）P、Q兩點間的電勢差UPQ；

（4）帶電質(zhì)點在第一象限中運動所用的時間．

參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、C【分析】【詳解】

A．閉合線圈放在變化的磁場中；當(dāng)穿過線圈的磁通量變化時，才有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A錯誤；

B．閉合正方形線圈在勻強(qiáng)磁場中垂直磁感線運動；磁通量不變，則不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯誤；

C．穿過閉合線圈的磁通量變化時；線圈中有感應(yīng)電流，故C正確；

D．只有穿過閉合電路的磁通量發(fā)生變化；電路中才一定有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯誤；

故選C。2、A【分析】【詳解】

試題分析：斷開開關(guān)，電容器帶電量Q不變，將AB分開一些，則d增大，根據(jù)知，電容C減小，根據(jù)知；電勢差U增大，指針張角增大，故A正確；保持開關(guān)閉合，電容器兩端的電勢差不變，則指針張角不變．故B；C、D錯誤．

考點：電容器的決定式及定義式．3、C【分析】【詳解】

電路穩(wěn)定時，電容器的電壓等于可變電阻R1的電壓，靜電計指針偏角顯示電容器兩端電壓的大小；當(dāng)增大R1的阻值，導(dǎo)致總電流減小，則外電壓增大，因此電容器的電壓增大，板間場強(qiáng)增強(qiáng)，油滴將向上運動；靜電計的指針偏角變大．故A錯誤．電路穩(wěn)定時，當(dāng)增大R2的阻值，不改變電路中的電流，因此電容器的電壓不變，板間場強(qiáng)不變，油滴仍靜止，靜電計指針偏角不變．故B錯誤．增大兩極板間的距離，板間電壓不變，由知；板間場強(qiáng)E減小，油滴受到的電場力減小，則油滴將向下運動，靜電計指針偏角不變，故C正確．?dāng)嚅_開關(guān)S，電容器放電，板間場強(qiáng)逐漸減小，油滴將向下運動，靜電計指針偏角減為零，故D錯誤．故選C.

【點睛】

本題關(guān)鍵分析電容器的電壓是否變化，靜電計指針偏角顯示電容器兩端電壓．要知道與電容器串聯(lián)的電阻，電路穩(wěn)定時相當(dāng)于導(dǎo)線，不影響電容器的電壓．4、C【分析】【詳解】

摩擦起電是電荷從一個物體轉(zhuǎn)移到另一個物體，在轉(zhuǎn)移過程中電荷總量是守恒的，故AB錯誤；感應(yīng)起電是電荷從物體的一個部分轉(zhuǎn)移到物體另一個部分，且在轉(zhuǎn)移過程電荷總量也是守恒的，并不是從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體，故C正確；D錯誤；故選C5、D【分析】解：物體的運動情況取決于合力和初始條件．小球只受到電場力的作用；是否沿電場線運動，還要看電場線是直線還是曲線，有沒有初速度，以及初速度方向與電場線的關(guān)系．只有當(dāng)電場線是直線時且小球的運動方向與電場線平行時，小球只受到電場力的作用才可能沿電場線運動．所以小球不一定沿著電場線運動，也不一定向電勢能減小的方向運動，故D正確，ABC錯誤．

故選D．

【點評】對物體運動情況的判斷能力，從力學(xué)的角度進(jìn)行分析：物體的運動性質(zhì)不僅取決于合力，還取決于初速度條件．雖然是簡單題，同時也是易錯題目．6、D【分析】【詳解】

A．根據(jù)電場的疊加，可知M和N兩點的場強(qiáng)大小相同；方向也相同，A錯誤；

B．取無窮遠(yuǎn)電勢為0，則M點電勢為正，N點電勢為負(fù)；兩點電勢不同，B錯誤；

C．P點電場水平向右，電子在P點由靜止釋放，不會沿直線PO做往返運動；C錯誤；

D．根據(jù)電場疊加原理可得P點場強(qiáng)為由題意知P點場強(qiáng)約為D正確。

故選D。7、D【分析】【詳解】

AB．如圖所示，根據(jù)勻強(qiáng)電場的電場線與等差等勢面是平行等間距排列的，且電場線與等勢面處處垂直，沿著任意方向電勢均勻降低，取AB的中點該點電勢為垂直電場線，則點電勢等于O點電勢，為故平面為等勢面，BA平行電場線，方向由B指向A，電場強(qiáng)度的大小

故A；B錯誤；

C．根據(jù)數(shù)學(xué)知識可知正四棱錐的外接球半徑為外接球球心即為點，所以外接球面上最低電勢為

故C錯誤；

D．D點電勢等于A點電勢，為故將電子從O點移到D點，電場力做負(fù)功，由知電勢能增加故D正確。

故選D。8、C【分析】【詳解】

A．由E—x圖像可知，在x軸上的P點對應(yīng)x2點，在P點的左側(cè)電場強(qiáng)度為正值，沿x軸正方向，右側(cè)為負(fù)值，可知A、B帶等量負(fù)電；A錯誤；

BC．電荷量為q的正點電荷，從O點到P點，電場力做正功，電勢能減小，從P點沿x軸正方向運動，電場力做負(fù)功，電勢能增加，因此點電荷q在x1處電勢能不是最大；可知點電荷q在x2處動能最大；B錯誤，C正確；

D．由對稱性可知，點電荷q沿x軸正方向最遠(yuǎn)能到達(dá)O點關(guān)于P點的對稱點O＇點位置，不會一直沿x軸正方向運動；D錯誤。

故選C。9、D【分析】【詳解】

A．在國際單位制中，磁通量的單位是韋伯，符號Wb；故A與題意不符；

B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故B與題意不符；

C．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；并制成了人類歷史上第一臺發(fā)電機(jī)，故C與題意不符；

D．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象；但沒有提出了法拉第電磁感應(yīng)定律，紐曼和韋伯先后提出了電磁感應(yīng)定律，故D與題意相符。

故選D。二、多選題(共5題，共10分)10、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．由題意可判斷出；小環(huán)帶正電，故B正確，A錯誤；

C．小環(huán)恰能靜止，所以受力平衡的力學(xué)三角形如圖所示，可知mg=

即

C正確；

D．當(dāng)小環(huán)電荷量緩慢減少時，根據(jù)受力平衡可知，力的三角形CBD總是相似于幾何三角形OAB，故

彈力F=mg

故D正確。

故選BCD。

11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

根據(jù)安培定則；直線電流的磁感應(yīng)強(qiáng)度如圖。

根據(jù)平行四邊形定則，a、b；c、d各個點的磁場情況如圖。

顯然，C點與D點合磁感應(yīng)強(qiáng)度相等；a點磁感應(yīng)強(qiáng)度為兩點之差的絕對值，最??；B電磁感應(yīng)強(qiáng)度等于兩個磁感應(yīng)強(qiáng)度的代數(shù)和，最大；故選CD．12、A:C:D【分析】【分析】

【詳解】

ABC．平行板電容器兩極板與電源兩極相連，則兩極板電壓保持不變，根據(jù)電容的決定式

將電容器的兩極板靠近則d減小，C增大，再根據(jù)

則兩極板所帶的電荷量將增大，則電容器處于充電過程，G中有電流，方向是a→b；AC正確；B錯誤；

D．由公式

分析可知，U不變，d減小，E增大；D正確。

故選ACD。13、A:B:D【分析】【詳解】

A．由圖可知a、b電源的電動勢大小相等，直線C與A、B的交點表示電阻R分別接到a、b兩電源上時加在R兩端的電壓和通過R的電流，可知故A正確；

B．電源的輸出功率由于可知接到電源a的輸出功率大于b的輸出功率；故B正確；

C．電源的總功率由于可知接到電源a的總功率大于b的總功率；故C錯誤；

D．內(nèi)電阻的發(fā)熱功率由圖知內(nèi)阻而則R接到b電源上時內(nèi)電阻的發(fā)熱功率可能較大；故D正確。

故選ABD。14、B:D【分析】【詳解】

管內(nèi)接通靜電高壓時，管內(nèi)存在強(qiáng)電場，它使空氣電離而產(chǎn)生陰離子和陽離子．負(fù)離子在電場力的作用下，向正極移動時，碰到煙塵微粒使它帶負(fù)電．所以金屬管B應(yīng)接高壓電源的正極，金屬絲A接負(fù)極．故B正確，A錯誤．根據(jù)一晝夜通過電極的電量為Q=mneN，則高壓電源的電流為選項D正確，C錯誤；故選BD．三、填空題(共5題，共10分)15、略

【分析】【詳解】

閉合開關(guān)K，據(jù)全電路歐姆定律得

閉合開關(guān)K，電容器的電壓等于兩端電壓，為：

開關(guān)K斷開時，電容器的電壓等于電源的電動勢，為

電容器兩端的電壓變化量

過的總電荷量．【解析】1A；1.2×10-4C；16、略

【分析】【詳解】

分析小球受力情況：小球受到重力拉力F與電場力因為小球做勻速直線運動，合力為零，則F與的合力與大小相等、方向相反，作出F與的合力，如圖，可知當(dāng)電場力與F垂直時；電場力最小，此時場強(qiáng)也最?。?/p>

則得：所以電場強(qiáng)度的最小值為．若電場強(qiáng)度即時，電場力可能與AB方向垂直，如圖1位置，電場力不做功，電勢能變化量為0；也可能電場力位于位置2方向，則電場力做功為．

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵是對小球進(jìn)行正確的受力分析，靈活運用圖解法分析極值情況，并根據(jù)力圖要知道電場力大小一定時，方向可能有兩種情況，不能漏解．【解析】0或17、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，粒子離電荷越遠(yuǎn)，電勢能越低，說明遠(yuǎn)離電荷時，電場力做正功，即電荷與粒子之間是斥力，所以電荷Q帶正電；

[2]由圖可知，電荷在L處的電勢能為6E0，在3L處的電勢能為2E0，根據(jù)公式

兩點電勢之比為

[3]根據(jù)點電荷的電場強(qiáng)度公式

兩點電場強(qiáng)度之比為【解析】正3∶19∶118、略

【分析】【詳解】

(1)因為v-t圖象的斜率變小，表示加速度減小，根據(jù)牛頓第二定律f=ma；知足球在滾動過程中受到的阻力變??；圖1中圖線與坐標(biāo)軸所圍面積表示位移即為足球滾動的距離，1格面積是1，12格面積是12，所以位移是12m，足球滾動了12m才停下來。

(2)在電容器放電過程中的任意瞬時有：△Q=I?△t，故i-t圖線與t軸所圍面積即為電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積，因此電容器所帶電荷量的最大值，由圖可知該面積等于12個小方格的面積．因此電容器所帶電荷量的最大值根據(jù)電容的定義式

【點睛】

解決本題的關(guān)鍵是理解圖象面積的物理意義，v-t圖象的面積代表位移，i-t圖線的面積代表電量。【解析】變小120.0240.00319、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由歐姆定律得

代入數(shù)據(jù)解得

[2]改裝后原來刻度1.4mA位置的讀數(shù)

[3][4]電壓3V，電流3mA的時候標(biāo)度為0，即外加電阻為0，內(nèi)電阻為R，則

中值電阻等于歐姆表內(nèi)阻為10002mA刻度時候總電阻

則外加電阻【解析】490071000500四、作圖題(共2題，共6分)20、略

【分析】【詳解】

（1）[1]傳感器1串聯(lián)在電路中；因此應(yīng)為電流傳感器。

故選A。

（2）[2]ABC．電容器在整個放電過程中，電容器的電荷量q、電流I、電壓UC均隨時間減??；選項AC錯誤，選項B正確；

D．由于放電電流I減小，根據(jù)可知電阻箱R的電壓UR減??；選項D正確。

故選BD。

（3）[3]A．根據(jù)電流傳感器顯示的I-t圖像中的面積可求出電容器的電荷量，根據(jù)電壓傳感器可知電阻箱兩端的電壓，若已知電源電動勢E，則可知電容器的電壓，根據(jù)可求出該電容器的電容；選項A正確；

B．根據(jù)電流傳感器和電壓傳感器可知電阻箱的電流和兩端的電壓；因此可知此時電阻箱阻值大小，選項B正確；

C．電源不變，電容器的充電電壓不變，電荷量不變