2025年滬科版選修3物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版選修3物理下冊階段測試試卷31考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，三根長直導線平行固定在空間中，其截面構(gòu)成等邊三角形．若僅在a、b中通入大小均為I的電流；方向如圖所示，此時a受到的磁場力大小為F．然后又在c中通入如圖所示方向的電流，a受到的磁場力大小仍為F，此時下列說法中正確的是。

A.b受到的磁場力大小為FB.b受到的磁場力的方向平行于ac的連線C.ac連線中點d的磁場方向垂直于ac指向bD.c中的電流強度為2I2、如圖所示；彈簧上端固定，下端懸掛一個磁鐵，磁鐵正下方有一固定的閉合線圈?，F(xiàn)將磁鐵托起到某一高度后放開，使磁鐵上下振動時穿過它，磁鐵會很快停下來。關(guān)于此現(xiàn)象，下列說法正確的是()

A.磁鐵上下振動過程中，線圈中會產(chǎn)生感應電流B.磁鐵上下振動過程中，線圈中不會產(chǎn)生感應電流C.磁鐵上下振動過程中，磁鐵與彈簧組成的系統(tǒng)機械能不變D.磁鐵上下振動過程中，磁鐵與彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加3、如圖所示，在光滑絕緣水平面上，兩個帶等量正電的點電荷分別固定在A、兩點，為連線的中點，為的垂直平分線。在之間的點由靜止釋放一個帶負電的小球（可視為質(zhì)點）；若不計空氣阻力，則（）

A.小球從點沿直線向端運動，先做勻加速運動，后做勻減速運動B.小球從點運動至距離該點最遠位置的過程中，其所經(jīng)過各點的電勢先降低后升高C.小球從點運動至距離該點最遠位置的過程中，其電勢能先減小后增大D.若在小球運動過程中，兩個點電荷所帶電荷量同時等量地緩慢增大，則小球往復運動過程中的振幅將不斷增大4、關(guān)于近代物理，下列說法正確的是（）A.射線是高速運動的氦原子B.核聚變反應方程表示質(zhì)子C.從金屬表面逸出的光電子的最大初動能與照射光的頻率成正比D.玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氦原子光譜的特征5、對于光電效應下列理解正確的是()A.發(fā)生光電效應時，相同的光電管在光強相同的紫光和藍光照射下飽和光電流相同B.入射光照射到某金屬表面瞬間發(fā)生光電效應，若僅減弱該光的強度，則仍瞬間發(fā)生光電效應C.發(fā)生光電效應時，入射光越強，光子能量就越大，光電子的最大初動能就越大D.發(fā)生光電效應時，遏止電壓與入射光的頻率成正比評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)6、下列說法正確的是（）A.相同質(zhì)量0℃的水的分子勢能比0℃的冰的分子勢能大B.在毛細現(xiàn)象中，毛細管中的液面有的升高，有的降低，這與液體的種類和毛細管的材質(zhì)有關(guān)C.晶體在熔化過程中吸收熱量，其分子的平均動能一定增大E.氣體在等壓膨脹過程中溫度一定不變E.氣體在等壓膨脹過程中溫度一定不變7、關(guān)于熱現(xiàn)象，下列說法正確的是（）A.在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，油酸分子的直徑（也就是單層油酸分子組成的油膜的厚度）等于一小滴溶液中純油酸的體積與它在水面上攤開的面積之比B.兩個鄰近的分子之間同時存在著引力和斥力，它們都隨距離的增大而減小，當兩個分子的距離為r0時，引力與斥力大小相等，分子勢能最小C.同種物質(zhì)要么是晶體，要么是非晶體，不可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)E.如果沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機體熱量的損失，這樣的熱機的效率可以達到100%E.如果沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機體熱量的損失，這樣的熱機的效率可以達到100%8、下列說法中正確的是（）；A.擴散現(xiàn)象和布朗運動可證明分子在做永不停息的無規(guī)則運動B.有一分子a從無窮遠處趨近固定不動的分子b，當a到達受b的分子力為零處時，a具有的動能一定大C.第二類永動機是不可能制成，因為它違反了能量守恒定律E.隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，并最終達到絕對零度E.隨著低溫技術(shù)的發(fā)展，我們可以使溫度逐漸降低，并最終達到絕對零度9、如圖甲，固定在光滑水平面上的正三角形金屬線框，匝數(shù)n＝20，總電阻R＝2.5Ω，邊長L＝0.3m，處在兩個半徑均為r＝的圓形勻強磁場區(qū)域中．線框頂點與右側(cè)圓心重合，線框底邊中點與左側(cè)圓心重合．磁感應強度B1垂直水平面向上，大小不變；B2垂直水平面向下，大小隨時間變化．B1、B2的值如圖乙所示；則()

A.通過線框的感應電流方向為逆時針方向B.t＝0時刻穿過線框的磁通量為0.1WbC.在0.6s內(nèi)通過線框中的電荷量約為0.13CD.經(jīng)過0.6s線框中產(chǎn)生的熱量約為0.07J10、如圖所示，將平行板電容器兩極板分別與電池正、負極相接，兩板間a點處一帶電液滴恰好處于靜止狀態(tài)；現(xiàn)保持開關(guān)閉合，將電容器的B板向下稍微移動，使兩板間的距離增大，則（??）

A.電容器的電容增大B.電容器的帶電量減小C.帶電液滴仍將靜止D.帶電液滴將向下做加速運動11、如圖所示是一定質(zhì)量的理想氣體的體積V和攝氏溫度變化關(guān)系的圖象，氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B的過程中；下列說法正確的是()

A.氣體的內(nèi)能增大B.氣體的內(nèi)能不變C.氣體的壓強減小D.氣體對外做功，同時從外界吸收熱量12、空間虛線上方存在勻強磁場，磁感應強度為B；一群電子以不同速率v從邊界上的P點以相同的方向射入磁場．其中某一速率v0的電子從Q點射出；如圖所示．已知電子入射方向與邊界夾角為θ，則由以上條件可判斷（）

A.該勻強磁場的方向是垂直紙面向里B.所有電子在磁場中的軌跡相同C.速率大于v0的電子在磁場中運動時間長D.所有電子的速度方向都改變了2θ評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)13、如圖所示電路，電源內(nèi)阻不可忽略。在滑動變阻器觸頭由a滑向b的過程中，電流表示數(shù)________，小燈泡L亮度___________，電源內(nèi)電壓________，電源內(nèi)電阻消耗功率__________。（選填“減小”；“增加”或“不變”）

14、一瓶酒精用了一些后，把瓶蓋擰緊，不久瓶內(nèi)液面上方形成了酒精的飽和汽。當溫度升高時，瓶中酒精飽和汽的壓強____（選填“增大”“減小”或“不變”）。酒精分子間作用力F與分子間距r的關(guān)系如圖所示，時，分子間勢能由r決定，規(guī)定兩分子相距無窮遠時分子間的勢能為零。若一分子固定于原點O，另一分子從間距由減小到的過程中，勢能____（選填“增大”“減小”或“不變”）。

15、帶有活塞的汽缸中封有一定質(zhì)量的理想氣體，缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，如圖所示。設氣體在狀態(tài)A時的壓強為pA，體積為VA，溫度為TA，到狀態(tài)B時的溫度為TB。此過程中，汽缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力____（選填“變大”“不變”或“減小”），____（選填“氣體對外做功”或“外界對氣體做功”）的絕對值為____，缸內(nèi)氣體____（選填“吸收”或“放出”）熱量。

16、假定兩個分子的距離為無窮遠時，它們的分子勢能為0，使一個分子固定，另一個分子在外力作用下從無窮遠逐漸向它靠近，直至相距很近很近，整個過程中分子勢能______(填“不變”或“先增大后減小”或“先減小后增大”)。物體從單一熱源吸收的熱量______(填“可以”或“不可以”)全部用于做功。17、某同學設計了一個加速度計，如圖所示．較重的滑塊2可以在光滑的框架1中平移，滑塊兩側(cè)用彈簧3拉著；R為滑動變阻器，4是滑動片，它與電阻器任一端間的電阻值都與它到這端的距離成正比．這個裝置實際上是一個加速度傳感器．工作時將框架固定在被測物體上，使彈簧及電阻R均與物體的運動方向平行．當被測物體加速運動時，滑塊將在彈簧的作用下，以同樣的加速度運動．通過電路中儀表的讀數(shù)，可以得知加速度的大?。阎獌蓚€電池E的電動勢相同，均為9V，內(nèi)阻可以忽略不計；滑塊的質(zhì)量為0.6kg，兩彈簧的勁度系數(shù)均為2×102N/m，電阻器的全長8.0cm，彈簧在彈性形變內(nèi)，電壓表為指針式直流電壓表（可視為理想電壓表），零刻度在表盤中央（即可顯示正負電壓），當P端的電勢高于Q端時；指針向零點左側(cè)偏轉(zhuǎn)．當被測物體的加速度為零時，電壓表的示數(shù)為零；當被測物體的加速度達到最大時，電壓表的示數(shù)為滿偏量程．

（1）當加速度為零時，應將滑動片調(diào)到距電阻器左端______cm處；

（2）當物體具有圖示方向的加速度a時，電壓表的指針將向零點______（填“左”；“右”）側(cè)偏轉(zhuǎn)；

（3）若將電壓表的表盤換成直接表示加速度大小及方向的刻度盤，則表盤的刻度______（填“均勻”、“非均勻”）分布．18、【物理選修3-4】（1）某簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0時刻恰好傳播到x=4m的b點；在t=0.6s時，x=1m的質(zhì)點a恰好第二次位于平衡位置，質(zhì)點P（圖中未畫出）位于x=5m處，下列說法正確的是。

E．與該波發(fā)生干涉的另一簡諧波的頻率是2.5Hz評卷人得分四、作圖題(共3題，共30分)19、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

20、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

21、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共36分)22、某同學用伏安法測某定值電阻的阻值；所用電壓表內(nèi)阻約1000Ω，所用電流表內(nèi)阻約20Ω，電流表的量程為3mA，由于被測電阻的阻值大小未知他先后采用了如圖甲和乙所示的電路分別進行測量，每次實驗通過調(diào)節(jié)滑動變阻器，記錄測得的多組電壓表和電流表的讀數(shù)，作出U-I圖象，如圖丙和?。?/p>

(1)根據(jù)電路圖甲測得的數(shù)據(jù)作出的U-Ⅰ圖象應是________(填“丙”或“丁”)圖．

(2)由測量結(jié)果判定電路圖________(填“甲”或“乙”)圖測量結(jié)果較為準確，根據(jù)該電路得到電阻的測量值Rx=________Ω(保留兩位有效數(shù)字)Rx的測量值________(選填“大于”“等于”或“小于”)真實值．

(3)該同學為了減小系統(tǒng)誤差；設計了如圖戊所示的電路測上述電流表(圖中A)的內(nèi)阻，實驗室提供的器材有：

A.電流表量程0~6mA

B.電流表量程0~4mA

C.滑動變阻器0~10Ω

D.滑動變阻器0~1000Ω

E.定值電阻阻值R=20Ω

F.電源；開關(guān)、導線若干。

電流表A1應選________(選填“A”或“B")；滑動變阻器應選________(選填“C”或“D”)．

若某次測量得到電流表A的示數(shù)為2.0mA，電流表A1的示數(shù)為3.9mA，則此次測量得到電流表的內(nèi)阻為________Ω(兩位有效數(shù)字)．23、某同學用圖1所示的裝置研究兩個小球在斜槽末端發(fā)生碰撞的情況，并用它來驗證碰撞中的動量守恒定律，圖中AB是斜槽，BC為水平槽．

（1）實驗中通過僅測量小球做平拋運動的______（選填“水平位移”或“豎直位移”）；可間接得到小球碰撞前后的速度關(guān)系.

（2）檢驗水平槽BC是否調(diào)平的方法是：_______.

（3）實驗裝置中的重錘線起什么作用？__________.

（4）實驗時先使入射球m1從斜槽上某一固定位置S多次由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡，從而確定P點的位置，再把被碰球m2放在水平槽末端，讓球m1仍從位置S多次由靜止開始滾下，跟球m2碰撞后，兩球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，從而確定M、N點的位置．

a.為提高實驗的精度，減小誤差，要求m1__________m2．（選填“>”“<”“＝”）

b.其中確定P點位置的多次落點痕跡如圖2所示，刻度尺的零點與O點對齊，則OP＝_________cm．

（5）經(jīng)測定，m1=45.0g，m2=7.5g，M、N距O點的距離如圖3所示，請通過計算說明本次實驗中兩小球碰撞前后的動量是否守恒__________.

（6）牛頓曾設想，把物體從高山上水平拋出，速度一次比一次大，落地點就一次比一次遠，如果速度足夠大，物體就不再落回地面，它將繞地球運動，成為人造地球衛(wèi)星，如圖，同樣是受地球引力，隨著拋出速度增大，物體會從做平拋運動逐漸變?yōu)樽鰣A周運動，請分析原因_____________．

24、某同學做“用油膜法估測分子的大小”的實驗．已知每2500mL油酸酒精溶液中含有純油酸1mL，用注射器測得每100滴這樣的溶液為1mL，把一滴這樣的溶液滴入撒有痱子粉的盛水淺盤里，把玻璃板蓋在淺盤上并描畫出油酸膜輪廓，如圖所示．圖中正方形小方格的邊長為1cm，則油酸膜的面積為________cm2，油酸分子直徑大小d＝________m(保留一位有效數(shù)字)．

25、現(xiàn)要用伏安法描繪一只標值為“2.5V，0.6W”小燈泡的I-U圖線，有下列器材供選用：

A．電壓表(0～3V，內(nèi)阻)

B．電流表(0～0.6A，內(nèi)阻)

C．電流表(0～3A，內(nèi)阻)

D．滑動變阻器(，2A)

E．滑動變阻器(，1.0A)

F．蓄電池(電動勢6V，內(nèi)阻不計）

實驗要求測量數(shù)據(jù)范圍盡可能大些①則滑動變阻器應選用__________（用序號字母表示）；電流表應選用_______（用序號字母表示）．

②設計電路，用筆畫線代替導線在圖中將實物連接成實驗所需電路圖．_______

③通過實驗測得此燈泡的伏安特性曲線如圖所示．由圖線可求得此燈泡在正常工作時的電阻為______Ω．評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)26、如圖所示；半徑為a的圓內(nèi)有一固定的邊長為1.5a的等邊三角形框架ABC，框架中心與圓心重合，S為位于BC邊中點處的狹縫．三角形框架內(nèi)有一水平放置帶電的平行金屬板，框架與圓之間存在磁感應強度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場．一束質(zhì)量為m；電量為q，不計重力的帶正電的粒子，從P點由靜止經(jīng)兩板間電場加速后通過狹縫S，垂直BC邊向下進入磁場并發(fā)生偏轉(zhuǎn)．忽略粒子與框架碰撞時能量與電量損失．求：

(1)要使粒子進入磁場后第一次打在SB的中點；則加速電場的電壓為多大？

(2)要使粒子最終仍能回到狹縫S；則加速電場電壓滿足什么條件？

(3)回到狹縫S的粒子在磁場中運動的最短時間是多少？參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A【分析】【分析】

根據(jù)a受到的磁場力大小為F，結(jié)合右手定則和矢量合成法則，可確定c中的電流，再根據(jù)右手定則和矢量合成法則，確定b點；d點的磁場方向和大?。鶕?jù)安培力公式確定大?。?/p>

【詳解】

A.設a所在處的磁感應強度為B，根據(jù)右手定則和矢量合成法則，b所在處的磁感應強度為B，所以b受到的磁場力大小為F；故A正確；

B.根據(jù)右手定則和矢量合成法則可知，b所在處的磁感應強度方向與ab連線的夾角為60°，與ac連線平行，根據(jù)左手定則，b受到的磁場力的方向垂直于ac的連線；故B錯誤；

C.導線a、c在ac連線中點d產(chǎn)生的磁場抵消，導線b在d點產(chǎn)生的磁場方向沿ca方向；指向a，故C錯誤．

D.在c中通入如圖所示方向的電流后，a受到的磁場力大小仍為F，說明a所在處的磁感應強度大小仍為B，已知c的電流方向，根據(jù)右手定則和矢量合成法則，c中的電流強度為I；故D錯誤．

故選A2、A【分析】【詳解】

A.磁鐵上下振動過程中；穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，則線圈中會產(chǎn)生感應電流，選項A正確；

B.磁鐵上下振動過程中；穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，則線圈中會產(chǎn)生感應電流，選項B錯誤；

C.磁鐵上下振動過程中；由于有電能產(chǎn)生，可知磁鐵與彈簧組成的系統(tǒng)機械能減小，選項C錯誤；

D.磁鐵上下振動過程中，由于有電能產(chǎn)生，可知磁鐵與彈簧組成的系統(tǒng)機械能減小，選項D錯誤；3、C【分析】試題分析：在OM上電場的方向從O指向M；且電場強度從O到無窮遠，先增大后減小，小球在運動過程中，受電場力變化，加速度變化，所以不會做勻變速運動，故A錯誤；在ON一側(cè)，電場與OM一側(cè)對稱，電場方向從O指向N，從O到無窮遠，電場強度先增大后減小，所以帶負電小球C點由靜止釋放，在電場力作用下向O處加速運動，過了O點減速運動，到達關(guān)于O點與C對稱位置E處速度減為零，在CE之間往復運動，所以從C到E，電勢先升高后降低，電場力先做正功，后做負功，故電勢先減小后增大，故B錯誤；C正確；若兩個點電荷所帶電荷量同時等量地緩慢增大，則各處的電場強度增減增大，電場力做相同的功通過的位移越來越小，所以小球往復運動過程中的振幅將不斷減小，故D錯誤．

考點：本題考查帶電體在電場中的運動4、D【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：α射線是高速運動的氦核流，不是氦原子．故A錯誤．核聚變反應方程12H+13H-→24He+01n中，01n表示中子．故B錯誤．根據(jù)光電效應方程Ekm=-W0；知最大初動能與照射光的頻率成線性關(guān)系，不是成正比，故C錯誤．玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域，其理論能夠解釋氫原子光譜的特征．故D正確．

考點：本題考查了光電效應方程、玻爾理論等知識5、B【分析】【詳解】

A；紫光的頻率大于藍光的頻率；發(fā)生光電效應時，由于光強相同，則紫光源在單位時間內(nèi)發(fā)射出的光子數(shù)減小，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目減少，則飽和光電流的強度小，故A錯誤；

B、根據(jù)光電效應方程知：則入射光的頻率不變，若僅減弱該光的強度，則仍一定能發(fā)生光電效應，故B正確；

C；光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)；與光的強度無關(guān)，故C錯誤；

D、愛因斯坦發(fā)現(xiàn)了光電效應，某材料發(fā)生光電效應時，根據(jù)光電效應方程以及最大初動能與遏止電壓的關(guān)系Ekm＝eUc得eUc＝h﹣W0，知遏止電壓Uc的大小與入射光的頻率是線性關(guān)系，但不是正比，故D錯誤．二、多選題(共7題，共14分)6、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．溫度相同的表示分子平均動能相同；冰變成水要吸熱，水分子間的距離比冰分子間的距離大，所以相同質(zhì)量0℃的水的分子勢能比0℃的冰的分子勢能大，故A正確；

B．由于不同物質(zhì)之間的分子作用力性質(zhì)不同；可能是引力也可能是斥力；故有毛細管中的液面有的升高，有的降低，與液體的種類和毛細管的材質(zhì)有關(guān)，故B正確；

C．晶體在熔化過程中吸收熱量；其溫度不變，所以分子的平均動能不變，故C錯誤；

D．氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁發(fā)生碰撞的次數(shù)；與單位體積內(nèi)氣體的分子數(shù)和氣體溫度都有關(guān)，故D正確；

E．由。

可得氣體在等壓膨脹過程中溫度一定升高；故E錯誤。

故選ABD。7、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．根據(jù)用“油膜法”估測分子大小的實驗原理可知；讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，由于油酸分子是緊密排列的，而且形成的油膜為單分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含油酸體積除以油膜面積得出的油膜厚度即為油酸分子直徑，A正確；

B．當分子間的距離時，分子力表現(xiàn)為斥力，減小分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增加；當分子間的距離時，分子力表現(xiàn)為引力，增大分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增加，所以當兩個分子的距離為r。時；引力與斥力大小相等，分子勢能最小，B正確；

C．物質(zhì)是晶體還是非晶體；并不是絕對的，有些非晶體在一定條件下也可以轉(zhuǎn)化為晶體，C錯誤；

D．根據(jù)熱力學第一定律可知，如果用Q表示物體吸收的能量，用W表示物體對外界所做的功，表示物體內(nèi)能的增加，那么熱力學第一定律可以表達為

D正確；

E．根據(jù)熱力學第二定律可知；熱機的效率不可以達到100%，E錯誤。

故選ABD。8、A:B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．擴散現(xiàn)象和布朗運動可證明分子在做永不停息的無規(guī)則運動；A正確；

B．有一分子a從無窮遠處趨近固定不動的分子b，分子力做正功，當a到達受b的分子力為零處時，a具有的動能達到最大；此后分子力做負功；動能一定減小；B正確；

C．第二類永動機并沒有違背能量守恒定律；但卻違背了熱力學第二定律，C錯誤；

D．液晶既有液體的流動性；又具有單晶體的各向異性，D正確。

E．根據(jù)熱力學第三定律得知；絕對零度只能接近，不能達到。E錯誤；

故選ABD。9、A:C:D【分析】【分析】

根據(jù)楞次定律判斷感應電流的方向；根據(jù)磁通量Φ=BS求解，S是有效面積；由求解電荷量；由Q=I2Rt求解熱量．

【詳解】

A．由磁感應強度B1垂直水平面向外，大小不變；B2垂直水平面向里；大小隨時間增大，故線框總的磁通量減小，由楞次定律可得，線框中感應電流方向為逆時針方向，故A正確；

B．t=0時刻穿過線框的磁通量為：Φ=B1××πr2-B2××πr2=1×0.5×3.14×0.12-2××3.14×0.12Wb=0.005Wb；故B錯誤；

C．在t=0.6s內(nèi)通過線框中的電量故C正確；

D．由Q=I2Rt=（）2×△t≈0.07J；故D正確．

故選ACD．10、B:D【分析】【詳解】

A．將電容器的B板向下稍微移動，使兩板間的距離增大，根據(jù)決定式知電容減小，故A錯誤；

B．電勢差不變，根據(jù)Q=CU知；電容器帶電量減小，故B正確；

CD．電勢差不變，d變大；則電場強度減小，帶電液滴所受的電場力減小，小于重力，將向下做加速運動，故C錯誤，D正確。

故選BD。11、A:C:D【分析】【詳解】

C．在圖象中，等壓線是一條直線，反向延長線經(jīng)過且斜率越大，壓強越小，在圖上作出A；B兩點的等壓線如圖所示。

過B點的等壓線的斜率大，壓強小，過A點的等壓線的斜率小，壓強大，所以從A到B氣體的壓強減小；C正確；

ABD．從A到B，氣體的體積增大，氣體對外做功即外界對氣體做負功

溫度升高，內(nèi)能增加

根據(jù)熱力學第一定律

知

B錯誤AD正確。

故選ACD。12、A:D【分析】【分析】

電子進入磁場后受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，根據(jù)左手定則判斷磁場方向；電子在磁場中的軌跡與半徑有關(guān)，由半徑公式r=知；速率不同，軌跡半徑不同．電子在磁場中速度方向改變的角度等于軌跡的圓心角，而電子運動時間與軌跡的圓心角成正比，據(jù)此即可分析電子在磁場中運動的長短．

【詳解】

A．由圖知；電子在P點受到的洛倫茲力方向沿P→O，如圖，根據(jù)左手定則判斷得知：勻強磁場的方向是垂直紙面向里．故A正確．

B．電子進入磁場后受到洛倫茲力而做勻速圓周運動，由半徑公式r=知；軌跡半徑與電子的速率成正比，速率不同，軌跡半徑不同，則軌跡就不同．故B錯誤．

CD．根據(jù)圓的對稱性可知；所有電子離開磁場時速度方向與PQ線的夾角都是θ，則所有電子的速度方向都改變了2θ，由幾何知識得知，所有電子軌跡對應的圓心角都是2θ，則所有電子在磁場中運動的時間都相同．故C錯誤，D正確．

【點睛】

本題是磁場中直線邊界問題，掌握左手定則和軌跡半徑的基礎(chǔ)上，抓住圓的對稱性，確定速度的偏向角與軌跡的圓心角，即可比較磁場中運動的時間．三、填空題(共6題，共12分)13、略

【分析】【詳解】

[1]滑片向b端移動時滑動變阻器接入電阻增大；由閉合電路歐姆定律得電路中總電流減小；由E=U+Ir可知，路端電壓增大；則流過R的電流增大；故電流表示數(shù)增大；

[2]因總電流減小，而流過R的電流增大；由并聯(lián)電路的分流規(guī)律可知；流過燈泡的電流減小，故燈泡亮度減?。?/p>

[3]因電流減小，則由可知電源內(nèi)電壓減??；

[4]由功率公式可知，是源內(nèi)部消耗的功率減小?！窘馕觥吭黾訙p小減小減小14、略

【分析】【詳解】

[1]當處于飽和汽狀態(tài)溫度升高時；分子平均動能增大，單位時間內(nèi)逸出液面的酒精分子數(shù)增多，于是原來的動態(tài)平衡狀態(tài)被破壞，瓶中酒精飽和汽的密度增大，壓強增大。

[2]由于r2>r1，分子間的作用力表現(xiàn)為引力，當另一分子從間距由減小到的過程中，分子力做正功，則勢能減小?！窘馕觥吭龃鬁p小15、略

【分析】【詳解】

[1]．缸內(nèi)氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B為等壓變化，故氣缸單位面積上所受氣體分子撞擊的作用力不變；

[2][3]．氣體體積變大；對外做功；

由可得

則氣體對外做功的絕對值

[4]．理想氣體對外做功的同時，溫度升高，內(nèi)能增大，根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q可知：△U＞0，W＜0，所以Q＞0．即氣體吸收熱量．【解析】不變氣體對外做功吸收16、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]開始時兩分子間距離大；分子間作用力表現(xiàn)為引力，分子相互靠近，引力做正功，分子勢能減小，隨分子間距離減小到平衡位置后，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，分子相互靠近，斥力做負功，分子勢能增加，故整個過程分子勢能先減小后增加；

[2]根據(jù)熱力學第二定律可知，在外界因素影響下，物體從單一熱源吸收的熱量可以全部用于做功?！窘馕觥肯葴p小后增大可以17、略

【分析】【詳解】

（1）[1]當加速度為零時，滑塊應處于電阻器的中央，電阻器的全長8.0cm，則應將滑動片調(diào)到距電阻器左端4cm處；

（2）[2]當物體具有圖示方向的加速度a時，滑塊所受的彈簧的拉力的合力向右，滑塊相對框架向左移動，根據(jù)順著電流方向電勢降低，可知P端的電勢低于Q點的電勢，則電壓表的指針將向零點右側(cè)偏轉(zhuǎn)；

（3）[3]設加速度為a時，電壓表的讀數(shù)為U，則2kx=ma

又

聯(lián)立解得

由于U與a成正比，所以表盤的刻度應均勻。

點睛：本題中應變式加速度計體現(xiàn)了一種重要的實驗設計思想--轉(zhuǎn)換思想，即把難以直接測量的力學量轉(zhuǎn)換為容易測量的電學量。這類題目是力與電綜合題，關(guān)鍵要尋找力電聯(lián)系的橋梁。【解析】（1）4；（2）右；（3）均勻18、A:C:D【分析】由圖可知，由題意t=0.6s，質(zhì)點a恰好第二次位于平衡位置，則即T=0.8s，根據(jù)公式A正確；由圖可知，質(zhì)點b的振動方向向下，而后面的質(zhì)點重復前面質(zhì)點的運動情況，故質(zhì)點P起振方向也是向下，B錯誤；當波由b點傳播到P需要的時間為t0，則則質(zhì)點P振動的時間為則質(zhì)點P通過的路程為s=1.25×4A=0.10m，C正確；質(zhì)點P第三次到達波峰的時間為故D正確；頻率相同，相差恒定的兩列波產(chǎn)生穩(wěn)定的干涉，故能與此波產(chǎn)生穩(wěn)定干涉的另一列波的頻率為故E錯誤；故選ACD.四、作圖題(共3題，共30分)19、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】20、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個周期T的時間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個周期變化一次，結(jié)合電子到達熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點：考查了示波器的工作原理。

【名師點睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當信號電壓與掃描電壓周期相同時，就可以在熒光屏上得到待測信號在一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】21、略

【分析】【分析】

【詳解】

7s波向前傳播的距離為

7s后，故x=3.5m位置的原圖中x=0位置的振動情況相同；因此作出以下圖形。

【解析】五、實驗題(共4題，共36分)22、略

【分析】【分析】

（1）電流表內(nèi)接時測量值偏大；外接時測量值偏小，根據(jù)給出的U-I圖像的斜率判斷電阻的測量值，從而判斷電路結(jié)構(gòu)；

（2）比較待測電阻和電壓表和電流表的內(nèi)阻關(guān)系；從而判斷測量電路；根據(jù)U-I圖像求解電阻的測量值；

（3）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)選擇測量的儀器；由歐姆定律及電路特點求解電流表內(nèi)阻.

【詳解】

（1）根據(jù)兩電路的結(jié)構(gòu)可知甲電路中電阻的測量值偏小；則畫出的U-I圖像的斜率偏小，則根據(jù)電路圖甲測得的數(shù)據(jù)作出的U-Ⅰ圖象應是??；

（2）由丁圖可知，電阻R的測量值為則R>>RA，可知應該采用電流表內(nèi)接電路，即乙電路；根據(jù)該電路得到的U-I圖像是丙圖，可得電阻的測量值因測量值中包括電流表的內(nèi)阻；則Rx的測量值大于真實值．

（3）電流表A1應選量程較大的A；滑動變阻器用分壓電路；故應選C．

根據(jù)歐姆定律可得

解得電流表的內(nèi)阻：

【點睛】

此題關(guān)鍵是搞清伏安法測電阻的基本原理；知道電流表內(nèi)接和外接對測量值的影響，能根據(jù)U-I圖像求解電阻的阻值．【解析】??；乙；見解析；A；C；19；23、略

【分析】【詳解】

第一空.小球碰后做平拋運動；由于落地的高度都相同，則落地的時間相同，則小球落地的水平位移與速度成正比，則實驗中通過僅測量小球做平拋運動的水平位移，可間接得到小球碰撞前后的速度關(guān)系.

第二空.檢驗水平槽BC是否調(diào)平的方法是：將小球輕放在槽口；如果能保持靜止，說明槽口處于水平，如果不能靜止而滾動，說明槽口是傾斜的.

第三空.實驗裝置中的重錘線起的作用是：記錄水平面上槽口正