深圳市福田中學2023-2024學年高一（上）期末物理試卷

第16頁（共16頁）2023-2024學年廣東省深圳市福田中學高一（上）期末物理試卷一、單項選擇題（本大題共8小題，每小題4分，共32分。1．（4分）2022年，如圖1，我國自主研發(fā)的大型民用客機順利完成持續(xù)3小時2分鐘的首飛任務，該飛機總長38.9米、翼展33.6米、高度11.9米、總重44.1噸。下列哪個是國際單位制中的基本單位（）圖1圖2A．小時 B．分鐘 C．米 D．噸2．（4分）如圖2，伽利略對自由落體運動及運動和力的關(guān)系的研究，開創(chuàng)了科學實驗和邏輯推理相結(jié)合的科學研究方法。圖（a）、（b）分別表示這兩項研究中的實驗和邏輯推理的過程，對這兩項研究，下列說法正確的是（）A．圖（a）通過對自由落體運動的研究，合理外推得出小球在斜面上做勻變速運動的結(jié)論 B．圖（a）中先在傾角較小的斜面上實驗，可“沖淡”重力，便于測量 C．圖（b）中完全沒有摩擦阻力的斜面是實際存在的，實驗可實際完成 D．圖（b）的實驗為“理想實驗”，通過邏輯推理得出物體的運動需要力來維持的結(jié)論3．（4分）一個圓球形薄殼容器所受重力為G，用一細線懸掛起來，如圖3所示?，F(xiàn)在容器里裝滿水，若在容器底部有一個小閥門，將小閥門打開讓水慢慢流出，在此過程中，對容器和容器內(nèi)的水組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是（）圖3圖4A．系統(tǒng)的重心慢慢下降 B．有可能繩的方向不豎直 C．系統(tǒng)對地球的引力先減小后增大 D．系統(tǒng)的重心先下降后上升4．（4分）某次列車出站時做勻加速運動，途中連續(xù)經(jīng)過三個測試點A、B、C，已知AB段距離為BC段的一半，AB段平均速度為72km/h，BC段平均速度為144km/h，如圖4所示，則列車經(jīng)過C點時速度大小為（）A．30m/s B．40m/s C．50m/s D．60m/s（多選）5．（4分）一枚火箭由地面豎直向上發(fā)射，其v﹣t圖象如圖5所示，則（）圖5圖6A．火箭在t2﹣t3時間內(nèi)向下運動 B．火箭能上升的最大高度為 C．火箭上升階段的平均速度大小為 D．火箭運動過程中的最大加速度大小為6．（4分）如圖6所示，質(zhì)量為m的人站在傾角為θ的自動扶梯的水平踏板上，隨扶梯一起斜向上做勻減速直線運動，加速度大小為a，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A．人未受到摩擦力作用 B．人處于超重狀態(tài) C．踏板對人的摩擦力大小Ff＝masinθ D．踏板對人的支持力大小FN＝mg﹣masinθ7．（4分）如圖7所示是輸電的部分線路。A、B兩點是電線桿與輸電線的連接點，輸電線質(zhì)量分布均勻，下列說法正確的是（）圖7圖8A．若A、B兩點等高，A、B兩端點對輸電線的拉力相同 B．若A點高于B點，輸電線兩端的切線與豎直方向的夾角θA＜θB C．若A點高于B點，A、B兩端點對輸電線的拉力大小TA＜TB D．由于熱脹冷縮，夏季輸電線與豎直方向的夾角變小，輸電線兩端的彈力變大8．（4分）如圖8所示，兩根輕彈簧下面均連接一個質(zhì)量為m的小球，上面一根彈簧的上端固定在天花板上，兩小球之間通過一不可伸長的細繩相連接，細繩受到的拉力大小等于4mg。在剪斷兩球之間細繩的瞬間，以下關(guān)于球A的加速度大小a、球B的加速度大小aB正確的是（）A．0、2g B．4g、2g C．4g、4g D．0、g二、多項選擇題（本大題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題列出的四個選項中，有多個符合題意。部分正確得3分）（多選）9．（6分）如圖所示，半徑為R的光滑圓環(huán)豎直固定，原長為的輕質(zhì)彈簧一端固定在圓環(huán)的最高點A，另一端與套在環(huán)上的質(zhì)量為m的小球相連。小球靜止在B點時，彈簧與豎直方向夾角θ＝30°，已知重力加速度大小為g，則（）A．小球?qū)A環(huán)的彈力方向指向圓心 B．圓環(huán)對小球的彈力大小為 C．彈簧的勁度系數(shù)為 D．若換用原長相同，勁度系數(shù)更大的輕質(zhì)彈簧，小球?qū)⒃贐點下方達到受力平衡（多選）10．（6分）某校課外活動小組自制一枚水火箭，水火箭豎直向上運動到距離地面的高度為h時，水火箭內(nèi)的液體全部向下噴出而失去動力，此時水火箭的速度大小為v0，水火箭將繼續(xù)做直線運動（忽略水火箭箭頭調(diào)整的時間及空氣阻力的影響，水火箭可看成質(zhì)點，重力加速度為g），則水火箭從失去動力到落地時所用的時間t及水火箭上升的最高點到地面的距離H分別為（）A．t＝ B．t＝ C．H＝ D．H＝（多選）11．（6分）如圖所示，斜面靜止在粗糙水平地面上，物塊放在斜面上時恰能沿斜面勻速下滑，若物塊在下滑過程中施加一恒力作用，恒力過物塊重心且與豎直方向夾角為β，已知斜面傾角為α，則在下滑過程中正確的是（）A．若力F豎直向下，物塊將仍沿斜面勻速下滑 B．若力F垂直斜面向下，物塊仍能保持勻速下滑 C．若力F沿斜面向下，斜面受到地面給的摩擦力方向水平向右 D．地面對斜面無摩擦力三、實驗題（本大題共2小題，共16分）12．（6分）某實驗小組利用如圖所示的實驗裝置來測量橡皮繩的勁度系數(shù)k。將手機懸掛在橡皮繩下，用手機軟件中的位移傳感器，可以測量手機在豎直方向上的位移。該實驗小組進行了如下主要的實驗步驟：a.將橡皮繩分別與手機和鐵架臺相連接，使手機重心和橡皮繩在同一豎直線上；b.用手掌托著手機，使橡皮繩處于原長狀態(tài)，打開手機中的位移傳感器軟件；c.緩慢釋放手機，當手機平衡時記錄下手機下降的高度x0；d.在手機正下方懸掛不同個數(shù)的鉤碼，每個鉤碼的質(zhì)量m＝50g，緩慢釋放，當鉤碼平衡時，記錄下從橡皮繩原長開始下降的伸長量x；e.重復上述d步操作；f.作出懸掛鉤碼數(shù)量n及對應手機從橡皮繩原長開始下降的伸長量x的關(guān)系圖像，如圖所示。根據(jù)n﹣x圖像，回答以下問題：（1）不掛鉤碼時，橡皮繩的伸長量為x0＝cm；（2）鉤碼個數(shù)n與橡皮繩從原長開始下降的伸長量x之間的函數(shù)關(guān)系式為n＝（用字母k、x、x0、m、g表示）；（3）該橡皮繩的勁度系數(shù)k＝N/m（取g＝10m/s2）。13．（10分）某研究性學習小組利用如圖1所示的裝置探究小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系。（1）以下操作正確的是。A．拉小車的細線一定要始終保持與桌面平行B．拉小車的細線一定要始終保持與平面軌道平行C．平衡摩擦力時，一定要將鉤碼通過細線與小車相連D．每次改變小車的質(zhì)量時，都要重新移動墊木的位置以平衡摩擦力（2）本實驗中認為細線對小車的拉力等于鉤碼的總重力，由此造成的誤差（填“能”或“不能”）通過多次測量來減小誤差。（3）正確平衡摩擦后，按住小車，在小車中放入砝碼，掛上鉤碼，打開打點計時器電源，釋放小車，得到一條帶有清晰點跡的紙帶；在保證小車和砝碼質(zhì)量之和遠大于鉤碼質(zhì)量條件下，改變小車中砝碼的質(zhì)量，重復操作，得到多條紙帶。記下小車中的砝碼質(zhì)量，利用紙帶測量計算小車加速度a。如圖2是其中一條紙帶，A、B、C、D、E是計數(shù)點，相鄰兩個計數(shù)點間都有4個計時點沒有標出，已知交流電頻率為50Hz，則這條紙帶記錄小車的加速度大小為m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）已知某次小車的質(zhì)量為500g，若鉤碼的質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，細線中拉力的真實值為F，則F＝（用M、m、g表示）。若實驗要求相對誤差不超過10%，即＜10%，則實驗中選取鉤碼的質(zhì)量時應該滿足：m＜g。（重力加速度g取10m/s2）四、解答題（本大題共3小題，共34分）14．（8分）如圖所示，已知物塊A、B的質(zhì)量分別為m1＝4kg，m2＝2kg，A、B間的動摩擦因數(shù)為μ1＝0.5，A與水平地面之間的動摩擦因數(shù)為μ2＝0.5，設(shè)最大靜摩擦力與滑動摩擦力大小相等，g取10m/s2，在水平力F的推動下，要使A、B一起運動且B恰好不下滑，求：（1）B對A的彈力的大小與方向；（2）力F的大小。15．（10分）如圖所示，一平直的傳送帶以速率v＝2m/s勻速運行，把工件從A處運送到B處。A、B間的距離L＝10m，工件與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1。若在A處把工件無初速度地輕輕放到傳送帶上，g取10m/s2，求：（1）工件剛放上傳送帶時，加速度多大？（2）工件經(jīng)過多長時間能被傳送到B處？（3）若傳送帶的速度大小可調(diào)節(jié)，為使工件從A到B運動的時間最短，傳送帶的速度應滿足什么條件？16．（16分）如圖所示，水平地面上依次擺放兩塊完全相同的木板，長度均為l＝1m，質(zhì)量均為m2＝1kg。一質(zhì)量為m1＝2kg的物塊（可視為質(zhì)點）以v0＝4m/s的速度沖上A木板的左端，物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為μ1，木板與地面間的動摩擦因數(shù)為μ2＝0.2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2。（1）若物塊滑上木板A時，木板不動，而滑上木板B時，木板B開始滑動，求μ1應滿足的條件；（2）若μ1＝0.5，求物塊滑到木板右端時的速度大小和在木板A上運動的時間；（3）若μ1＝0.5，請通過計算判斷物塊能否從木板B右端離開，若不能離開，求物塊最終離B板左端的距離。

2023-2024學年廣東省深圳市福田中學高一（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題（本大題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題列出的四個選項中，只有一個最符合題意）1．【分析】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量。分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質(zhì)的量。它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關(guān)系式推導出來的物理量的單位叫做導出單位。【解答】解：AB、小時與分鐘是時間的常用單位，不是國際單位制中的單位，故AB錯誤；C、米是國際單位制中的基本單位，故C正確；D、噸是質(zhì)量的常用單位，不是國際單位制中的基本單位，故D錯誤。故選：C。【點評】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量，這七個基本物理量分別是誰，它們在國際單位制分別是誰，這都是需要學生自己記住的。2．【分析】圖a利用斜面來“沖淡”重力，便于測量時間，推出小球在斜面上做勻變速直線運動；圖b因為軌道不可能絕對光滑，所以小球不會達到等高處，并通過這個實驗伽利略得到物體的運動不需要力來維持。【解答】解：B．圖a中先在傾角較小的斜面上進行實驗，來“沖淡”重力的作用效果，主要是使時間測量更容易，故B正確；A．圖a通過對小球在斜面上的運動研究，合理外推得出自由落體運動是一種勻變速直線運動，故A錯誤；C．圖b中沒有摩擦阻力的斜面實際并不存在，故實驗不能直接觀察到小球達到等高處，故C錯誤；D．圖b的實驗為“理想實驗”，伽利略通過邏輯推理得出物體的運動不需要力來維持，故D錯誤。故選：B。【點評】學生在解決本題時，應注意對伽利略理想斜面實驗的熟知。3．【分析】根據(jù)二力平衡規(guī)律，確定繩的方向；根據(jù)重心初始和末狀態(tài)位置，確定重心變化。【解答】解：根據(jù)二力平衡規(guī)律，繩的方向始終豎直，同時重心初始在球心位置，當小閥門打開讓水慢慢流出，在此過程中，重心先下降，當水全部流出，重心又回到球心位置，故重心又升高，故ABC錯誤，D正確；故選：D?！军c評】本題解題關(guān)鍵是確定重心初始在球心位置，當水全部流出，重心又回到球心位置。4．【分析】BC段的距離為AB段的2倍，BC段的平均速度也為AB段的2倍，可知列車經(jīng)過兩段的時間相等，根據(jù)勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻的瞬時速度的性質(zhì)，可求得列車經(jīng)過B點時速度，再利用平均速度等于初末速度之和的一半的性質(zhì)求解列車經(jīng)過C點時速度大小?！窘獯稹拷猓涸O(shè)AB段距離為x，BC段距離為2x，AB段平均速度為v1＝72km/h＝20m/sBC段平均速度為v2＝144km/h＝40m/s可知v2＝2v1由于AB段距離為BC段的一半，根據(jù)：t＝，可得列車經(jīng)過AB段和BC段的時間相等。設(shè)列車經(jīng)過AB段和BC段的時間均為t，根據(jù)勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻的瞬時速度的性質(zhì)，可得列車經(jīng)過B點時速度等于AC段的平均速度，則有m/s＝30m/s由勻變速直線運動的規(guī)律可得解得列車經(jīng)過C點時速度大小為vC＝50m/s，故ABD錯誤，C正確。故選：C。【點評】本題考查了勻變速運動規(guī)律的應用，涉及到了勻變速直線運動的平均速度的推論。掌握勻變速運動規(guī)律的基礎(chǔ)公式以及相關(guān)推論，要注意推論應用的條件。5．【分析】速度的正負表示速度的方向，根據(jù)速度圖象讀出速度的正負，分析火箭的運動．圖象與坐標軸所圍“面積”表示位移，由數(shù)學知識求出火箭上升的最大高度．平均速度等于位移與所用時間的比值．圖象的斜率等于加速度，由數(shù)學知識求出最大的加速度大?。窘獯稹拷猓篈、在t2﹣t3時間內(nèi)火箭的速度為正值，仍在上升。故A錯誤。B、由圖看出，在0﹣t3時間內(nèi)火箭的速度都是正值，說明火箭一直在上升，圖線與坐標軸所圍“面積”的大小等于箭能上升的最大高度，由數(shù)學知識得：箭能上升的最大高度h＝，v2＝3v1，，，解得h＝．故B正確。C、火箭上升階段的平均速度大小為．故C正確。D、由圖看出，在t2﹣t3時間內(nèi)圖線的斜率最大，則火箭的加速度最大，最大加速度大小為a＝．故D正確。故選：BCD?！军c評】本題要抓住速度圖象的兩個數(shù)學意義來分析其物理意義：斜率等于加速度，“面積”等于位移．6．【分析】將人的加速度分解到水平方向和豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可?！窘獯稹拷猓篈B．把加速度分解為水平和豎直兩個方向，可知加速度具有水平向左的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知人受到水平向左的摩擦力作用，加速度具有豎直向下的分加速度，人處于失重狀態(tài)。故AB錯誤；CD．對人受力分析，有Ff＝macosθ，mg﹣FN＝masinθ解得FN＝mg﹣masinθ故C錯誤，D正確。故選：D?！军c評】本題考查牛頓第二定律，解題關(guān)鍵是將人的加速度分解到水平方向和豎直方向，根據(jù)牛頓第二定律列式求解即可。7．【分析】若A點高于B點，對兩邊導線進行受力分析，再結(jié)合平衡條件列式，即可比較θA與θB的大小關(guān)系；由于熱脹冷縮，夏季輸電線與豎直方向的夾角變小，對輸電線整體受力分析，結(jié)合平衡條件列式分析輸電線兩端的彈力變化情況?！窘獯稹拷猓篈、若A、B兩點等高，由對稱性可知，兩端點對輸電線的拉力大小相同但方向不同，故A錯誤；BC、設(shè)輸電線下垂的最低點為C，若A點高于B點，則AC之間的輸電線長度大于BC之間的輸電線長度，設(shè)AC之間導線的重力大小為G1，BC之間導線的重力大小為G2，則根據(jù)平衡條件可得TAcosθA＝GTBcosθB＝G2TAsinθA＝TBsinθB因G1＞G2，聯(lián)立上式可得θA＜θBTA＞TB故B正確，C錯誤；D、由于熱脹冷縮，夏季輸電線與豎直方向的夾角變小，根據(jù)TAcosθA+TBcosθB＝G可知θA，θB都減小時，TA和TB，也都減小，故D錯誤。故選：B?！军c評】解答本題的關(guān)鍵是以輸電線為研究對象，根據(jù)共點力平衡的條件列式分析。8．【分析】剪斷兩球之間細繩前，對A、B兩球受力分析，由平衡條件求出兩個彈簧彈力大小；剪斷兩球之間細繩瞬間，彈簧的彈力不變，由牛頓第二定律可求得兩球加速度大小?！窘獯稹拷猓涸诩魯嗬K子之前，繩子的拉力為F＝4mg對兩球整體，由平衡條件可知上邊彈簧對物體A的拉力為：F′＝2mg，方向向上；對B球，由平衡條件可知下面彈簧對B的作用力為：F″＝4mg﹣mg＝3mg，方向向下；剪斷繩子瞬間，對A球受力分析可知A球的合力FA＝F′+F″﹣mg＝2mg+3mg﹣mg＝4mg由牛頓第二定律得：FA＝ma解得：，方向向上；對B球分析，B球的合力FB＝F″+mg＝4mg由牛頓第二定律得：FB＝maB解得：，故ABD錯誤，C正確。故選：C?！军c評】本題考查瞬時加速度問題，解題的關(guān)鍵是要知道繩斷的瞬間，彈簧的彈力不變，利用牛頓第二定律求解瞬時加速度。二、多項選擇題（本大題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題列出的四個選項中，有多個符合題意。部分正確得3分）9．【分析】根據(jù)平衡條件分析圓環(huán)對小球的作用力的方向；通過三角形相似求解彈簧的彈力，由胡克定律求彈簧的勁度系數(shù)。分析換彈簧后各力的變化?！窘獯稹拷猓篈、小球靜止在B點時，彈簧處于伸長狀態(tài)，彈簧彈力F的方向如圖所示。小球處于平衡狀態(tài)，合力為0，根據(jù)三角形定則可知，圓環(huán)對小球的彈力FN沿半徑向外，由牛頓第三定律可知小球?qū)A環(huán)的彈力方向指向圓心，故A正確；B、由相似三角形法得：，可得圓環(huán)對小球的彈力大小為：FN＝mg，故B錯誤；C、根據(jù)幾何知識可知，在B點，彈簧的長度為，則彈簧的形變量為。由胡克定律F＝kx，可得，解得：，故C正確；D、如換用勁度系數(shù)更大的輕質(zhì)彈簧，若拉伸到同樣的長度，小球?qū)⑸弦?，所以小球?qū)⒃贐點上方達到受力平衡，故D錯誤。故選：AC。【點評】本題考查共點力平衡條件的應用，解決本題的難點在于力的合成中的三角形為斜三角形，不能用直角三角形的邊角關(guān)系去求解問題，三角形相似是處理此類問題的方法之一。10．【分析】根據(jù)位移—時間公式計算出時間；分階段求出水火箭上升的位移然后再相加即可?！窘獯稹拷猓篈B、規(guī)定豎直向下為正方向，在整個運動過程中，水火箭只受重力，加速度為重力加速度，則在失去動力后，有解得：，故A錯誤，B正確；CD、水火箭失去動力時有豎直向上的速度，從而繼續(xù)上升，根據(jù)解得：則距離地面的最大高度為：，故C正確，D錯誤；故選：BC?！军c評】本題主要考查了運動的多過程問題，根據(jù)運動學公式分析整個運動過程，分階段計算出上升的高度，屬于運動學公式的常規(guī)用法。11．【分析】施加F前根據(jù)平衡條件，對物塊受力分析，利用正交分解法求解出動摩擦因數(shù)；施加F后，對物塊受力分析，根據(jù)平衡條件判斷摩擦力的大小。【解答】解：A．設(shè)物體的質(zhì)量為m，對物體，根據(jù)平衡知識可得：mgsinα＝μmgcosα，解得：μ＝tanα當力F豎直向下時，也有（mg+F）sinα＝μ（mg+F）cosα所以物體仍沿斜面勻速下滑，故A正確；B．若力F垂直斜面向下，物體在斜面上的滑動摩擦力為：f＝μ（mgcosα+F）根據(jù)μ＝tanα則有mgsinα＝μmgcosα＜f所以物塊不能保持勻速下滑，故B錯誤；C．當無外力時，斜面對物體的支持力為N＝μmgcosα，斜面對物體的摩擦力為f＝μN＝μmgcosα，對物體分析，水平分解有：Nsinα＝mgcosαsinα，fcosα＝μmgcosαcosα＝mgcosαsinα，則物體對斜面的壓力與斜面對物體的支持力為作用力與反作用力，等大反向，同理，物體對斜面的摩擦力也等大反向，則斜面在水平方向的分量也平衡，故地面對斜面沒有摩擦力，當力F沿斜面向下時，物體對斜面的壓力不變，滑動摩擦力大小也不變，故斜面仍不受地面給的摩擦力作用，故C錯誤；D．如圖所示任意角度的力F，都可以分解成豎直向下的分量及沿斜面向下的分量，豎直向下的分量與物體重力的作用效果一致，不會使地面對斜面產(chǎn)生摩擦力；沿斜面向下的分量，根據(jù)上面的分析，也不會使地面對斜面產(chǎn)生摩擦力，故力F不管與豎直方向的夾角為多少，地面對斜面均不會有摩擦力，故D正確。故選：AD?！军c評】本題考查的是受力分析和力的分解問題，結(jié)合物體的運動狀態(tài)分析摩擦力。三、實驗題（本大題共2小題，共16分）12．【分析】（1）根據(jù)胡克定律求解出不掛鉤碼時彈簧的長度；（2）根據(jù)胡克定律求解n﹣x函數(shù)；（3）結(jié)合圖像斜率的含義求解勁度系數(shù)?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)胡克定律nmg＝k（x﹣x0）當n＝0時，x0＝x＝1.5cm即不掛鉤碼時，橡皮繩的伸長量為x0＝1.5cm（2）當手機上掛n個鉤碼時，根據(jù)胡克定律nmg＝k（x﹣x0）整理得（3）由圖像可知，圖線的斜率為結(jié)合n﹣x函數(shù)可知，圖像的斜率代入數(shù)據(jù)解得該橡皮繩的勁度系數(shù)k＝100N/m。故答案為：（1）1.5；（2）；（3）100?！军c評】本題考查了利用智能手機的位移傳感器測量橡皮筋的伸長量，從而測得勁度系數(shù)；體現(xiàn)了物理與生活的緊密聯(lián)系，體現(xiàn)了從解題到解決問題的轉(zhuǎn)變；注意單位的換算。13．【分析】（1）根據(jù)實驗注意事項判斷即可；（2）本實驗中認為細線對小車的拉力等于鉤碼的重力，由此產(chǎn)生的誤差為系統(tǒng)誤差，不能通過多次測量來減小誤差；（3）根據(jù)Δx＝aT2求解加速度；（4）根據(jù)牛頓第二定律求解小車受到的拉力，結(jié)合實驗要求的誤差即可求解?！窘獯稹拷猓海?）AB、拉小車的細線一定要始終保持與平面軌道平行，故A錯誤，B正確；C、平衡摩擦力時，要求小車不受繩子拉力時能做勻速運動，所以鉤碼不應通過細線與小車相連，故C錯誤；D、平衡摩擦力后，滿足μ＝tanθ，改變小車的質(zhì)量時，重力沿斜面方向的分力仍等于摩擦力，不需要重新平衡摩擦力，故D錯誤；故選：B。（2）小車和鉤碼一起做勻加速直線運動，設(shè)小車的質(zhì)量為M，鉤碼的質(zhì)量為m，牛頓第二定律得：對鉤碼有：mg﹣F＝ma對小車有：F＝Ma聯(lián)立解得，小車受到的拉力F＝即實際細線對小車的拉力小于鉤碼的總重力，本實驗中認為細線對小車的拉力等于鉤碼的重力，由此產(chǎn)生的誤差為系統(tǒng)誤差，不能通過多次測量來減小誤差；（3）相鄰兩個計數(shù)點間都有4個計時點沒有標出，則相鄰兩個計數(shù)點間的時間間隔為T＝5×＝5×s＝0.1s這條紙帶記錄小車的加速度大小為a＝＝m/s2＝0.630m/s2（4）由（2）得，小車受到的拉力F＝由＜10%聯(lián)立解得：m＜0.1M＝0.1×500g＝50g故答案為：（1）B；（2）不能；（3）0.630；（3）50。【點評】本題考查探究小車的加速度與質(zhì)量的關(guān)系實驗，掌握實驗原理、注意事項、數(shù)據(jù)處理和誤差分析即可。四、解答題（本大題共3小題，共34分）14．【分析】（1）B恰好不下滑，則μ1FAB＝m2g，分析AB之間彈力；（2）根據(jù)整體和隔離法，分別采用牛頓第二定律，分析F?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)A對B的彈力為FAB，B恰好不下滑，則μ1FAB＝m2g，代入數(shù)據(jù)解得FAB＝40N，根據(jù)牛頓第三定律，B對A的彈力的大小為40N，方向水平向左；（2）AB整體分析，豎直方向根據(jù)平衡有，F(xiàn)N＝（m1+m2）g，水平方向根據(jù)牛頓第二定律有，F(xiàn)﹣μ2FN＝（m1+m2）a，隔離分析B，根據(jù)牛頓第二定律，F(xiàn)AB＝m2a，聯(lián)立解得F＝150N。答：（1）B對A的彈力的大小40N，方向水平向左；（2）力F的大小150N。【點評】本題解題關(guān)鍵是采用整體和隔離法，并分析