2025年湘教新版選修3物理上冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年湘教新版選修3物理上冊階段測試試卷110考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、在如圖所示的電路中，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為r．當滑動變阻器的滑片P向左移動時（））

A.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變大B.電流表的示數(shù)變小，電壓表的示數(shù)變小C.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變小D.電流表的示數(shù)變大，電壓表的示數(shù)變小2、如圖內(nèi)阻不能忽略的電源與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R構(gòu)成閉合電路,當滑動變阻器的觸頭由中點滑向a端時,下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)增大B.電壓表讀數(shù)減小C.電流表讀數(shù)不變D.電流表讀數(shù)增大3、電路如圖所示，電源的電動勢為E、內(nèi)阻為r，與定值電阻R1、R2及滑動變阻器R連接，當滑動變阻器的滑片由中點滑向b端時；下列說法正確的是()

A.電壓表讀數(shù)增大、電流表讀數(shù)減小B.電壓表讀數(shù)減小、電流表讀數(shù)增大C.R1的電功率減小D.電源的輸出功率增大4、下列陳述與事實相符的是A.牛頓測定了引力常量B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場C.安培發(fā)現(xiàn)了靜電荷間的相互作用規(guī)律D.伽利略指出了力不是維持物體運動的原因5、如圖所示，固定平行導(dǎo)軌間有磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強磁場，導(dǎo)軌間距為l且足夠長，左端接阻值為R的定值電阻，導(dǎo)軌電阻不計．現(xiàn)有一長為2l的金屬棒垂直放在導(dǎo)軌上，在金屬棒以O(shè)點為軸沿順時針方向以角速度ω轉(zhuǎn)過60°的過程中（金屬棒始終與導(dǎo)軌接觸良好；電阻不計）（）

A.通過定值電阻的電流方向由b到aB.金屬棒剛開始轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大C.通過定值電阻的最大電流為D.通過定值電阻的電荷量為6、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時（）A.速度最大B.回復(fù)力最大C.加速度最大D.彈性勢能最大7、一列沿x軸負方向傳播的簡諧機械橫波,波速為2m/s.某時刻波形如圖所示,下列說法正確的是()

A.這列波的周期為2sB.這列波的振幅為6cmC.此時x=4m處的質(zhì)點速度為零D.此時x=8m處的質(zhì)點沿y軸正方向運動8、如圖，一束光由空氣射向半圓柱體玻璃磚，O點為該玻璃磚截面的圓心，下圖能正確描述其光路圖的是（）A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共6題，共12分)9、某研究小組設(shè)計了一個測量液體折射率的儀器．如圖所示，在一個圓盤上，過其圓心O做兩條互相垂直的直徑BC、EF．在半徑OA上，垂直盤面插上兩枚大頭針P1、P2并保持P1、P2位置不變，每次測量時讓圓盤的下半部分豎直進入液體中，而且總使水平液面與直徑BC相平，EF作為界面的法線，而后在圖中右上方區(qū)域觀察P1、P2的像，并在圓周上插上大頭針P3，使P3正好擋住P1、P2的像．下列說法正確的是()

A.液體的折射率等于P3到EF的距離與A到EF的距離的比值B.液體的折射率等于A到EF的距離與P3到EF的距離的比值C.大頭針P3插在M位置時液體的折射率值大于插在N位置時液體的折射率值D.大頭針P3插在M位置時液體的折射率值小于插在N位置時液體的折射率值10、一定質(zhì)量的氣體經(jīng)歷如圖所示的一系列過程，和這四個過程在圖像上都是直線段，其中的延長線通過坐標原點O，垂直于而平行于由圖可以判斷（）

A.ab過程中氣體體積不斷減小B.bc過程中氣體體積不斷減小C.cd過程中氣體體積不斷增大D.da過程中氣體體積不斷增大11、一定量的理想氣體從狀態(tài)M開始，經(jīng)狀態(tài)N、P、Q回到狀態(tài)M。其壓強—溫度圖像（P—T圖像）如圖所示。下列說法正確的是（）

A.從M到N氣體對外界做功B.從N到P是放熱過程C.從N到P氣體的體積增大E.從P到M氣體對外界做功E.從P到M氣體對外界做功12、關(guān)于氣體的性質(zhì)及熱力學定律，下列說法正確的是（）A.氣體壓強本質(zhì)上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力B.氣體的溫度越高，分子熱運動就越劇烈，所有分子的速率都增大C.一定質(zhì)量的理想氣體，壓強不變，溫度升高時，分子間的平均距離一定增大E.外界對氣體做正功，氣體的內(nèi)能一定增加E.外界對氣體做正功，氣體的內(nèi)能一定增加13、如圖甲所示，理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為3：1，L1、L2、L3為三只規(guī)格均為“9V，3W”的燈泡，各電表均為理想交流電表，定值電阻R1＝9Ω．輸入端交變電壓u的圖像如圖乙所示；三只燈泡均正常發(fā)光，則。

A.電壓u的瞬時表達式為u＝36sinπt（V）B.電壓表的示數(shù)為33VC.電流表的示數(shù)為1AD.定值電阻R2＝2Ω14、關(guān)于電容的說法正確的是A.電容器簡稱電容B.電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量C.電容器的電容由電容器本身的因素決定，與電容器是否帶電無關(guān)D.電容的國際單位是法拉評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)15、泡泡魚游戲中，泡泡魚吐出了一個泡泡，捉住了一條大寶魚。若將泡泡內(nèi)的氣體視為理想氣體，泡泡魚吐出的泡泡上浮一段時間后到達大寶魚所在位置，海水的溫度不變，則在泡泡上浮的過程中，泡泡內(nèi)的氣體對外界做__________（填“正”或“負”）功，氣體__________（填“從外界吸收熱量”或“向外界放出熱量”）。16、如圖所示電路中，R1=100Ω，滑動變阻器的總電阻R=100Ω，A、B兩端電壓恒定，且UAB=12V．當S斷開時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由_______V變至_______V；當S閉合時，滑動變阻器R滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由______V變至________V．

17、如圖所示寬度為d；厚度為h的金屬板放在垂直于它的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中；當有電流I通過金屬板時，在金屬板上側(cè)面A和下側(cè)面A’間產(chǎn)生電勢差．

（1）金屬板上側(cè)面A電勢____________下側(cè)面電勢（填高于或低于）；

（2）若金屬板內(nèi)單位體積內(nèi)自由電子數(shù)為n，則產(chǎn)生的電勢差U=___________________．18、如圖所示，平行板電容器板間距離d=10cm，與一個直流電源相連，電源電壓為10V，N板接地，取大地電勢為零，兩板間有一點P，P點距M板5cm，把開關(guān)閉合給電容器充電，然后再斷開，P點場強大小為________，電勢為____________，若把N板向下移動10cm，則P點場強大小為________，電勢為_________。

19、如圖，粗細均勻的長玻璃管豎直放置且開口向下，管內(nèi)的水銀柱封閉了一部分體積的空氣柱．當外界大氣壓緩慢減小，水銀柱將_______（上升、不動、下降）；若大氣壓減小△p，水銀柱移動L1，大氣壓再減小△p，水銀柱又移動L2，則：L1_______L2（選填“>”、“<”；“=”）．（保持溫度不變）

20、圖為某同學改裝的毫安表的電路圖；其中虛線框內(nèi)是毫安表的改裝電路。

已知毫安表表頭的內(nèi)阻為100Ω，滿偏電流為1mA，R1和R2為阻值固定的電阻，若使用a和b兩個接線柱，電表量程為3mA：若使用a和c兩個接線拄，電表量程為10mA，由題給條件和數(shù)據(jù)，可以求出R1=___Ω，R2=_______Ω。21、質(zhì)量為M的物塊靜止在光滑水平桌面上，質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度2v0/3射出．則物塊的速度為_______，此過程中損失的機械能為______．22、(1)某組同學用圖（a）實驗裝置探究“加速度a與物體質(zhì)量m的關(guān)系”．A為小車；B為電火花計時器，C為裝有細砂的小桶，D為一端帶有定滑輪的長方形木板．

①圖（b）為某次實驗得到的紙帶，已知實驗所用電源的頻率為50Hz．小車的加速度大小為________m/s2．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）

②改變小車質(zhì)量m，分別記錄小車加速度a與其質(zhì)量m的數(shù)據(jù)．在分析處理時，該組同學產(chǎn)生分歧；甲同學認為應(yīng)該根據(jù)實驗中測得的數(shù)據(jù)作出小車加速度a與其質(zhì)量m的圖象，乙同學認為應(yīng)該作出小車加速度a與其質(zhì)量倒數(shù)的圖象．兩位同學都按照自己的方案將實驗數(shù)據(jù)在坐標系中進行了標注，但尚未完成圖象（如下圖所示）．你認為同學______________（填“甲”；“乙”）的方案更合理．并幫助該同學作出坐標中的圖象。

(2)某同學用如圖所示的電路測量出待測電流表的滿偏電流；有以下的可供選用的器材：

A．待測電流表A0：滿偏電流約為700～800μA、內(nèi)阻約100Ω，表盤刻度均勻、總格數(shù)為N

B．電流表A：量程0.6A、內(nèi)阻Rg＝0.1Ω

C．電壓表V：量程3V、內(nèi)阻RV＝3kΩ

D．滑動變阻器R：最大阻值20Ω

E．電源E：電動勢約3V；內(nèi)阻約1.5Ω

F．開關(guān)S一個；導(dǎo)線若干條。

①電路圖中的電表x應(yīng)選當器材中的_______．（填寫器材序號）

②測量過程中，測出多組數(shù)據(jù)，其中一組數(shù)據(jù)中待測電流表A0的指針偏轉(zhuǎn)了n格，則計算電流表滿偏電流的表達式為Imax=_______________，式中除字母N、n外，其他字母符號代表的物理量是_______________________________．評卷人得分四、作圖題(共3題，共9分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共7分)26、李明同學想要測量某個未知電阻R1,他的手邊共有儀器如下:一個電阻箱R、一個滑動變阻器R0、一個靈敏電流計G、一個不計內(nèi)阻的恒定電源E；開關(guān)、導(dǎo)線若干．他首先想到用伏安法或者電表改裝知識來設(shè)計電路,但發(fā)現(xiàn)由于儀器缺乏無法實現(xiàn)．苦惱之余去尋求物理老師的幫助．老師首先給了他一道習題要求他思考:

(1)如圖甲,在a、b之間搭一座“電橋”,調(diào)節(jié)四個變阻箱R1、R2、R3、R4的阻值,當G表為零時(此時也稱為“電橋平衡”),4個電阻之間的關(guān)系是_____．

(2)聰明的李明馬上想到了改進自己的實驗,他按照以下步驟很快就測出了Rx

①按圖乙接好電路,調(diào)節(jié)_____,P為滑動變阻器的滑片,當G表示數(shù)為零時,讀出此時變阻箱阻值R1;

②將Rx與變阻箱R互換位置,并且控制______不動,再次調(diào)節(jié)____,直至電橋再次平衡時,讀出此時變阻箱阻值R2;

③由以上數(shù)據(jù)即可得Rx的阻值,其大小為Rx=__．評卷人得分六、解答題(共1題，共8分)27、（1）如圖1所示，ABC為一固定在豎直平面內(nèi)的光滑軌道，BC段水平，AB段與BC段平滑連接。質(zhì)量為m1的彈性小球從高h處由靜止開始沿軌道下滑，與靜止在軌道BC段上質(zhì)量為m2的彈性小球發(fā)生碰撞；碰撞前后兩球的運動方向在同一水平線上，且在碰撞過程中無機械能損失。求：

a．m1球運動到B點時的速度大小v1；

b．碰撞過程中，系統(tǒng)的彈性勢能的最大值Epm。

（2）2018年諾貝爾物理學獎授予了阿瑟·阿什金（ArthurAshkin）等三位科學家；以表彰他們在激光領(lǐng)域的杰出成就。阿瑟·阿什金發(fā)明了光學鑷子（如圖2），能用激光束“夾起”極其微小的粒子。

a．為了簡化問題；將激光束看作是粒子流，其中的粒子以相同的動量沿光傳播方向運動。激光照射到物體上，會對物體產(chǎn)生力的作用，光鑷效應(yīng)就是一個實例。現(xiàn)有一透明介質(zhì)小球，處于非均勻的激光束中（越靠近光束中心光強越強）。小球的折射率大于周圍介質(zhì)的折射率。兩束相互平行且強度①＞②的激光束，穿過介質(zhì)小球射出時的光路如圖3所示。若不考慮光的反射和吸收，請分析說明兩光束因折射對小球產(chǎn)生的合力的方向。

b．根據(jù)上問光束對小球產(chǎn)生的合力特點；試分析激光束如何“夾起”粒子的？

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【詳解】

當滑動變阻器的滑片向左移動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總阻減小，由閉合電路歐姆定律得電路中電流增大，則電流表示數(shù)變大，由知，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，所以電壓表的示數(shù)變小，故正確．

故選．2、B【分析】當滑片向a滑動時，R接入電阻減小，總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流I增加，內(nèi)電壓增加，由U=E-Ir可知路端電壓減小，即電壓表示數(shù)減??；因路端電壓減小，R1兩端的電壓增加，故并聯(lián)部分電壓減小，由歐姆定律可知電流表示數(shù)減?。还蔅正確，ACD錯誤；故選B.3、C【分析】【詳解】

AB．電流減小則內(nèi)電壓減小，由可知路端電壓增大，即電壓表示數(shù)增大；因路端電壓增大，兩端的電壓減??；故并聯(lián)部分電壓增大，由歐姆定律可知電流表示數(shù)增大，選項A；B錯誤；

C．當滑片向b滑動時，R接入電阻增大，總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知電路中總電流減小，所以定值電阻的電功率減??；選項C正確；

D．因不知內(nèi)外電阻的大??；所以不能確定電源的輸出功率如何變化，選項D錯誤．

【點睛】

本題中也可直接作為內(nèi)電阻處理，可直接由閉合電路歐姆定律得出并聯(lián)部分的電壓增大，流過的電流增大．4、D【分析】【分析】

【詳解】

A．卡文迪許測定了引力常量；選項A錯誤；

B．奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場；選項B錯誤；

C．庫倫發(fā)現(xiàn)了靜電荷間的相互作用規(guī)律；選項C錯誤；

D．伽利略指出了力不是維持物體運動的原因，選項D正確；5、D【分析】【詳解】

金屬棒以O(shè)點為軸沿順時針方向轉(zhuǎn)動，由右手定則可知，通過定值電阻的電流方向由a到b，故A錯誤；當金屬棒轉(zhuǎn)過60°時有效的切割長度最大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，感應(yīng)電流最大．感應(yīng)電動勢最大值為：Em＝B?2l＝B?2l?＝2Bl2ω，通過定值電阻的最大電流為：，故BC錯誤．通過定值電阻的電荷量為：q＝△t，平均感應(yīng)電流為：，平均感應(yīng)電動勢為：，，解得：q＝，故D正確；．6、A【分析】A、D、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，彈性勢能最小，動能最大，故速度最大，故A正確，D錯誤；B、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，位移為零，根據(jù)F=-kx，回復(fù)力為零，故B錯誤；C、彈簧振子在做簡諧運動的過程中，振子通過平衡位置時，位移為零，根據(jù)加速度為零，故C錯誤；故選A．

【點睛】本題關(guān)鍵是明確簡諧運動的運動特點，熟悉回復(fù)力、加速度的計算公式．7、A【分析】【詳解】

A、由圖可知波長為4m，則由可知則A正確；

B、由圖可知，振幅等于y的最大值，故這列波的振幅為A=2cm；則B錯誤；

C、此時x=4m處質(zhì)點沿處于平衡位置；加速度為零，速度最大；故C錯誤.

D、簡諧機械橫波沿x軸負方向傳播，由波形平移法得知，此時x=8m處質(zhì)點沿y軸負方向運動；故D錯誤.

故選A.8、A【分析】【分析】

【詳解】

試題分析：光從空氣進入玻璃在分界面上會發(fā)生折射；且折射角小于入射角，故B；D錯誤；光從玻璃進入空氣折射角應(yīng)大于入射角，所以C錯誤；從光密進入光梳，若滿足入射角大于臨界角的情況，則會發(fā)生全反射，故A正確。

考點：本題考查光的折射、全反射二、多選題(共6題，共12分)9、A:D【分析】【詳解】

AB．當光由真空斜射入液體時，折射率等于入射角正弦與折射角正弦之比，故液體的折射率等于P3到EF的距離與A到EF的距離的比值；故A正確，B錯誤；

CD．由圖，P1、P2作為入射光線方向，入射角一定，大頭針P3插在M位置時折射角小于大頭針P3插在M位置時折射角，根據(jù)折射定律大頭針P3插在M位置時液體的折射率值小于插在N位置時液體的折射率值．故C錯誤，D正確。10、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．由理想氣體狀態(tài)方程可得

在p－T圖象中a到b過程斜率不變，即不變；則得氣體的體積不變，故A錯誤；

BC．由理想氣體狀態(tài)方程可得

可以判斷圖象上的各點與坐標原點連線的斜率即為所以bc過程中氣體體積不斷減小，cd過程中氣體體積不斷增大；故BC正確；

D．da過程中，od線的斜率大于oa線的斜率，減?。粍t氣體的體積變大，故D正確。

故選BCD。11、B:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A．從M到N氣體的壓強不變；溫度降低，體積減小，外界對氣體做功，選項A錯誤；

BC．從N到P氣體的溫度不變；壓強增大，體積減小，外界對氣體做功，是放熱過程，選項B正確，選項C錯誤；

D．由題圖可知，N、Q的連線過坐標原點，說明氣體在狀態(tài)N和狀態(tài)Q時的體積相等；選項D正確；

E．從P到M；圖線上各點與原點的連線的斜率減小，說明氣體的體積增大，氣體對外界做功，選項E正確。

故選BDE。12、A:C:D【分析】【詳解】

A．氣體壓強是由大量氣體分子頻繁地碰撞器壁而產(chǎn)生的作用；所以其本質(zhì)上就是大量氣體分子作用在器壁單位面積上的平均作用力，所以A正確；

B．物體的溫度越高；分子的平均動能就越大。分子的平均動能大，并不是每個分子動能都增大，也有個別分子的動能減小，所以B錯誤；

C．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程

可知；一定質(zhì)量的理想氣體，壓強不變時，溫度升高時，體積增加，故分子間的平均距離一定增大，所以C正確；

D．氣體的擴散現(xiàn)象說明涉及熱現(xiàn)象的宏觀過程具有方向性；所以D正確；

E．外界對氣體做功

由于不知道氣體是吸熱還是放熱，根據(jù)熱力學第一定律

無法確定氣體的內(nèi)能增加還是減??；故E錯誤。

故選ACD。13、B:D【分析】【詳解】

A．由乙圖知，交變電流的周期為：0.02s，ω=2π/T=100π，電壓的瞬時值：u＝36sin100πt（V）；故A錯誤；

B．電阻R1的電壓：UR1=I1R1=3V，由乙圖知輸入端電壓的有效值為36V，變壓器原線圈的電壓：U1=36-3V=33V；所以電壓表的讀數(shù)為33V，故B正確；

C．燈泡正常發(fā)光，每個燈泡的電流為：I=P/U=1/3A，副線圈的電流I2=3I=1A，再根據(jù)變流規(guī)律：解得原線圈電流I1=1/3A；所以C錯誤；

D．再根據(jù)變流規(guī)律：可求副線圈的電壓：U2=11V，電阻R2兩端的電壓為:UR2=U2-UL=11-9V=2V，可求：所以D正確．14、B:C:D【分析】表述電容器容納電荷的本領(lǐng)為電容，電容器不是電容，故A錯誤，B正確；電容器的電容由電容器本身的因素決定，與電容器是否帶電無關(guān)，故C正確；電容的國際單位是法拉，選項D正確；故選BCD.三、填空題(共8題，共16分)15、略

【分析】【詳解】

[1]在泡泡上浮的過程中；泡泡內(nèi)的氣體的壓強減小，根據(jù)玻意耳定律可知，該過程中泡泡內(nèi)的氣體的體積增大，氣體對外界做功。

[2]由于泡泡內(nèi)的氣體的溫度不變，氣體的內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學第一定律可知，該過程中氣體從外界吸收熱量?！窘馕觥空龔耐饨缥諢崃?6、略

【分析】【分析】

當電鍵S斷開時；滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，當滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)最小，由歐姆定律求出；

當電鍵S閉合時；電壓表示數(shù)最大值不變，滑片滑到最下端時，電壓表示數(shù)為零；

【詳解】

當電鍵S斷開時，當滑動變阻器滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V，滑片滑到最下端時，變阻器與電阻串聯(lián)，電壓表示數(shù)最小，最小值為即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至

當電鍵S閉合時，滑片P滑到最上端時，電壓表的示數(shù)最大，等于12V；

滑片滑到最下端時，電阻R1被短路，電壓表示數(shù)為零，即滑動頭P由a移至b的過程中，R1兩端的電壓由變至．

【點睛】

本題考查對變阻器兩種接法的理解：S斷開時變阻器為限流器，S閉合時，變阻器為分壓器．運用歐姆定律求解電壓范圍．【解析】12612017、略

【分析】（1）根據(jù)左手定則；電子向上偏，所以上側(cè)面得到電子帶負電，下側(cè)面失去電子帶正電，則金屬板上側(cè)面A電勢低于下側(cè)面的電勢．

（2）電子最終達到平衡，有．則U=vBd．電流的微觀表達式I=nevS=nevhd．則v=代入得，．

【名師點睛】金屬中移動的是自由電子，根據(jù)左手定則，判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向，從而得出電勢的高低．最終電子受電場力和洛倫茲力平衡，根據(jù)平衡和電流的微觀表達式求出電勢差的大小．【解析】低于18、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]根據(jù)公式可得

[2]因為P位于兩極板間的中點，所以PN之間的電勢差為

又知道

所以

[3]因為兩極板間的電荷量恒定，根據(jù)公式聯(lián)立可得

故若把N板向下移；兩極板間的電場強度不變。

[4]此時P點距離N板15cm，因為N板接地，電勢為零，所以P點電勢為負，故【解析】19、略

【分析】【詳解】

設(shè)外界大氣壓為封閉氣體的壓強為封閉氣體的橫截面為S，氣柱的長度為封閉水銀柱受力平衡：解得由于氣體的溫度不變，所以的乘積應(yīng)該是一定值，設(shè)為C，則解得當外界大氣壓降低相同的量時，根據(jù)函數(shù)關(guān)系可知氣柱的長度會增加，且氣柱移動的長度．【解析】下降<20、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1][2]使用a、b接線柱時

使用a、c兩個接線柱時

即

聯(lián)立解得【解析】153521、略

【分析】【詳解】

子彈穿過物塊過程動量守恒解得

系統(tǒng)損失的機械能即動能【解析】22、略

【分析】【詳解】

(1)從紙帶上可以看到，每兩個計數(shù)點之間還有1個點，所以相鄰兩計數(shù)點之間的時間間隔為0.04s，根據(jù)勻變速直線運動的推論

可以粗略的得到，小車運動的加速度大小

根據(jù)牛頓第二定律可知，在外力F一定的情況下，以a為縱坐標，為橫坐標，繪制出的圖象，在原理上應(yīng)該是一條過原點的正比例函數(shù)圖像，呈現(xiàn)一種很好的線性規(guī)律，所以乙同學的說法更為合理；甲同學的圖象分析相對復(fù)雜；不好尋找規(guī)律；

（2）題目所給電流表A的量程太大，無法準確測量待測電流表的滿偏電流，而電壓表V的滿偏電流是1000能符合題目要求，所以電表x處應(yīng)選C；電壓表．

本實驗的研究方法：①在閉合開關(guān)之前，先將滑動變阻器劃片滑到最右端，使得測量電路的電壓為零；②閉合開關(guān)，移動滑動變阻器劃片P，使待測電流表指針在半偏附近，記錄此時待測電流表指針所指的格數(shù)n和電壓表讀數(shù)U；所以每一格對應(yīng)的電流故滿偏電流．【解析】3.19乙CU為電壓表讀數(shù)，Rv為電壓表內(nèi)阻四、作圖題(共3題，共9分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場的方向向里，左側(cè)的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場的方向向右．如圖所示：

【解析】24、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個周期性的變化；y