安徽省示范高中2024~2025學(xué)年高一上學(xué)期期末綜合測(cè)試人教版（2019）必修第一冊(cè)物理試題答案

第=page44頁(yè)，共=sectionpages88頁(yè)第第頁(yè)安徽省2024~2025學(xué)年高一上學(xué)期期末綜合測(cè)試物理參考答案本卷測(cè)試內(nèi)容：必修第一冊(cè)完成時(shí)間：75分鐘一、單選題：1．【答案】B【詳解】A．小球的位移大小為：方向豎直向下，故A錯(cuò)誤；B．小球平均速度的大小為：方向豎直向下，故B正確；C．小球速度變化量的大小為：方向豎直向上，故C錯(cuò)誤；D．小球平均加速度的大小為：方向豎直向上，故D錯(cuò)誤。故選B。2．【答案】A【詳解】AC．木板與滑塊間發(fā)生了相對(duì)滑動(dòng)，兩者間的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，則木板對(duì)滑塊的摩擦力大小為：滑塊相對(duì)木板向右運(yùn)動(dòng)，則木板對(duì)滑塊的摩擦力方向水平方向水平向左，故A正確，C錯(cuò)誤；BD．對(duì)木板受力分析，木板受到滑塊對(duì)其向右的滑動(dòng)摩擦力，大小與相等，還受到地面對(duì)其向左的靜摩擦力，由平衡條件知故BD錯(cuò)誤。故選A。3．【答案】C【詳解】A．由于物資先向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，所以加速度方向向下，故勻加速運(yùn)動(dòng)階段處于失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程的最大速度出現(xiàn)在加速剛結(jié)束時(shí)，設(shè)最大速度為，則有解得：故B錯(cuò)誤；C．分析可知?jiǎng)驕p速開(kāi)始時(shí)速度為，則勻減速運(yùn)動(dòng)階段的加速度大小為故C正確；D．勻加速時(shí)加速度向下，物資處于失重狀態(tài)，勻減速時(shí)加速度向上，物資處于超重狀態(tài)，故勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)階段所受運(yùn)輸箱的作用力不相同，故D錯(cuò)誤。故選C。4．【答案】C【詳解】AB．對(duì)甲乙整體受力分析可知，的拉力大小為的拉力大小為：，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；CD．若剪斷瞬間，彈簧的彈力不變，則小球乙受的合外力仍為零，加速度為零；對(duì)甲分析可知，甲受重力和彈簧向下的拉力，繩子對(duì)其的拉力，甲球的速度為0，將力沿著繩子方向和垂直繩子方向分解，沿繩方向合力為0，則剪斷瞬間，甲球受到的合力由牛頓第二定律可知加速度。選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選C。5．【答案】D【詳解】A．由圖像可知質(zhì)點(diǎn)先向正方向運(yùn)動(dòng)再向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)圖像的切線斜率表示速度，可知時(shí)刻的速度為：解得：。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像的切線斜率表示速度，可知時(shí)刻的速度為0，則質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為：。故C錯(cuò)誤；D．從到時(shí)刻過(guò)程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：解得：，故D正確。故選D。6．【答案】B【詳解】A．由題意，知人的重力為600N，人完成一次下蹲動(dòng)作，先加速向下后減速向下，人先失重后超重，即人完成一次下蹲動(dòng)作，F(xiàn)應(yīng)先小于600N后大于600N，所以由圖像可知0～4s內(nèi)人只完成了一次下蹲過(guò)程，故A錯(cuò)誤；BD．由圖像知，在1.8s時(shí)F最小為240N，此時(shí)該同學(xué)向下運(yùn)動(dòng)，合外力最大，加速度達(dá)最大，由于此時(shí)人的重力大于F，人將繼續(xù)向下加速，速度繼續(xù)增大，在2s時(shí)達(dá)到最大，根據(jù)牛頓第二定律得人向下運(yùn)動(dòng)的最大加速度。故B正確，D錯(cuò)誤；C．由圖像知，在2.2s時(shí)F最大為960N，此時(shí)該同學(xué)向下減速，向上的加速度達(dá)最大，有。故C錯(cuò)誤。故選B。7．【答案】D【詳解】CD．設(shè)AE長(zhǎng)為L(zhǎng)，從右側(cè)任意一個(gè)與豎直方向夾角為的斜面下落，如圖所示根據(jù)牛頓第二定律可得：根據(jù)位移時(shí)間關(guān)系又整理可得：解得：可知下滑的時(shí)間與傾角無(wú)關(guān)，所以。故D正確，C錯(cuò)誤；AB．根據(jù)可知斜面與AB夾角越小，則合外力大，加速度越大，根據(jù)可知位移越大，根據(jù)動(dòng)能定理：可知到圓弧時(shí)速度越大，即。故AB錯(cuò)誤。故選D。8．【答案】B【詳解】AB．設(shè)彈簧的初始?jí)嚎s量為，物塊釋放前，根據(jù)平衡條件有釋放后彈簧未恢復(fù)原長(zhǎng)前，根據(jù)牛頓第二定律可得：聯(lián)立解得：若彈簧能夠恢復(fù)原長(zhǎng)（即），則彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后物塊到達(dá)最高點(diǎn)后，開(kāi)始沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度仍為再次接觸彈簧后，物塊先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，回到坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)速度恰好減為零，物塊做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，根據(jù)對(duì)稱性結(jié)合上述分析可知，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．若，物塊釋放后不能脫離彈簧，位移x隨時(shí)間t按正弦規(guī)律變化；若，物塊釋放后能脫離彈簧，脫離彈簧后位移x隨時(shí)間t按二次函數(shù)規(guī)律變化，故CD錯(cuò)誤。故選B。二、多選題：9．【答案】AC【詳解】AB．相鄰兩滴水的時(shí)間間隔相等，根據(jù)自由落體相鄰相等時(shí)間內(nèi)的位移比為1:3:5可知，圖示狀態(tài)第1滴水和第2滴水的間距為：圖示狀態(tài)第3滴水和第4滴水的間距為：故A正確，B錯(cuò)誤；C．由題意可知，每滴水落地所需時(shí)間為3T，則有解得：。故C正確；D．圖示狀態(tài)第1滴水的速度大小為：故D錯(cuò)誤。故選AC。10．【答案】CD【詳解】A．由圖可知，當(dāng)小球下落到時(shí)，加速度為零，即彈力與重力分力大小相等，此時(shí)彈簧的形變量為，則有解得：，故A錯(cuò)誤；B．對(duì)小滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)進(jìn)行分析，由于只有重力和彈力做功，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒，當(dāng)彈簧的彈性勢(shì)能最小，小滑塊的機(jī)械能最大，故當(dāng)小滑塊下落到之前，彈簧處于原長(zhǎng)，彈性勢(shì)能為零，為最小，則此時(shí)小滑塊的機(jī)械能最大，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)小滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，即滑塊機(jī)械能與彈簧彈性勢(shì)能總和不變。由圖可知，的距離差小于兩處的距離差，可得彈簧彈性勢(shì)能的增量不相等，所以滑塊機(jī)械能的變化不相同，故C正確；D．在的過(guò)程中，重力下滑分力大于彈力，根據(jù)牛頓第二定律有又聯(lián)立可得：在過(guò)程中，彈力大于重力下滑分力，根據(jù)牛頓第二定律有又聯(lián)立解得：可知圖像中兩圖線的斜率絕對(duì)值相等，由題圖可知在這段過(guò)程中，圖線斜率的絕對(duì)值等于，故D正確。故選CD。三、非選擇題：11．(6分)【答案】(1)甲(2)交流(3)0.100.3760.393偏小【詳解】（1）甲圖采用的是脈沖輸出開(kāi)關(guān)，因此甲是電火花計(jì)時(shí)器。（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的是交流電源。（3）[1]相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有4個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫(huà)出，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為[2]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過(guò)程平均速度，在打下B點(diǎn)時(shí)小車的瞬時(shí)速度[3]根據(jù)逐差法可得：[4]如果當(dāng)時(shí)電網(wǎng)中交變電流的頻率稍有增大，從50Hz變成了60Hz，而做實(shí)驗(yàn)的同學(xué)并不知道，仍按照50Hz進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，則實(shí)驗(yàn)計(jì)算采用的頻率值偏小，得到的計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔偏大，則速度的測(cè)量值偏小，即速度的測(cè)量值小于真實(shí)值。12．(10分)【答案】(1)等間距(2)AB1.121.0210.42【詳解】（1）改變軌道的傾角，用手輕撥小車，直到打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列等間距的點(diǎn)，表明小車沿傾斜軌道勻速下滑。（2）[1]A．為打點(diǎn)穩(wěn)定，接通電源后，再將小車從靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器處釋放，故A正確；B．為使小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，小車下滑時(shí)，位于定滑輪和小車之間的細(xì)線應(yīng)始終跟傾斜軌道保持平行，故B正確；C．由于該實(shí)驗(yàn)每個(gè)槽碼的質(zhì)量已知，繩子拉力不需要近似等于槽碼的重力，故不需要使質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；D．若細(xì)線下端懸掛著2個(gè)槽碼，小車加速下滑，槽碼加速上升，槽碼超重，故細(xì)線對(duì)小車的拉力大于2個(gè)槽碼的重力，則小車下滑過(guò)程中受到的合外力小于，故D錯(cuò)誤。故選AB。[2]相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為：根據(jù)逐差法求出小車加速度大小為[3]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過(guò)程平均速度，在打“6”點(diǎn)時(shí)小車的速度大小在打“7”點(diǎn)時(shí)小車的速度大小[4]小車勻速時(shí)有減小n個(gè)槽碼后，對(duì)小車和槽碼分別有，整理得：[5]圖像的斜率為解得：13．(10分)【答案】(1)(2)(3)【詳解】（1）由水平外力F與彈簧長(zhǎng)度l的關(guān)系圖像，根據(jù)胡克定律可得彈簧的勁度系數(shù)為：（2）當(dāng)彈簧長(zhǎng)度為8.5cm時(shí)，物體勻速前進(jìn)，由圖像可知彈簧的原長(zhǎng)為，則此時(shí)彈簧彈力大小為：根據(jù)受力平衡可知，物體受到的摩擦力大小為又可得物體和地板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為：（3）當(dāng)彈簧長(zhǎng)度為3cm時(shí)，此時(shí)彈簧彈力大小為由于可知物體受到滑動(dòng)摩擦力作用，大小為。14．(14分)【答案】(1)50s，100m(2)13.5s【詳解】（1）題意知汽車初速度，加速度大小，設(shè)初速度方向?yàn)檎较?，所以汽車過(guò)人工收費(fèi)通道減速時(shí)間減速位移之后再?gòu)?加速至10m/s用時(shí)加速位移故從收費(fèi)前減速開(kāi)始，到收費(fèi)后加速結(jié)束，所需的時(shí)間：通過(guò)的總路程（2）如果過(guò)ETC通道，初速度，末速度，所以汽車過(guò)ETC通道減速時(shí)間減速位移題意知汽車勻速通過(guò)的位移x4=10m，則需時(shí)間為：之后再?gòu)?m/s加速至10m/s用時(shí)加速位移所以總位移為：故要完成，要在勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：汽車通過(guò)第（1）問(wèn)路程所需要的時(shí)15．(18分)【答案】(1)3s(2)5m(3)；58m【詳解】（1）開(kāi)始階段，由牛頓第二定律得：解得：煤塊加速至傳送帶速度相等時(shí)需要的時(shí)間為：煤塊發(fā)生的位移為：所以煤塊加速到10m/s時(shí)仍未到達(dá)B點(diǎn)，此后摩擦力方向改變，第二階段有解得：設(shè)第二階段煤塊滑動(dòng)到B點(diǎn)的時(shí)間為t2，則解得：則煤塊從A到B的時(shí)間（2）第一階段煤塊的速度小于傳送帶速度，煤塊相對(duì)傳