2025年統(tǒng)編版2024高二物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年統(tǒng)編版2024高二物理下冊階段測試試卷207考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、三根平行的長直導(dǎo)線。分別垂直地通過一個等腰三角形的三個頂點，三導(dǎo)線牛電流方向相同，AB

兩導(dǎo)線中的電流大小相同。如圖所示，已知導(dǎo)線A

在斜邊中點O

處所產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度大小為B

導(dǎo)線C

在斜邊中點0

處所產(chǎn)生的磁場的磁感強度大小為2B

則O

處的磁感應(yīng)強度的大小和方向為(

)

A.大小為B

方向沿OA

方向B.大小為22B

方向豎直向下C.大小為2B

方向沿OB

方向D.大小為2B

方向沿OA

方向2、圖（1）中，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌放置在水平面上，間距為L，左端接電阻R，導(dǎo)軌電阻不計．整個裝置處于方向豎直向下、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中．將質(zhì)量為m、電阻為r的金屬棒ab置于導(dǎo)軌上．當(dāng)ab受到垂直于金屬棒的水平外力F的作用由靜止開始運動時，F(xiàn)與金屬棒速度v的關(guān)系如圖（2）．已知ab與導(dǎo)軌始終垂直接觸良好，設(shè)ab中的感應(yīng)電流為i，ab受到的安培力大小為FA，R兩端的電壓為UR，R的電功率為P，則圖中大致正確的是（）A.B.C.D.3、首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場的物理學(xué)家是（）

A.安培。

B.法拉第。

C.奧斯特。

D.特斯拉。

4、在如圖(a)所示的電路中，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器。閉合電鍵S，將滑動變阻器的滑動觸頭P從最右端滑到最左端，兩個電壓表（內(nèi)阻極大）的示數(shù)隨電路中電流變化的完整過程圖線如圖(b)所示。則下列說法正確的是A.圖線甲是電壓表V1示數(shù)隨電流變化的圖線B.電源內(nèi)電阻的阻值為6ΩC.電源的最大輸出功率為1.5WD.滑動變阻器R2的最大功率為0.9W5、如圖所示；觀察電流表的指針，可以看到（）

A.指針隨著線圈轉(zhuǎn)動而擺動；且線圈旋轉(zhuǎn)一周指針左右擺動一次。

B.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到跟磁力線垂直的平面位置時；電流表的指針的偏轉(zhuǎn)最大。

C.當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到跟磁力線平行的位置時；電流表的指針的偏轉(zhuǎn)最大。

D.在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動的線圈里產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流是按正弦規(guī)律變化的。

6、一輛汽車關(guān)閉發(fā)動機后在水平地面上滑行了一段距離后停下來，對于這一過程（）A.阻力對汽車做正功，汽車動能增加B.阻力對汽車做正功，汽車動能減小C.阻力對汽車做負功，汽車動能增加D.阻力對汽車做負功，汽車動能減小7、將一根粗細均勻．阻值為R的電阻絲均勻拉長到原來的5倍后，其電阻變?yōu)?50Ω，則R的阻值為（）A.10ΩB.50ΩC.1250ΩD.6250Ω評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)8、真空中，有兩個帶同種電荷的點電荷A、B．A帶電荷+9×10-10C，B帶電荷是A的4倍．A、B相距12cm，現(xiàn)引入點電荷C，使A、B、C三個點電荷都處于靜止?fàn)顟B(tài)，則C的位置為距A____cm，C的電荷為____C．9、如圖所示，在y＜0的區(qū)域內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直于xy平面并指向紙里，磁感應(yīng)強度為B.一帶負電的粒子(質(zhì)量為m、電荷量為q)以速度v0從O點射入磁場，入射方向在xy平面內(nèi)，與x軸正向的夾角為θ.求：(1)該粒子射出磁場的位置；(2)該粒子在磁場中運動的時間.(粒子所受重力不計)10、一彈簧振子，周期是0．5s，振幅為2cm，當(dāng)振子通過平衡位置向右運動，時開始計時，那么2秒內(nèi)振子完成_________次全振動，通過路程_________cm，在2．4s未，振子于位于平衡位置_________側(cè)，向_________方向運動。11、某同學(xué)在測定一厚度均勻的圓形玻璃的折射率時；先在白紙上作一與圓形玻璃同半徑的圓；

圓心為O；將圓形玻璃平放在白紙上，使其邊界與所畫的圓重合，在玻璃一側(cè)豎直插兩枚大。

頭針P1和P2，在另一側(cè)再先后插兩枚大頭針P3和P4，使從另一側(cè)隔著玻璃觀察時，大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，移去圓形玻璃和大頭針后，如圖所示．用θ1和θ2分別表示光。

線從空氣射入玻璃時的入射角和折射角．

（1）畫出沿P1、P2連線方向的入射光線的光路圖．（包括入射光線；玻璃內(nèi)傳播的光線、出射光線、入射角和折射角）

（2）玻璃的折射率為．12、利用火箭發(fā)射載人神舟飛船，當(dāng)火箭從靜止開始加速起飛時，火箭推力______（填“大于”或“小于”）火箭和飛船的重力，此時宇航員處于______（填“超重”、“失重”或“完全失重”）狀態(tài)．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強度的方向．（判斷對錯）14、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強處處為零，導(dǎo)體外表面場強方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）15、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

16、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

17、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）18、電勢差有正有負，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、如圖所示，有一水平方向的勻強電場，場強大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、證明題(共2題，共12分)20、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。21、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】解：由題意可知；三平行的通電導(dǎo)線在O

點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，電流A

與Bz

在O

處的合磁感應(yīng)強度為零，則O

點的磁感應(yīng)強度等于導(dǎo)線C

在斜邊中點0

處所產(chǎn)生的磁場的磁感強度，大小為2B

依據(jù)右手螺旋定則可知；在O

處電流C

產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度的方向沿OA

方向，故ABC錯誤，D正確；

故選：D

本題考查了磁場的疊加；根據(jù)導(dǎo)線周圍磁場分布可知，與導(dǎo)線等距離地方磁感應(yīng)強度大小相等，根據(jù)安培定則判斷出兩導(dǎo)線在O

點形成磁場方向，磁感應(yīng)強度B

是矢量，根據(jù)矢量的合成法則，及右手螺旋定則，即可求解。

磁感應(yīng)強度為矢量，合成時要用平行四邊形定則，因此要正確根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線周圍磁場方向是解題的前提?！窘馕觥緿

2、A【分析】解：金屬棒受到的安培力：FA=BIL=對金屬棒，由牛頓第二定律可得：F-FA=ma，金屬棒的加速度：a=-由圖（2）所示可知，力F隨速度v均勻減小，金屬棒做加速度減小的加速運動，當(dāng)拉力與安培力相等時金屬棒做勻速直線運動；

A、感應(yīng)電動勢：E=BLv，電路電流：i==∝v；由于金屬棒先做加速度減小的減少運動后做勻速直線運動，則i先增大然后保持不變，i隨在相等時間內(nèi)的增加量逐漸減小，由圖示圖象可知符合題意，故A正確；

B、金屬棒受到的安培力：FA=BIL=由于金屬棒先做加速度減小的減少運動后做勻速直線運動，則安培力隨時間先增大后保持不變，故B錯誤；

C、R兩端電壓：UR=iR=由于金屬棒先做加速度減小的減少運動后做勻速直線運動，則R兩端電壓先增大后保持不變，且電壓在相等時間內(nèi)的增加量逐漸減少，故C錯誤；

D、R的電功率：P=i2R=由于金屬棒先做加速度減小的減少運動后做勻速直線運動，電阻R的電功率先增大后保持不變，且電功率在相等時間內(nèi)的增加量逐漸減少，故D錯誤；

故選：A。

應(yīng)用牛頓第二定律求出金屬棒的加速度；判斷金屬棒的運動性質(zhì)；應(yīng)用E=BLv求出感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律求出電流，應(yīng)用安培力公式求出安培力，應(yīng)用歐姆定律求出電阻兩端電壓，應(yīng)用功率公式求出電阻電功率，然后分析圖示圖象答題．

解決本題的關(guān)鍵能夠根據(jù)物體的受力判斷物體的運動情況，結(jié)合安培力公式、法拉第電磁感應(yīng)定律、牛頓第二定律分析導(dǎo)體棒的運動情況，分析加速度如何變化．【解析】A3、C【分析】

首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場的物理學(xué)家是丹麥的物理學(xué)家奧斯特．安培提出了分子電流假說；研究了通電導(dǎo)線的磁場．法拉第研究了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，特斯拉是電力工程師．故C正確．

故選C

【解析】【答案】首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場的物理學(xué)家是奧斯特．

4、D【分析】試題分析：由圖可知兩電阻串聯(lián)，測兩端的電壓，測兩端的電壓；當(dāng)滑片從最右端滑向最左端的過程中，滑動變阻器接入電阻減小，示數(shù)逐漸減小，總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知電路中電流增大，定值電阻兩端電壓增大，故甲為示數(shù)隨電路中電流變化的圖像，乙為示數(shù)隨電路中電流變化的圖像；故A錯誤；乙圖像斜率為阻值，可知將電阻看成電源的內(nèi)阻，示數(shù)看作路端電壓，由閉合電路歐姆定律分別代入甲圖像兩個端點數(shù)據(jù)，得故B錯誤；當(dāng)時，電源的輸出功率最大，此時故C錯誤。將電阻看成電源的內(nèi)阻，當(dāng)此時的功率最大，故D正確?？键c：閉合電路的歐姆定律；電功、電功率．【解析】【答案】D5、A|C|D【分析】

A；當(dāng)線圈轉(zhuǎn)動時磁通量變化；產(chǎn)生感應(yīng)電流，導(dǎo)致指針擺動；每當(dāng)線圈通過中性面位置時，電流方向改變，則線圈旋轉(zhuǎn)一周指針左右擺動一次，故A正確；

B；當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到跟磁感線垂直的平面位置時；即中性面位置，則電流表的指針讀數(shù)為零，故B錯誤；

C；當(dāng)線圈平面轉(zhuǎn)到跟磁感線平行的位置時；線框切割速度最大，則感應(yīng)電動勢最大，電流表的指針偏轉(zhuǎn)最大，故C正確；

D；在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動的線圈里產(chǎn)生感應(yīng)電動勢和感應(yīng)電流是按正弦規(guī)律變化的；故D正確；

故選：ACD

【解析】【答案】發(fā)電機的工作原理是通電線圈受力在磁場中轉(zhuǎn)動；從而產(chǎn)生電流；換向器的作用是：當(dāng)線圈剛轉(zhuǎn)過平衡位置時，自動改變線圈中的電流方向，使線圈能夠持續(xù)轉(zhuǎn)動下去；

線圈中的感應(yīng)電流最小的位置為中性面；每經(jīng)過中性面時電流方向改變．

6、D【分析】解：關(guān)閉發(fā)動機后；由于地面對汽車的阻力作用，做減速運動，汽車動能減小，阻力對汽車做負功，故ABC錯誤，D正確．

故選D．

本題考查的功的正負判斷；可以根據(jù)力與位移方向的夾角，如果是銳角則做正功，直角則不做功，鈍角或是180°角則做負功，也可根據(jù)動能定理來判斷．

本題的關(guān)鍵是熟練掌握判斷力對物體做功正負的方法，及功與能的關(guān)系．【解析】【答案】D7、A【分析】解：根據(jù)得，長度變?yōu)樵瓉淼?倍，截面積變?yōu)樵瓉淼乃噪娮枳優(yōu)樵瓉?5倍，所以R=10Ω．故A正確，B；C、D錯誤．

故選A．

電阻的體積不變，長度變?yōu)樵瓉淼?倍，則截面積變?yōu)樵瓉淼母鶕?jù)求出電阻的大?。?/p>

解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律的公式．以及知道電阻的體積不變，長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼模窘馕觥俊敬鸢浮緼二、填空題(共5題，共10分)8、略

【分析】

由于AB都是正電荷；C必定要帶負電，并且在AB電荷之間，由于A的電荷量較小，所以C離A電荷較近；

設(shè)C與A的距離為x，則C與B的距離為（12-x），要使C平衡，則要A對C的庫侖力FAC與B對C的庫侖力FBC大小相等；

所以有k=k

同時電荷AB也要處于受力平衡狀態(tài)，對于A有k=k

聯(lián)立解得qC=4×10-10C

x=4cm

故答案為：4；-4×10-10C．

【解析】【答案】A、B、C三個點電荷都處于靜止?fàn)顟B(tài)，對電荷受力分析，每個電荷都處于受力平衡狀態(tài)，根據(jù)庫侖定律的公式F=k列方程求解即可．

9、略

【分析】【解析】試題分析：（1）帶負電粒子射入磁場后，由于受到洛倫茲力的作用，粒子將沿圖示的軌跡運動，從A點射出磁場，設(shè)O、A間的距離為L，射出時速度的大小仍為v，射出方向與x軸的夾角仍為θ，由洛倫茲力公式和牛頓定律可得：qv0B=m（2分）式中R為圓軌道半徑，解得：R=①（2分）圓軌道的圓心位于OA的中垂線上，由幾何關(guān)系可得：=Rsinθ②聯(lián)解①②兩式，得：L=（3分）所以粒子離開磁場的位置坐標為(-，0)（1分）（2）因為T==（2分）所以粒子在磁場中運動的時間，t＝(4分)考點：考查了粒子在磁場中的運動，【解析】【答案】(1)(-，0)(2)10、略

【分析】【解析】【答案】4，32，右，左11、略

【分析】

（1）連接P1、P2表示入射光線．由題大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，則P4、P3在出射光線方向上，連接P3、P4表示出射光線．作出P1、P2的連線與圓形玻璃的交點O1，作為入射點，P3、P4的連線與圓形玻璃的交點O2，作為出射點，連接O1O，O2O表示法線；標出入射角；折射角，作出光路圖如圖所示．

（2）如圖入射角為θ1，折射角為θ2；根據(jù)折射定律得。

折射率n=

答：（1）光路圖如圖所示．

（2）．

【解析】【答案】（1）P1、P2的連線表示入射光線．由題大頭針P4、P3和P2、P1的像恰在一直線上，則P4、P3在出射光線方向上，P3、P4表示出射光線．標出P1、P2的連線與圓形玻璃的交點O1，P3、P4的連線與圓形玻璃的交點O2，連接O1O2，O2O表示法線；標出入射角；折射角，作出光路圖．

（2）根據(jù)折射定律n=求解折射率．

12、略

【分析】解：在火箭豎直向上加速運動的過程中；加速度的方向向上，根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=ma；所以火箭推力大于火箭和飛船的重力．人也有向上的加速度，由向上的合力，處于超重狀態(tài)，人受到的支持力要大于人的重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，宇航員對其座椅的壓力大于宇航員的重力．

故答案為：大于；超重。

當(dāng)物體對接觸面的壓力大于物體的真實重力時；就說物體處于超重狀態(tài)，此時有向上的加速度；

當(dāng)物體對接觸面的壓力小于物體的真實重力時；就說物體處于失重狀態(tài)，此時有向下的加速度；

如果沒有壓力了；那么就是處于完全失重狀態(tài)，此時向下加速度的大小為重力加速度g．

本題考查了學(xué)生對超重失重現(xiàn)象的理解，掌握住超重失重的特點，本題就可以解決了．【解析】大于；超重三、判斷題(共7題，共14分)13、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強度的相對大小，切線方向表示電場強度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．14、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．15、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠處的電勢為0，所以無窮遠處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．16、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強度的大?。?7、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場