2025年粵教新版選擇性必修1物理上冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2025年粵教新版選擇性必修1物理上冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、一彈簧振子在振動(dòng)過(guò)程中，振子經(jīng)A、兩點(diǎn)的速度相同，若它從A運(yùn)動(dòng)到的最短時(shí)間為從B點(diǎn)再回到A點(diǎn)的最短時(shí)間為則該振子的振動(dòng)周期為（）A.B.C.D.2、兩列振幅相同的橫波在同一介質(zhì)中相向傳播，波速為4m/s。甲從P點(diǎn)沿x軸正方向傳播，乙從Q點(diǎn)沿x軸負(fù)方向傳播。t=0時(shí)刻的波形如圖所示，則（）

A.甲、乙兩列波的頻率之比為3:2B.兩列波的起振方向相同C.t=3s時(shí)刻，平衡位置在x＝6m處的質(zhì)點(diǎn)位移為2cmD.t=3s時(shí)刻，平衡位置在x＝3m處的質(zhì)點(diǎn)位移為2cm3、質(zhì)量為的籃球從某一高處從靜止下落，經(jīng)過(guò)時(shí)間與地面接觸，經(jīng)過(guò)時(shí)間彈離地面，經(jīng)過(guò)時(shí)間達(dá)到最高點(diǎn)。重力加速度為忽略空氣阻力。地面對(duì)籃球作用力沖量大小為（）A.B.C.D.4、如圖甲，長(zhǎng)方形金屬線框從范圍足夠大的磁場(chǎng)的上邊界由靜止釋放，經(jīng)過(guò)時(shí)間下降高度時(shí)速度為v（此時(shí)線框還未完全進(jìn)入磁場(chǎng)）；若該線框從磁場(chǎng)的下邊界以速度v豎直向上拋出，如圖乙，經(jīng)過(guò)時(shí)間上升高度到達(dá)最高點(diǎn)（此時(shí)線框還沒(méi)有完全進(jìn)入磁場(chǎng)）。已知重力加速度為g；下列表達(dá)式正確的是（）

A.B.C.D.5、如圖所示；有一小車靜止在光滑的水平面上，站在小車上的人將右邊管中的球一個(gè)一個(gè)地投入左邊的筐中（球仍在車上）。以人；車和球作為系統(tǒng)，下列判斷正確的是（）

A.由于系統(tǒng)所受合外力為零，故小車不會(huì)動(dòng)B.當(dāng)球全部投入左邊的框中時(shí)，車仍然有向右的速度C.由于系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，故小車右移D.若人屈膝跳起投球，則系統(tǒng)在豎直方向上動(dòng)量守恒評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)6、如圖所示，可看作質(zhì)點(diǎn)的物體從光滑固定斜面的頂端a點(diǎn)以某初速度水平拋出，落在斜面底端b點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，合外力做功為W1，合外力的沖量大小為I1．若物體從a點(diǎn)由靜止釋放，沿斜面下滑，物體經(jīng)過(guò)時(shí)間2t到達(dá)b點(diǎn)，合外力做功為W2，合外力的沖量大小為I2．不計(jì)空氣阻力，下列判斷正確的是()

A.W1：W2=1：1B.I1：I2=1：2C.斜面與水平面的夾角為30°D.物體水平拋出到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向的夾角為60°7、如圖所示，電阻不計(jì)的光滑金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，間距為d，兩側(cè)接有電阻R1、R2，阻值均為R，O1O2右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m、長(zhǎng)度也為d的金屬桿置于O1O2左側(cè)，在水平向右、大小為F的恒定拉力作用下由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t到達(dá)O1O2時(shí)撤去恒力F，金屬桿在到達(dá)NQ之前減速為零。已知金屬桿電阻也為R；與導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好，下列說(shuō)法正確的是（）

A.桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小為B.桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)電阻R1兩端的電勢(shì)差大小為C.整個(gè)過(guò)程中，流過(guò)電阻R1的電荷量為D.整個(gè)過(guò)程中，電阻R1上產(chǎn)生的焦耳熱為8、如圖所示，甲、乙兩球質(zhì)量分別為1kg，3kg，它們?cè)诠饣矫嫔习l(fā)生正碰，圖甲表示甲球碰撞前后的s-t圖線，圖乙表示乙球碰后的s-t時(shí)間圖線；不計(jì)碰撞時(shí)間，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.甲、乙兩球在t=2s時(shí)發(fā)生碰撞B.碰撞前后系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.碰撞后甲球的速度反向了D.碰撞前后甲球動(dòng)量改變了9、如圖，BOC為放置于月球表面的半徑為R的光滑弧形槽，O點(diǎn)是弧形槽的最低點(diǎn)。半徑R遠(yuǎn)大于BOC弧長(zhǎng)。一小球由靜止開(kāi)始從B點(diǎn)釋放，小球在槽內(nèi)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)。欲使小球運(yùn)動(dòng)的周期減小，下列采用的方法不正確的是（）

A.讓小球釋放點(diǎn)更靠近O點(diǎn)B.讓小球釋放時(shí)有一個(gè)初速度C.換一個(gè)半徑R小一些的弧形槽D.其他條件不變，將裝置從月球拿至地球表面10、一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.1s時(shí)波的圖象如圖（a）所示，此時(shí)P點(diǎn)的位移為5cm，Q點(diǎn)為平衡位置在x=2m處的質(zhì)點(diǎn)；圖（b）為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象；則。

A.這列簡(jiǎn)諧波的傳播速度為20m/sB.這列簡(jiǎn)諧波將沿x軸正方向傳播C.在時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P位于波峰D.從開(kāi)始的一小段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P速度不斷增大11、如圖所示，以原點(diǎn)0為界在軸上有兩段不同材料的繩子，波源和分別置于和處，產(chǎn)生兩列簡(jiǎn)諧橫波甲和乙，分別沿軸正方向和軸負(fù)方向傳播。時(shí)刻和處的質(zhì)點(diǎn)剛好開(kāi)始振動(dòng)，某時(shí)刻二列波恰好同時(shí)到達(dá)原點(diǎn)0，若從開(kāi)始到時(shí)間內(nèi)點(diǎn)經(jīng)過(guò)的路程為則（）

A.兩波源開(kāi)始振動(dòng)的方向相同B.兩列波不能在繩子上形成穩(wěn)定的干涉圖樣C.時(shí)兩列波恰好同時(shí)到達(dá)對(duì)方波源處D.在兩個(gè)波源和之間共有6個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)12、某同學(xué)利用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)裝置研究光的干涉現(xiàn)象，保持雙縫到屏的距離不變，他先用紅光和藍(lán)光在雙縫間距為時(shí)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得到了如圖a、b所示圖樣（未按實(shí)驗(yàn)順序排列），然后用紅光在雙縫間距為d2時(shí)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，得到了如圖c所示圖樣；則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.B.C.圖a為藍(lán)光干涉圖樣D.圖b為藍(lán)光干涉圖樣13、下列關(guān)于科學(xué)技術(shù)的運(yùn)用的說(shuō)法正確的是（）A.交通警察用監(jiān)視器測(cè)量汽車的速度時(shí)可利用多普勒效應(yīng)B.用聲吶探測(cè)水中的暗礁、潛艇，利用了波的反射C.在攝像機(jī)中，攝像管的作用是攝取景物的圖像并將其轉(zhuǎn)換為電信號(hào)E.醫(yī)生利用B超探測(cè)人體內(nèi)臟的位置，發(fā)現(xiàn)可能的病變，其原理是利用了波的衍射E.醫(yī)生利用B超探測(cè)人體內(nèi)臟的位置，發(fā)現(xiàn)可能的病變，其原理是利用了波的衍射評(píng)卷人得分三、填空題(共8題，共16分)14、（1）內(nèi)容。

如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力，或者所受外力的___________為0；這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變。

（2）表達(dá)式。

a.p=p′或m1v1＋m2v2=___________。系統(tǒng)相互作用前的總動(dòng)量等于相互作用后的總動(dòng)量。

b.Δp1=___________；相互作用的兩個(gè)物體動(dòng)量的變化量等大反向。

（3）適用條件。

a.理想守恒：不受外力或所受外力的合力為_(kāi)__________。

b.近似守恒：系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力___________它所受到的外力。

c.某一方向守恒：如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零，則系統(tǒng)在___________動(dòng)量守恒。

（4）應(yīng)用動(dòng)量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對(duì)象，確定___________的組成（系統(tǒng)包括哪幾個(gè)物體及研究的過(guò)程）。

b.進(jìn)行受力分析，判斷系統(tǒng)動(dòng)量是否___________（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定___________，確定初、末狀態(tài)___________。

d.由動(dòng)量守恒定律列出方程。

e.代入數(shù)據(jù)，求出結(jié)果，必要時(shí)討論說(shuō)明。15、波速。

（1）定義：機(jī)械波在______的傳播速度。

（2）決定因素：由______本身的性質(zhì)決定，在不同的介質(zhì)中，波速是______（選填“相同”或“不同”）的。

（3）波長(zhǎng)、周期、頻率和波速的關(guān)系：＝_____。16、如圖，立柱固定于光滑水平面上O點(diǎn)，質(zhì)量為M的小球a向右運(yùn)動(dòng)，與靜止于Q點(diǎn)的質(zhì)量為m的小球b發(fā)生彈性碰撞，碰后a球立即向左運(yùn)動(dòng)，b球與立柱碰撞能量不損失，所有碰撞時(shí)間均不計(jì)，b球恰好在P點(diǎn)追上a球，Q點(diǎn)為OP的中點(diǎn)，則a、b兩球在Q點(diǎn)碰后速度大小之比___；a、b球質(zhì)量之比為_(kāi)___。

17、如圖，一彈簧振子沿x軸做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，振子零時(shí)刻向右經(jīng)過(guò)A點(diǎn)，2s時(shí)第一次到達(dá)B點(diǎn)。已知振子經(jīng)過(guò)A、B兩點(diǎn)時(shí)的速度大小相等，2s內(nèi)經(jīng)過(guò)的路程為則該簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為_(kāi)_______s，振幅為_(kāi)_______m。

18、甲、乙兩列簡(jiǎn)諧橫波在同一均勻介質(zhì)中傳播，波源位于處的甲波沿x軸正方向傳播，波源位于處的乙波沿x軸負(fù)方向傳播，時(shí)刻兩列波的波形圖如圖所示。已知甲的波速為回答下列問(wèn)題：

甲、乙兩列波__________發(fā)生穩(wěn)定的干涉；（填“能”或“不能”）

兩列波疊加后，處為振動(dòng)的__________點(diǎn)；（“減弱”或“加強(qiáng)”）

時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)位移為_(kāi)_________cm。19、右圖為利用發(fā)波水槽得到的水面波形圖，甲圖樣是水面波的________現(xiàn)象；乙圖樣是水面波的_________現(xiàn)象．20、兩個(gè)振源相距10m，如圖所示為某時(shí)刻連線之間的波形圖，連線已被五等分，已知振源的振幅均為振動(dòng)周期則兩列波的波長(zhǎng)均為_(kāi)__________m；兩列波的波速均為_(kāi)__________m/s；振源的振動(dòng)形式傳播到之間距離為3.5m的位置，還需要___________s；之后，間振幅能達(dá)到80cm的位置一共有___________處。

21、出現(xiàn)明暗條紋的判斷。

（1）亮條紋：當(dāng)兩個(gè)光源與屏上某點(diǎn)的距離之差等于半波長(zhǎng)的______（填“奇”或“偶”）數(shù)倍時(shí)；出現(xiàn)亮條紋。

（2）暗條紋：當(dāng)兩個(gè)光源與屏上某點(diǎn)的距離之差等于半波長(zhǎng)的______（填“奇”或“偶”）數(shù)倍時(shí)，出現(xiàn)暗條紋。評(píng)卷人得分四、作圖題(共1題，共3分)22、某一簡(jiǎn)諧橫波在時(shí)刻的波形圖如圖所示。若波向右傳播，畫出后和前兩個(gè)時(shí)刻的波的圖像。___________

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)23、在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，先讓質(zhì)量為m1的A球從斜槽軌道上某一固定位置S由靜止開(kāi)始滾下，從軌道末端水平拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在復(fù)寫紙下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把質(zhì)量為m2的B球放在斜槽軌道末端，讓A球仍從位置S由靜止?jié)L下，與B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作10次。M、P、N為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置，O點(diǎn)是軌道末端在白紙上的豎直投影點(diǎn)。

（1）實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)測(cè)量___________間接地測(cè)定小球碰撞前后的速度；

A.小球開(kāi)始釋放的高度h

B.小球拋出點(diǎn)距地面的高度H

C.小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平距離。

（2）以下提供的器材中，本實(shí)驗(yàn)必須使用的是___________；

A.刻度尺B.天平C.秒表

（3）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的注意事項(xiàng)，下列說(shuō)法正確的是___________；

A.斜槽軌道必須光滑。

B.斜槽軌道末端的切線必須水平。

C.上述實(shí)驗(yàn)過(guò)程中白紙可以移動(dòng)。

D.兩小球A、B半徑相同。

（4）為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，兩個(gè)小球的質(zhì)量應(yīng)滿足m1>m2，若滿足關(guān)系式___________則可以認(rèn)為兩小球碰撞前后總動(dòng)量守恒；

（5）某同學(xué)記錄小球三個(gè)落點(diǎn)的平均位置時(shí)發(fā)現(xiàn)M和N偏離了OP方向，如圖甲所示。該同學(xué)認(rèn)為只要滿足關(guān)系式___________；則說(shuō)明兩小球碰撞前后總機(jī)械能守恒；

（6）實(shí)驗(yàn)時(shí)，若斜槽軌道光滑、兩小球發(fā)生彈性碰撞，且m1<m2<3m1，小球落點(diǎn)用圖乙中的C、D、E表示，滿足關(guān)系___________；可以兩小球認(rèn)為碰撞前后總動(dòng)量守恒。

24、在做“探究單擺周期與擺長(zhǎng)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)：

（1）為了利用單擺較準(zhǔn)確地測(cè)出重力加速度，可供選用的器材為_(kāi)_______。

A．20cm長(zhǎng)的細(xì)線；小木球、秒表、米尺、鐵架臺(tái)。

B．100cm長(zhǎng)的細(xì)線；小鋼球、秒表、米尺、鐵架臺(tái)。

C．100cm長(zhǎng)的細(xì)線；大木球、秒表、量程為50cm的刻度尺、鐵架臺(tái)。

D．10cm長(zhǎng)的細(xì)線；大鋼球、大掛鐘、米尺、鐵架臺(tái)。

（2）為了減小測(cè)量周期的誤差，擺球應(yīng)在經(jīng)過(guò)最________（填“高”或“低”）點(diǎn)的位置時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，并計(jì)數(shù)為零，擺球每次通過(guò)該位置時(shí)計(jì)數(shù)加1，當(dāng)計(jì)數(shù)為60時(shí)，所用的時(shí)間為t秒，則單擺周期為_(kāi)___________s。

（3）實(shí)驗(yàn)時(shí)某同學(xué)測(cè)得的重力加速度g值偏小，其原因可能是________。

A．?dāng)[球太重。

B．計(jì)算時(shí)誤將小球的直徑與擺線長(zhǎng)相加。

C．測(cè)出n次全振動(dòng)時(shí)間為t，誤作為（n＋1）次全振動(dòng)時(shí)間進(jìn)行計(jì)算。

D．?dāng)[線上端未牢固地系于懸點(diǎn)；振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加了。

（4）有兩位同學(xué)利用假期分別參觀北京大學(xué)和廈門大學(xué)的物理實(shí)驗(yàn)室，各自在那里利用傳感器較為準(zhǔn)確地探究了“單擺的周期T與擺長(zhǎng)L的關(guān)系”（北京大學(xué)所在地的緯度比廈門大學(xué)高），并繪制了T2－L圖象，如圖甲所示，去廈門大學(xué)的同學(xué)所測(cè)實(shí)驗(yàn)結(jié)果對(duì)應(yīng)的圖線是________（填“A”或“B”），另外在廈門大學(xué)做探究的同學(xué)還利用計(jì)算機(jī)繪制了a、b兩種單擺的振動(dòng)圖象，如圖乙所示，由圖可知a、b兩單擺的擺長(zhǎng)之比為_(kāi)_______。

評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共8分)25、如圖所示，一截面為ABC的柱形玻璃磚放在水平面上，AC是半徑為R的圓弧，O為圓弧對(duì)應(yīng)的圓心，AB豎直．BA、BC分別與圓弧相切于A點(diǎn)和C點(diǎn)．

（?。┤舨ＡТu的折射率為一束光與水平面成角從D點(diǎn)射入玻璃磚，經(jīng)玻璃磚后恰好射到O點(diǎn)，求BD的高度h；

（ⅱ）若換成形狀和大小完全相同、折射率不同的另一玻璃磚，在O點(diǎn)放置一點(diǎn)光源，其可向四周發(fā)出光線．不考慮經(jīng)反射到達(dá)AB邊的光，AB邊有光射出的長(zhǎng)度為求該玻璃磚的折射率n2．

26、如圖所示，足夠?qū)挼乃巯露信c水平方向夾角的平面鏡、一束光從水槽左壁水平向右射出，在平面鏡上O點(diǎn)反射后打在右壁P點(diǎn)，現(xiàn)向水槽中注入某種透明液體，光經(jīng)液體折射后打在右壁M點(diǎn)，此時(shí)液面與右壁相交于N點(diǎn)，測(cè)得O點(diǎn)到右壁水平距離為1.5m。已知光在真空中的傳播速度為求：（結(jié)果可保留根號(hào)）

①該透明液體的折射率n；

②加入透明液體后，光從O點(diǎn)傳播到M點(diǎn)所用的時(shí)間。

參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

由于振子在A、B兩點(diǎn)的速度相等，則有A、B兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)是對(duì)稱的；振子經(jīng)過(guò)A、B兩點(diǎn)的速度同向，從B再回到A的過(guò)程是振子先到達(dá)右側(cè)的最遠(yuǎn)處，然后返回平衡位置，最后回到A時(shí)經(jīng)歷的時(shí)間最短，時(shí)間半個(gè)周期，即

故周期為

故D正確；ABC錯(cuò)誤。

故選D。2、D【分析】【詳解】

A．甲、乙兩列波的波長(zhǎng)之比為3:2，根據(jù)

可知；頻率之比為2:3，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

B．甲起振方向向下；乙起振方向向上，則兩列波的起振方向相反，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD．t=3s時(shí)刻，兩列波各自向前傳播12m，則由波形圖可知，兩列波平衡位置在x＝6m處的質(zhì)點(diǎn)引起的振動(dòng)都正到達(dá)平衡位置，則位移為0；平衡位置在x＝3m處的質(zhì)點(diǎn)由乙波引起的振動(dòng)正處于波峰；由甲波引起的振動(dòng)正在平衡位置，則此時(shí)該質(zhì)點(diǎn)的位移為2cm，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。

故選D。3、A【分析】【詳解】

選向下為正，運(yùn)動(dòng)全程由動(dòng)量定理得：mg（t1+t2+t3）+I地=0，則有：I地=-（mgtl+mgt2十mgt3），

負(fù)號(hào)表方向。

A．故A符合題意；

B．故B不符合題意；

C．故C不符合題意；

D．故D不符合題意。

故選A。4、C【分析】【詳解】

A．金屬線框由靜止開(kāi)始進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，金屬線框的下邊切割磁感線，根據(jù)右手定則可判斷電流方向向右，根據(jù)左手定則可判斷安培力方向豎直向上，根據(jù)安培力公式有

根據(jù)切割電動(dòng)勢(shì)公式有

根據(jù)閉合電路歐姆定律

解得

根據(jù)牛頓第二定律有

可知金屬線框做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)；速度—時(shí)間圖像為。

可知故A錯(cuò)誤；

B．金屬線框豎直向上進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中；根據(jù)上述分析可知金屬線框做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，速度時(shí)間圖像為。

可知故B錯(cuò)誤；

CD．設(shè)安培力下降過(guò)程中，由動(dòng)量定理有

兩邊求和有

即

同理，上升過(guò)程中有

聯(lián)立解得

故C正確；D錯(cuò)誤。

故選C。5、C【分析】【分析】

【詳解】

AC．在投球過(guò)程中；人和車（含籃球）系統(tǒng)所受合外力不為零，但水平方向所受合外力為零，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，籃球由水平向左的動(dòng)量，則人和車系統(tǒng)獲得向右的水平動(dòng)量，因此車仍然有向右的速度，小車向右移動(dòng)，故C正確，A錯(cuò)誤；

B．投球之前；人和車（含籃球）組成的系統(tǒng)動(dòng)量為零，當(dāng)球全部投入左邊的框中時(shí)，球的速度為零，根據(jù)動(dòng)量守恒定律知，車的動(dòng)量也為零，小車會(huì)停止，故B錯(cuò)誤；

D．若若人屈膝跳起投球；系統(tǒng)在豎直方向上所受合外力不為零，則系統(tǒng)在豎直方向上動(dòng)量不守恒，故D錯(cuò)誤。

故選C。二、多選題(共8題，共16分)6、A:C【分析】【詳解】

A.物體兩種狀態(tài)從a到b，都只有重力做功,物體下落高度一致,故合外力做功相等,即W1=W2；故A正確；

B.物體平拋落到b點(diǎn)的過(guò)程，只受重力作用,故合外力的沖量大小I1=mgt；

物體沿斜面下滑,設(shè)斜面與水平面的夾角為θ，受重力、支持力作用，合外力為mgsinθ，故合外力的沖量大小為：I2=2mgtsinθ=2I1sinθ

故B錯(cuò)誤；

C.物體平拋落到b點(diǎn)的過(guò)程，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，則斜面高度

物體沿斜面下滑，設(shè)斜面與水平面的夾角為θ，受重力、支持力作用，合外力為mgsinθ，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2t，故位移為加速度為gsinθ，所以有

所以即sinθ=

得θ=30°

故C正確；

D.物體平拋落到b點(diǎn)的過(guò)程,水平位移為x=v0t

豎直位移為

所以有tanθ=h/x=

那么物體在b點(diǎn)的水平速度為v0，豎直速度為gt，所以物體水平拋出到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度方向與水平方向夾角為arctan=arctan(2tanθ)=arctan

故D錯(cuò)誤；

故選AC.

點(diǎn)睛：根據(jù)兩運(yùn)動(dòng)過(guò)程的受力、做功情況得到功和沖量；然后再利用牛頓第二定律求得兩過(guò)程的加速度，進(jìn)而根據(jù)運(yùn)動(dòng)位移和時(shí)間得到斜面的傾斜角；最后根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求得末速度的方向．7、A:C:D【分析】【詳解】

A.桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)之前的加速度。

則進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大小為。

選項(xiàng)A正確；

B.桿剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：

E=Bdv則電阻R1兩端的電勢(shì)差大小為。

選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C金屬棒進(jìn)入磁場(chǎng)后；由動(dòng)量定理：

即。

因?yàn)椤?/p>

解得。

選項(xiàng)C正確；

D.整個(gè)過(guò)程中；產(chǎn)生的總焦耳熱：

則電阻R1上產(chǎn)生的焦耳熱為。

選項(xiàng)D正確；

故選ACD。8、A:B:C【分析】【詳解】

A．因?yàn)榧浊皟擅胧窍蛘较虻膭蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，后是向負(fù)方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以甲、乙兩球在時(shí)發(fā)生碰撞；故A正確；

B．因?yàn)榕鲎舶l(fā)生在光滑的水平面上；所以碰撞前后動(dòng)量守恒，故B正確；

C．末甲球的速度時(shí)間圖象斜率變?yōu)樨?fù)值；說(shuō)明速度反向，故C正確；

D．甲球碰撞前的動(dòng)量碰撞后的動(dòng)量所以動(dòng)量的變化量為

故D錯(cuò)誤。

故選ABC。9、A:B【分析】【詳解】

AB．小球的運(yùn)動(dòng)可以視為單擺模型，由單擺的周期公式可得

可知，其周期只取決于等效擺長(zhǎng)R和重力加速度g；與小球質(zhì)量；擺動(dòng)幅度（振幅）無(wú)關(guān)，而是否有初速度也只是間接的改變了振幅，因此和初速度也無(wú)關(guān)，AB錯(cuò)誤，符合題意；

C．換一個(gè)半徑R小一些的弧形槽；可使小球運(yùn)動(dòng)的周期減小，C正確，不符合題意；

D．其他條件不變，將裝置從月球拿至地球表面，重力加速度g增大；可使小球運(yùn)動(dòng)的周期減小，D正確，不符合題意。

故選AB。10、A:C【分析】【詳解】

Ａ．由圖知：λ=４m，T=0.2s，則波速

故A正確。

B．因t=0.1s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q向下振動(dòng)，由波形圖可知，波沿x軸負(fù)向傳播；選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C．因t=0.1s時(shí)P點(diǎn)的位移為5cm，可知P點(diǎn)的位置坐標(biāo)為當(dāng)時(shí)波向左傳播的距離為

則此時(shí)P點(diǎn)恰好到達(dá)波峰；選項(xiàng)C正確；

D．從開(kāi)始的一小段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng)，則速度不斷減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。11、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．從波傳播的最遠(yuǎn)點(diǎn)判斷，甲、乙波起振方向分別是正軸方向和負(fù)軸方向；A錯(cuò)誤；

B．因二列波同時(shí)到達(dá)原點(diǎn)知甲波傳播速度是乙波的一半，又因波長(zhǎng)也是一半，所以甲；乙波的頻率相同，能形成穩(wěn)定的干涉圖樣，B錯(cuò)誤；

C．在內(nèi)，點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)形式傳播距離為知甲波傳播的速度為乙波為分析知兩列波的最遠(yuǎn)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)形式恰好在時(shí)到達(dá)對(duì)方的波源處；C正確；

D．在正軸上，甲波經(jīng)恰好到達(dá)原點(diǎn)此時(shí)該點(diǎn)的振動(dòng)方向沿正軸方向，視為新波源，而此時(shí)波源振動(dòng)方向也沿正軸方向，加強(qiáng)點(diǎn)滿足距兩波源的位移差是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，分別為同理在負(fù)軸上，加強(qiáng)點(diǎn)為共有6個(gè)加強(qiáng)點(diǎn)，D正確。

故選CD。12、A:C【分析】【詳解】

CD．圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距小于圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距，由雙縫干涉條紋的間距公式

可知，當(dāng)雙縫間距均為雙縫到屏的距離不變時(shí)，圖中光的波長(zhǎng)小于圖中光的波長(zhǎng)，故圖為藍(lán)光干涉圖樣，圖為紅光干涉圖樣。故C正確；D錯(cuò)誤。

AB．雙縫到屏的距離不變，只將雙縫間距改為時(shí)，同樣利用紅光進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，因此相同，對(duì)比圖和圖可知，圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距小于圖中光照射產(chǎn)生的條紋間距，故由雙縫干涉條紋的間距公式可知，故A正確，B錯(cuò)誤。

故選AC。13、A:B:C【分析】【詳解】

A．交通警察用監(jiān)視器測(cè)量汽車的速度時(shí)可利用多普勒效應(yīng)；A正確；

B．用聲吶探測(cè)水中的暗礁；潛艇；利用了波的反射，B正確；

C．在攝像機(jī)中；攝像管的作用是攝取景物的圖像并將其轉(zhuǎn)換為電信號(hào)，C正確；

D．雷達(dá)是利用無(wú)線電波來(lái)測(cè)定物體位置的無(wú)線電設(shè)備；D錯(cuò)誤；

E．醫(yī)生利用B超探測(cè)人體內(nèi)臟的位置；發(fā)現(xiàn)可能的病變，其原理是利用了波的反射，E錯(cuò)誤。

故選ABC。三、填空題(共8題，共16分)14、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]動(dòng)量守恒的定義：如果一個(gè)系統(tǒng)不受外力；或者所受外力的矢量和為0，這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變動(dòng)量守恒的。

（2）[2][3]動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式為：

p=p′，m1v1＋m2v2=m1v1′＋m2v2′或Δp1=-Δp2（3）[4][5][6]動(dòng)量守恒的三種情況。

a.不受外力或所受外力的合力為零。

b.系統(tǒng)內(nèi)各物體間相互作用的內(nèi)力遠(yuǎn)大于它所受到的外力。

c.如果系統(tǒng)在某一方向上所受外力的合力為零；則系統(tǒng)在這一方向上動(dòng)量守恒。

（4）[7][8][9][10]應(yīng)用動(dòng)量守恒定律解題的步驟。

a.明確研究對(duì)象；確定系統(tǒng)的組成；

b.進(jìn)行受力分析；判斷系統(tǒng)動(dòng)量是否守恒（或某一方向上是否守恒）。

c.規(guī)定正方向；確定初；末狀態(tài)動(dòng)量。

d.由動(dòng)量守恒定律列出方程求解?！窘馕觥渴噶亢蚼1v1′＋m2v2′-Δp2零遠(yuǎn)大于這一方向上系統(tǒng)守恒正方向動(dòng)量15、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】介質(zhì)中介質(zhì)不同16、略

【分析】【分析】

根據(jù)碰后再次相遇的路程關(guān)系，求出兩球碰后的速度大小之比。根據(jù)碰撞過(guò)程中動(dòng)量、能量守恒列方程即可求出a、b球質(zhì)量之比

【詳解】

[1][2]設(shè)a、b兩球碰后速度大小分別為v1、v2。由題有：b球與擋板發(fā)生彈性碰撞后恰好在P點(diǎn)追上甲，則從碰后到相遇a、b球通過(guò)的路程之比為

根據(jù)得

以水平向右為正方向，兩球發(fā)生彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律得

由機(jī)械能守恒定律得

解得

【點(diǎn)睛】

解答本題的突破口是根據(jù)碰后路程關(guān)系求出碰后的速度大小之比，要掌握彈性碰撞的基本規(guī)律：動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒。解題要注意選擇正方向，用正負(fù)號(hào)表示速度的方向?！窘馕觥?7、略

【分析】【詳解】

[1]根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，A、B兩點(diǎn)關(guān)于平衡位置對(duì)稱，從向右經(jīng)過(guò)A到第一次到達(dá)B經(jīng)過(guò)了半個(gè)周期的振動(dòng)，則周期為

[2]這段時(shí)間路程為

解得振幅為【解析】418、略

【分析】【詳解】

[1]同種介質(zhì)中兩列簡(jiǎn)諧波的波速相等均為由圖可知甲、乙的波長(zhǎng)均為

根據(jù)

可得甲、乙的頻率均為頻率相同的簡(jiǎn)諧波能發(fā)生穩(wěn)定的干涉；

[2]各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)周期為

乙的波峰第一次到達(dá)處的時(shí)間為

在時(shí)間內(nèi)即2T時(shí)間內(nèi)，對(duì)甲處的質(zhì)點(diǎn)完成兩次全振動(dòng)，仍處于波峰位置，則時(shí)刻甲、乙的波峰相遇，兩列波疊加后，處為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)；

[3]經(jīng)過(guò)0.5s甲、乙兩波在處相遇，1.5s時(shí)兩列波在處的質(zhì)點(diǎn)的平衡位置的位移為0，再經(jīng)過(guò)0.25s即1.75s的時(shí)刻，甲的波峰與乙的波谷在處相遇，甲乙兩波疊加后位移為【解析】能加強(qiáng)19、略

【分析】【詳解】

[1]波繞過(guò)障礙物繼續(xù)傳播的現(xiàn)象就是波的衍射現(xiàn)象；故圖甲說(shuō)明發(fā)生了明顯的衍射現(xiàn)象；

[2]當(dāng)頻率相同的兩列波相遇時(shí)當(dāng)波程差為波長(zhǎng)的整數(shù)倍時(shí)振動(dòng)加強(qiáng)；當(dāng)波程差為半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍時(shí)振動(dòng)減弱，使有的地方振動(dòng)加強(qiáng)有的地方振動(dòng)減弱，且加強(qiáng)和減弱的區(qū)域交替出現(xiàn)，故圖乙是發(fā)生了干涉現(xiàn)象．

【點(diǎn)睛】

掌握干涉和衍射的圖樣的特點(diǎn)和發(fā)生條件，是解決此類題目的關(guān)鍵所在．注意干涉現(xiàn)象的條件與明顯的衍射現(xiàn)象條件．【解析】衍射干涉20、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，間的距離恰好等于2.5個(gè)波長(zhǎng)，則

得

[2]由于兩列波的波長(zhǎng)相同，周期也相同，因此兩列波的波速

[3]圖示時(shí)刻振源的振動(dòng)形式還需傳播才能傳播到之間距離為的位置，因此

[4]由題圖知，振源的振動(dòng)方向始終相反，故振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)到兩點(diǎn)的波程差等于半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，即滿足

且

分別取0和1，可得間振幅能達(dá)到的位置分別距點(diǎn)因此一共有4處?！窘馕觥?100.25421、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】①.偶②.奇四、作圖題(共1題，共3分)22、略

【分析】【詳解】

由題圖我們可以知道，在質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的一個(gè)周期內(nèi)，波向前傳播一個(gè)完整的波形的距離，即傳播的距離

因此在內(nèi)，波向前傳播了根據(jù)波的傳播過(guò)程和傳播的實(shí)質(zhì)，若波向右傳播，把波的原有圖形向右移動(dòng)的距離，就得到了后時(shí)刻的波形圖，如圖中的虛線甲所示；同理可以得到前時(shí)刻波的圖像；如圖中的虛線乙所示。

【解析】五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共4分)23、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]實(shí)驗(yàn)中；直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的，通過(guò)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，得出小球?qū)Φ乃俣龋捎谄綊佭\(yùn)動(dòng)的高度相同，即可通過(guò)小球平拋運(yùn)動(dòng)的射程，間接表示速度的大小。

故選C。

（2）[2]由于需要測(cè)量小