2024年滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁(yè)，總=sectionpages22頁(yè)第=page11頁(yè)，總=sectionpages11頁(yè)2024年滬科版高三物理下冊(cè)階段測(cè)試試卷267考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共6題，共12分)1、2012年在倫敦舉行奧林匹克運(yùn)動(dòng)會(huì)，下列比賽項(xiàng)目中，運(yùn)動(dòng)員可看作質(zhì)點(diǎn)的是（）A.自由體操B.武術(shù)C.拳擊D.馬拉松賽跑2、牛頓曾經(jīng)說(shuō)過(guò)一句名言：“我之所以比別人看得遠(yuǎn)一些，是因?yàn)檎驹诰奕说募绨蛏稀?，牛頓所指的巨人可能是（）A.愛(ài)因斯坦B.姚明C.伽利略D.卡文迪許3、在光滑水平面上，有一轉(zhuǎn)軸垂直于此平面，交點(diǎn)O的上方h處固定一細(xì)繩，繩的另一端連接一質(zhì)量為m的小球B，繩長(zhǎng)l＞h，小球可隨轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)動(dòng)在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖所示．要使小球不離開(kāi)水平面，轉(zhuǎn)軸轉(zhuǎn)速的最大值是（）A.B.πC.D.4、【題文】如圖甲所示，M是一個(gè)小型理想變壓器，原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2＝11∶1，a、b端接有正弦交變電流，電壓隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示．變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警電路原理圖，其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料(電阻隨溫度升高而減小)制成的傳感器，R1為一定值電阻，電壓表和電流表可視為理想電表．下列說(shuō)法中正確的是。

A.變壓器副線圈的輸出電壓的表達(dá)式為u＝20sin100πt(V)B.當(dāng)傳感器R2所在處未出現(xiàn)火警時(shí)，電壓表的示數(shù)為20VC.當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，電壓表的示數(shù)減小D.當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，電流表的示數(shù)減小5、下列有關(guān)細(xì)胞結(jié)構(gòu)和功能的敘述，正確的是A.磷脂是構(gòu)成細(xì)胞膜的基本支架.但磷脂與物質(zhì)的跨膜運(yùn)輸無(wú)關(guān)B.洋蔥根尖分生區(qū)細(xì)胞的有絲分裂離不開(kāi)中心體的作用C.氨基酸是胰島素等各種激素分子的基本單位D.吞噬細(xì)胞中的溶酶體能將抗原-抗體復(fù)合物水解，但不能將其徹底氧化分解6、如圖所示；小物體A與圓盤(pán)保持相對(duì)靜止，跟著圓盤(pán)一起做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則A的向心力來(lái)源是（）

A.重力B.支持力C.支持力和摩擦力的合力D.指向圓心的摩擦力評(píng)卷人得分二、多選題(共9題，共18分)7、如圖，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車(chē)a和b的位移-時(shí)間（x-t）圖線；由圖可知（）

A.在時(shí)刻t1，b車(chē)追上a車(chē)B.在時(shí)刻t2，a、b兩車(chē)運(yùn)動(dòng)方向相反C.在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車(chē)的速率先減少后增加D.在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車(chē)的速率一直比a車(chē)的大8、關(guān)于經(jīng)典力學(xué)、狹義相對(duì)論及量子力學(xué)，下面說(shuō)法正確的是（）A.在物體高速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律服從狹義相對(duì)論，在低速運(yùn)動(dòng)時(shí)，服從經(jīng)典力學(xué)B.經(jīng)典力學(xué)適用于宏觀物體的運(yùn)動(dòng)，量子力學(xué)適用于微觀粒子的運(yùn)動(dòng)C.愛(ài)因斯坦相對(duì)論理論的創(chuàng)立表明牛頓的經(jīng)典力學(xué)已不再適用D.無(wú)論是宏觀物體還是微觀物體，高速還是低速，弱引力還是強(qiáng)引力，經(jīng)典力學(xué)都成立9、如圖圖示；在勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的圓筒內(nèi)壁上緊靠著一個(gè)物體一起轉(zhuǎn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.物體受到重力、桶壁對(duì)物體的支持力和向心力B.桶壁對(duì)物體的支持力提供物體圓周運(yùn)動(dòng)所需的向心力C.桶壁對(duì)物體的支持力隨桶的轉(zhuǎn)速的增大而增大D.桶壁對(duì)衣服的摩擦力隨轉(zhuǎn)速的增大而增大10、在以下說(shuō)法中，正確的是（）A.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體B.質(zhì)量、溫度都相同的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能不相同C.液晶既具有液體的流動(dòng)性，又具有晶體的光學(xué)各向異性特點(diǎn)D.飽和氣壓隨溫度的升高而變小11、如圖所示，是一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波動(dòng)圖象．已知這列波沿x軸正方向傳播，波速為5.0m/s．關(guān)于波上的P、Q兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，以下說(shuō)法正確的是（）A.在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P和Q的速度方向均沿y軸正方向B.P點(diǎn)和Q點(diǎn)振動(dòng)的周期均為0.4sC.在t=0到t=0.1s的時(shí)間里，Q點(diǎn)的速度在不斷增大D.在t=0.1s到t=0.2s的時(shí)間里，Q點(diǎn)的加速度在不斷減小12、如圖所示，a、b、c、d分別是一個(gè)菱形的四個(gè)頂點(diǎn)，∠abc=120°．現(xiàn)將兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷+Q固定在a、c兩個(gè)頂點(diǎn)上，將另一個(gè)電荷量為-Q的點(diǎn)電荷固定在b點(diǎn)，將一個(gè)電荷量為+q的點(diǎn)電荷依次放在菱形中心O點(diǎn)和另一個(gè)頂點(diǎn)d點(diǎn)處，那么（）A.O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向由O指向bB.點(diǎn)電荷在d點(diǎn)所受的電場(chǎng)力較大C.點(diǎn)電荷在d點(diǎn)所具有的電勢(shì)能較大D.d點(diǎn)的電勢(shì)低于O點(diǎn)的電勢(shì)13、下列哪些速度指的是瞬時(shí)速度（）A.普通人步行的速度約是5km/hB.汽車(chē)通過(guò)交通標(biāo)志牌時(shí)的速度是90km/hC.子彈在槍管里的速度是400m/sD.飛機(jī)起飛時(shí)的速度是50m/s14、兩個(gè)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的單擺的擺長(zhǎng)分別為l1和l2，周期分別為T(mén)1和T2，其位移-時(shí)間圖象如圖中1、2所示，由此可知（）A.T1：T2=3：1B.T1：T2=1：3C.l1：l2=3：1D.l1：l2=9：115、如圖，矩形線框abcd的ad和bc的中點(diǎn)M、N之間連接一電壓表，整個(gè)裝置處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的方向與線框平面垂直，當(dāng)線框向右勻速平動(dòng)時(shí)，以下說(shuō)法正確的是（）A.穿過(guò)線框的磁通量不變化，MN間無(wú)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)B.MN這段導(dǎo)體做切割磁力線運(yùn)動(dòng)，MN間有電勢(shì)差C.MN間有電勢(shì)差，所以電壓表有讀數(shù)D.因?yàn)闊o(wú)電流通過(guò)電壓表，所以電壓表無(wú)讀數(shù)評(píng)卷人得分三、填空題(共9題，共18分)16、某種紫外線波長(zhǎng)為300nm，該紫外線光子的能量為_(kāi)___J．金屬鎂的逸出功為5.9×10-19J，則讓該紫外線照射金屬鎂時(shí)逸出光電子的最大初動(dòng)能為_(kāi)___J（普朗克常量h=6.63×10-34J?s，真空中的光速c=3×108m/s）17、一物體在地球表面的重力為16N，它在以5m/s2加速上升的火箭中視重為9N，則此時(shí)火箭離地球表面的距離為地球半徑的____倍．（g=10m/s2）18、（2010秋?雁塔區(qū)校級(jí)期末）在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象實(shí)驗(yàn)中；

（1）為了能明顯地觀察到實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象；請(qǐng)?jiān)谌鐖D所示的實(shí)驗(yàn)器材中，選擇必要的器材，在圖中用實(shí)線連接成相應(yīng)的實(shí)物電路圖；

（2）將原線圈插人副線圈中，閉合電鍵，副線圈中感應(yīng)電流與原線圈中電流的繞行方向____（填“相同”或“相反”）；

（3）將原線圈拔出時(shí)，副線圈中的感應(yīng)電流與原線圈中電流的繞行方向____（填“相同”或“相反”）．

（4）本實(shí)驗(yàn)中，如果發(fā)現(xiàn)線圈繞線的標(biāo)記丟失，此時(shí)可以用來(lái)判斷線圈繞制方向的步驟是____

A．將線圈與干電池；保護(hù)電阻、電流計(jì)串聯(lián)；根據(jù)電流方向判斷線圈的繞制方向。

B．將線圈與干電池；保護(hù)電阻、電流計(jì)串聯(lián)；用一小磁針判斷出線圈中的電流方向，從而確定線圈的繞制方向。

C．用線圈與另一已知繞制方向的線圈共同做電磁感應(yīng)實(shí)驗(yàn)；根據(jù)感應(yīng)電流的方向，判斷線圈的繞制方向。

D．判斷的步驟中，都要用到安培定則．19、恒星是有壽命的，實(shí)際上我們觀測(cè)到的超巨星、巨星、主序星、白矮星等恒星形態(tài)，就是恒星不同年齡階段的形態(tài)．現(xiàn)在的太陽(yáng)處于____形態(tài)，太陽(yáng)向宇宙空間每秒鐘大約輻射4×1026J的能量，這些能量是由____能轉(zhuǎn)化而來(lái)的．20、【題文】在圖所示的電路中，電源電壓不變。當(dāng)開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)到閉合時(shí)，電流表A2的示數(shù)將____；電壓表V示數(shù)與電流表A1示數(shù)的比值將____。（變小/不變/變大）21、已知某傳染性疾病的病原體為心A病毒，該病毒表面的A蛋白為主要抗原，遺傳物質(zhì)中含核糖。現(xiàn)利用該病毒通過(guò)基因工程和單克隆抗體制備技術(shù)來(lái)生產(chǎn)預(yù)防和診斷該疾病的疫苗和抗體，請(qǐng)回答下列問(wèn)題：(1)由該心A病毒獲得A基因過(guò)程中發(fā)生的堿基互補(bǔ)配對(duì)為_(kāi)________________。獲得A基因后，可以利用______________技術(shù)進(jìn)行擴(kuò)增，該技術(shù)要用到一種特殊的________酶。(2)制備A蛋白過(guò)程的核心是構(gòu)建A基因表達(dá)載體，啟動(dòng)子和終止子也需要重新構(gòu)建，以能被受體細(xì)胞的___________所識(shí)別，便于其催化轉(zhuǎn)錄過(guò)程。(3)將提取的A蛋白重復(fù)注射到小鼠皮下細(xì)胞，目的是獲得更多的___________，從而使獲得____________細(xì)胞的幾率大大增加，再通過(guò)擴(kuò)大培養(yǎng)提取單克隆抗體。(4)對(duì)健康人進(jìn)行該傳染病免疫預(yù)防時(shí)，可選用提取的______來(lái)制備疫苗。對(duì)該傳染病疑似患者確診時(shí)，可以用____________與分離出的病毒進(jìn)行特異性檢測(cè)。22、利用油膜法可以粗測(cè)阿伏加德羅常數(shù)，若已知一滴油的體積為V，它在液面上展成的單分子油膜面積為S，假如這種油的摩爾質(zhì)量為μ，密度為ρ，并把油分子看成小球狀，則阿伏加德羅常數(shù)可表示為_(kāi)___．23、力F1和F2的大小均為5N，當(dāng)它們的夾角為90°時(shí)，合力大小為_(kāi)___N，則當(dāng)它們的夾角為120°時(shí)，合力的大小為_(kāi)___N．24、一個(gè)重20N的物體放在水平地面上，在4N的水平推力作用下能勻速前進(jìn)，此時(shí)地面受到的摩擦力是：____（滑動(dòng)摩擦力或靜摩擦力），物體與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為_(kāi)___．參考答案一、選擇題(共6題，共12分)1、D【分析】【分析】當(dāng)物體的形狀、大小對(duì)所研究的問(wèn)題沒(méi)有影響時(shí)，我們就可以把它看成質(zhì)點(diǎn)，根據(jù)把物體看成質(zhì)點(diǎn)的條件來(lái)判斷即可．【解析】【解答】解：A；體操中主要根據(jù)人的肢體動(dòng)作評(píng)分；故不能忽略大小和形狀，故不能看作質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)誤；

B；武術(shù)要注意人的肢體動(dòng)作；不能看作質(zhì)點(diǎn)；故B錯(cuò)誤；

C；觀看拳擊要注意人的肢體動(dòng)作；不能看作質(zhì)點(diǎn)；故C錯(cuò)誤；

D；馬拉松賽跑時(shí)；人相對(duì)于跑道來(lái)說(shuō)大小可以忽略不計(jì)，故運(yùn)動(dòng)員可以看作質(zhì)點(diǎn)，故D正確；

故選：D．2、C【分析】【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可．【解析】【解答】解：牛頓是物理學(xué)史上最偉大的科學(xué)家；他的一生對(duì)物理學(xué)產(chǎn)生了巨大的貢獻(xiàn)，但他還是虛心地說(shuō)“我之所以比別人看得遠(yuǎn)些，是因?yàn)槲艺驹诹司奕说募缟希痹谖锢韺W(xué)史上，通過(guò)總結(jié)前人的研究成果，分析推理得出牛頓第一定律，牛頓所說(shuō)的巨人是指伽利略．

故選：C．3、A【分析】【分析】要使球不離開(kāi)水平面，臨界情況是對(duì)水平面的壓力為零，靠拉力和重力的合力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律求出轉(zhuǎn)動(dòng)軸的最大角速度，從而得出轉(zhuǎn)速的最大值．【解析】【解答】解：當(dāng)小球?qū)λ矫娴膲毫榱銜r(shí)，有：Tcosθ=mg，Tsinθ=mlsinθω2；

解得最大角速度為：ω==；

則最大轉(zhuǎn)速為：n=；故A正確，B；C、D錯(cuò)誤．

故選：A．4、A|C【分析】【解析】

試題分析：變壓器次級(jí)電壓最大值為交流電變壓器副線圈的輸出電壓的表達(dá)式為u＝20sin100πt(V)，選項(xiàng)A正確；變壓器次級(jí)電壓有效值為故當(dāng)傳感器R2所在處未出現(xiàn)火警時(shí)，電壓表的示數(shù)小于20V，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火警時(shí)，R2阻值減小，次級(jí)電流增大，電阻R1的電壓增大，R2上電壓減小，故電壓表的示數(shù)減?。贿x項(xiàng)C正確；由于次級(jí)電流增大，故初級(jí)電流增大，電流表的讀數(shù)增大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

考點(diǎn)：變壓器的計(jì)算；動(dòng)態(tài)電路分析；交流電的變化規(guī)律?！窘馕觥俊敬鸢浮緼C5、D【分析】【分析】本題考查了細(xì)胞的結(jié)構(gòu)與功能的相關(guān)知識(shí)，準(zhǔn)確識(shí)記相關(guān)知識(shí)點(diǎn)是解題的關(guān)鍵。【解答】A.磷脂雙分子層是構(gòu)成細(xì)胞膜的基本支架，磷脂與物質(zhì)的跨膜運(yùn)輸有關(guān)，A錯(cuò)誤；B.洋蔥屬于高等植物，細(xì)胞中沒(méi)有中心體，B錯(cuò)誤；C.胰島素屬于蛋白質(zhì)，其基本單位是氨基酸，但有的激素比如性激素是脂質(zhì)，C錯(cuò)誤；D.吞噬細(xì)胞中的溶酶體能將抗原-抗體復(fù)合物水解，但不能將其徹底氧化分解，D正確。故選D?！窘馕觥緿6、D【分析】【分析】向心力是根據(jù)效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力來(lái)充當(dāng)，不是真實(shí)存在的力，不能說(shuō)物體受到向心力．【解析】【解答】解：物體在水平面上；一定受到重力和支持力作用，物體在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，有背離圓心的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，因此受到指向圓心的靜摩擦力，且靜摩擦力提供向心力，故ABC錯(cuò)誤，D正確．

故選：D二、多選題(共9題，共18分)7、ABC【分析】【分析】位移時(shí)間關(guān)系圖線反映位移隨時(shí)間的變化規(guī)律，縱坐標(biāo)的變化量△x表示位移，圖線的斜率表示速度的大小．【解析】【解答】解：

A、由圖知在時(shí)刻t1，a、b兩車(chē)的位置坐標(biāo)相同，到達(dá)同一位置，而開(kāi)始時(shí)a的位移大于b的位移，所以時(shí)刻t1，b追上a．故A正確．

B、在時(shí)刻t2，a圖線的斜率為正，說(shuō)明a的速度沿正向，b圖線切線斜率為負(fù)，說(shuō)明b車(chē)速度沿負(fù)向；則兩車(chē)的運(yùn)動(dòng)方向相反．故B正確．

C、速度圖線切線的斜率表示速度，在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車(chē)圖線斜率先減小后增大，則b車(chē)的速率先減小后增加．故C正確．

D、在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b圖線的斜率不是一直大于a圖線的斜率，所以b車(chē)的速率不是一直比a車(chē)大．故D錯(cuò)誤．

故選：ABC8、AB【分析】【分析】經(jīng)典力學(xué)的適用范圍是低速、宏觀的物體，高速運(yùn)動(dòng)的物體服從于相對(duì)論，量子力學(xué)適用于微觀粒子的運(yùn)動(dòng)．【解析】【解答】解：A；D、經(jīng)典力學(xué)的適用范圍是低速、宏觀的物體；在物體高速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律服從狹義相對(duì)論，故A正確，D錯(cuò)誤．

B；經(jīng)典力學(xué)適用于宏觀物體的運(yùn)動(dòng)；量子力學(xué)適用于微觀粒子的運(yùn)動(dòng)，故B正確．

C；牛頓的經(jīng)典力學(xué)是愛(ài)因斯坦相對(duì)論理論在低速條件下的近似；所以相對(duì)論的創(chuàng)立并不表明牛頓的經(jīng)典力學(xué)已不再適用．故C錯(cuò)誤．

故選：AB．9、BC【分析】【分析】物體相對(duì)桶壁靜止也做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，合外力提供向心力，方向指向圓心（圓心在軸線上與物塊在同一水平面上）．【解析】【解答】解：

A．對(duì)物體進(jìn)行受力分析：物體在豎直方向上受重力和靜摩擦力；并且這兩個(gè)力相互平衡；水平方向受圓筒給它指向圓心的彈力，向心力不單獨(dú)分析．故A錯(cuò)誤；

B；物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)；由合外力提供向心力，所以物體所受向心力由桶壁對(duì)物體的支持力提供，故B正確；

C、根據(jù)牛頓第二定律得：N=m（2πn）2r；可見(jiàn)，轉(zhuǎn)速n增大，桶壁對(duì)物體的支持力N增大，故C正確；

D；在豎直方向上；重力和靜摩擦力這兩個(gè)力相互平衡，所以摩擦力不變；故D錯(cuò)誤．

故選：AC．10、AC【分析】【分析】熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，飽和汽壓隨溫度的升高而變大．【解析】【解答】解：A；熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體；故A正確；

B；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；溫度相同分子的平均動(dòng)能就相同，故B錯(cuò)誤；

C；液晶既具有液體的流動(dòng)性；又具有晶體的光學(xué)各向異性特點(diǎn)，故C正確；

D；飽和汽壓隨溫度的升高而變大；故D錯(cuò)誤．

故選AC11、BD【分析】【分析】波沿x軸正方向傳播，運(yùn)用波形平移法判斷質(zhì)點(diǎn)的速度方向．簡(jiǎn)諧波傳播過(guò)程中，各個(gè)振動(dòng)質(zhì)點(diǎn)的周期相等．根據(jù)質(zhì)點(diǎn)Q的位置，分析其速度變化和加速度變化．【解析】【解答】解：A；波沿x軸正方向傳播；由波形平移法判斷得知，在t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的速度方向沿y軸正方向，而Q點(diǎn)的速度方向沿y軸負(fù)方向．故A錯(cuò)誤．

B、由圖講出波長(zhǎng)λ=2m，周期T=s=0.4s；所以P點(diǎn)和Q點(diǎn)振動(dòng)的周期均為0.4s．故B正確．

C；在t=0到t=0.1s的時(shí)間里；Q點(diǎn)正從平衡位置向波谷運(yùn)動(dòng)，速度不斷減小．故C錯(cuò)誤．

D；在t=0.1s到t=0.2s的時(shí)間里；Q點(diǎn)正從波谷向平衡位置運(yùn)動(dòng)，位移減小，加速度減小．故D正確．

故選：BD12、AD【分析】【分析】根據(jù)電場(chǎng)的疊加，分析d點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向；O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于b處-Q在O處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小．根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，分析d點(diǎn)與O點(diǎn)電勢(shì)關(guān)系．正電荷在高電勢(shì)高處電勢(shì)能大．【解析】【解答】解：A、a、c兩點(diǎn)的正電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)為零，所以O(shè)點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小等于b點(diǎn)的點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)，方向由O指向b；選項(xiàng)A正確；

B、∠abc=120°，所以a、b、c三點(diǎn)離d點(diǎn)的距離相同，a、c兩點(diǎn)的正電荷在d點(diǎn)產(chǎn)生的合場(chǎng)強(qiáng)與b點(diǎn)的負(fù)電荷在d點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等大反向；故d點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為零，點(diǎn)電荷在d點(diǎn)所受的電場(chǎng)力為零，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

CD；Od間電場(chǎng)線方向從O到d；根據(jù)順著電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，O點(diǎn)的電勢(shì)高于d點(diǎn)的電勢(shì)，與電荷的極性無(wú)關(guān)，而正電荷在高電勢(shì)高處電勢(shì)能大，則知+q在d點(diǎn)所具有的電勢(shì)能較?。蔆錯(cuò)誤，D正確．

故選：AD13、BD【分析】【分析】物體在某一位置或某一瞬間的速度為瞬時(shí)速度；在某一過(guò)程或某一段時(shí)間內(nèi)的速度為平均速度．【解析】【解答】解：A；普通人步行的速度約是5km/h是指在某一段時(shí)間內(nèi)的大約值；故為平均值；故A錯(cuò)誤；

B；交通標(biāo)志牌可以看作是一個(gè)點(diǎn)；故汽車(chē)通過(guò)交通標(biāo)志牌時(shí)的速度是瞬時(shí)速度；故B正確；

C；子彈在槍管中的速度為一個(gè)過(guò)程內(nèi)的速度；故為平均速度；故C錯(cuò)誤；

D；飛機(jī)起飛的速度是指在起飛的瞬間的速度；故為瞬時(shí)速度；故D正確；

故選：BD．14、AD【分析】【分析】根據(jù)圖象得到兩個(gè)單擺的周期之比，然后結(jié)合單擺周期公式列式求解擺長(zhǎng)之比．【解析】【解答】解：由圖知；1和2兩個(gè)單擺的周期之比為：

T1：T2=3：1

由單擺的周期公式T=2π得：

l1：l2==9：1

故選：AD15、BD【分析】【分析】線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)水平向右勻速移動(dòng)時(shí)，穿過(guò)線框回路的磁通量沒(méi)有改變，則知沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生．a(chǎn)b、cd切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，a與b、c與d間有電勢(shì)差，根據(jù)a、b電勢(shì)的高低，判斷電壓表是否有示數(shù)．【解析】【解答】解：A；線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)水平向右勻速移動(dòng)時(shí)；穿過(guò)線框回路的磁通量沒(méi)有改變，則知沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生；

但ab與cd兩邊在切割磁感線，則兩邊產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于兩節(jié)電池并聯(lián)，a與b；c與d間有電勢(shì)差；但電壓表沒(méi)有示數(shù)，因?yàn)橹挥杏须娏鲿r(shí)，電壓表才有示數(shù)．故AC錯(cuò)誤，D正確．

B；由題意可知；MN這段導(dǎo)體參與切割磁感線運(yùn)動(dòng)，因此MN間有電勢(shì)差，故B正確；

故選：BD三、填空題(共9題，共18分)16、6.63×10-197.3×10-20【分析】【分析】根據(jù)E=求出光子的能量，根據(jù)光電效應(yīng)方程求出金屬的逸出功．根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒寫(xiě)出核反應(yīng)方程．【解析】【解答】解：光子的能量E=J

根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=E-W0代入數(shù)據(jù)得，Ekm=6.63×10-19J-5.9×10-19J=7.3×10-20J

故答案為：6.63×10-19，7.3×10-2017、3【分析】【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，由牛頓第二定律可以求出火箭所在位置處的重力加速度；由萬(wàn)有引力等于重力，列式可以求出火箭所在位置處的高度．【解析】【解答】解：設(shè)此時(shí)火箭所在處的重力加速度為g′；地球表面的重力加速度為g．

物體的質(zhì)量為m=kg=1.6kg

對(duì)處在火箭中的物體；應(yīng)用牛頓第二定律，有。

N-mg′=ma

則得g′=-5m/s2=g

在地表時(shí)；物體的重力等于地球?qū)λ囊Α?/p>

mg=G

在高為h的位置上；有。

mg′=G

聯(lián)立得：h=3R；即，此時(shí)火箭離地球表面的距離為地球半徑的3倍．

故答案為：318、相反相同BCD【分析】【分析】（1）注意該實(shí)驗(yàn)中有兩個(gè)回路；一是電源；電鍵、變阻器（上、下各連一個(gè)接線柱）、小螺線管串聯(lián)成的回路，二是電流計(jì)與大螺線管串聯(lián)成的回路，據(jù)此可正確解答．

（2）閉合電鍵時(shí)；正確判斷副線圈中磁通量的變化情況，然后根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流方向，即可正確解答．

（3）同理判斷原線圈拔出時(shí)；正確判斷副線圈中磁通量的變化，則根據(jù)楞次定律即可解答．

（4）根據(jù)電磁感應(yīng)現(xiàn)象、楞次定律分析答題．【解析】【解答】解：（1）將電源；電鍵、變阻器（上、下各連一個(gè)接線柱）、小螺線管串聯(lián)成一個(gè)回路；

再將電流計(jì)與大螺線管串聯(lián)成另一個(gè)回路；電路圖如圖所示．

（2）閉合電鍵瞬間；副線圈中磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，副線圈中的感應(yīng)電流磁場(chǎng)阻礙其磁通量的增大，形成與原線圈中電流的繞行方向相反的感應(yīng)電流．

（3）同理將原線圈拔出時(shí)；副線圈中的磁通量減小，同理根據(jù)楞次定律可知副線圈中形成與原線圈中電流的繞行方向相同的感應(yīng)電流．

（4）A；將線圈與干電池、保護(hù)電阻、電流計(jì)串聯(lián)；無(wú)法判斷線圈的繞制方向，故A錯(cuò)誤；

B；將線圈與干電池、保護(hù)電阻、電流計(jì)串聯(lián)；用一小磁針判斷出線圈中的電流方向，然后由右手定則可以確定線圈的繞制方向，故B正確；

C；用線圈與另一已知繞制方向的線圈共同做電磁感應(yīng)實(shí)驗(yàn)；根據(jù)感應(yīng)電流的方向，由右手定則可以判斷線圈的繞制方向，故C正確；

D；判斷的步驟中；都要用到安培定則，故D正確；故選BCD．

故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）相反；（3）相同；（4）BCD．19、主序星核能或原子能【分析】【分析】根據(jù)恒星演化得出太陽(yáng)目前正處于主序星演化階段，它主要由正、負(fù)電子和質(zhì)子、氦的原子核組成．維持太陽(yáng)輻射的是它內(nèi)部的核聚變反應(yīng)，其反應(yīng)是四個(gè)質(zhì)子聚變?yōu)橐粋€(gè)氦原子核和兩個(gè)正電子并釋放出大量的能量，這些釋放出的核能最后轉(zhuǎn)化為輻射能，并同時(shí)以每秒4.2×109kg向外拋出大量物質(zhì)．【解析】【解答】解：恒星是有壽命的，實(shí)際上我們觀測(cè)到的超巨星、巨星、主序星、白矮星等恒星形態(tài)，就是恒星不同年齡階段的形態(tài)．現(xiàn)在的太陽(yáng)處于主序星形態(tài)，太陽(yáng)向宇宙空間每秒鐘大約輻射4×1026J的能量；這些能量是由核能或原子能轉(zhuǎn)化而來(lái)的．

故答案為：主序星，核能或原子能20、略

【分析】【解析】

試題分析：當(dāng)S斷開(kāi)時(shí)，電阻R1、R2串聯(lián)，電壓表測(cè)量電阻R1兩端的電壓；兩電流表都測(cè)電路中的電流；

當(dāng)S閉合時(shí)，電路為R1的簡(jiǎn)單電路，R2和電流表A2被短路，A1測(cè)電路中的電流，所以電流表A2的示數(shù)將變小為0；

不管開(kāi)關(guān)斷開(kāi)還是閉合，由歐姆定律可知，電壓表與電流表A1的比值始終等于電阻R1的阻值；所以不變．

考點(diǎn)：動(dòng)態(tài)電路；歐姆定律。

點(diǎn)評(píng)：本題考查開(kāi)關(guān)斷開(kāi)與閉合時(shí)電路的連接情況以及電流表和電壓表的使用，關(guān)鍵知道開(kāi)關(guān)斷開(kāi)與閉合時(shí)，電路的連接情況以及歐姆定律的應(yīng)用【解析】【答案】變小不變21、（1）A-T、U