2025年滬科版高一物理下冊月考試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年滬科版高一物理下冊月考試卷100考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、“空間站”是科學家進行天文探測和科學試驗的特殊而又重要的場所，假設“空間站”正在地球赤道平面內(nèi)的圓周軌道上運行，其離地球表面的高度為同步衛(wèi)星離地球表面高度的十分之一，下列說法正確的有（）A.“空間站”運行的速度大小都應介于第一宇宙速度和第二宇宙速度之間B.“空間站”運行的加速度等于其所在高度處的重力加速度C.“空間站”運動在運行一段時間后，由于阻力作用其動能可能會減少D.在“空間站”工作的宇航員因所受合力為零而在艙中懸浮或靜止2、16

世紀末，對落體運動進行系統(tǒng)研究，將斜面實驗的結(jié)論合理外推，間接證明了自由落體運動是勻變速直線運動的科學家是(

)

A.亞里士多德B.伽利略C.牛頓D.胡克3、已知引力常量G、月球中心到地球中心的距離R和月球繞地球運行的周期T。僅利用這三個數(shù)據(jù)，可以估算出的物理量有（）A.月球的質(zhì)量B.地球的質(zhì)量C.地球的半徑D.月球繞地球運行速度的大小4、【題文】從地面上同時拋出兩小球，A沿豎直向上，B沿斜向上方，它們同時到達最高點，不計空氣阻力。則()A.A先落到地面上B.B的加速度比A的大C.A上升的最大高度比B大D.拋出時B的初速度比A大5、將一個物體以速度v

水平拋出，當物體的豎直速度與水平速度的大小相等時，物體下落的高度為(

忽略空氣阻力)(

)

A.v2g

B.v22g

C.2v2g

D.2v2g

6、在光滑水平面上的木塊受到一個方向不變，大小從某一數(shù)值逐漸變小的外力作用時，木塊將作(

)

A.勻減速運動B.勻加速運動C.速度逐漸減小的變加速運動D.速度逐漸增大的變加速運動7、下列物理量中，屬于矢量的是A.功B.功率C.時間D.加速度8、引力常量很小，說明了(

)

A.萬有引力很小B.萬有引力很大C.只有當物體的質(zhì)量大到一定程度，物體間才會有萬有引力D.很難察覺到日常接觸的物體間有萬有引力，是因為它們的質(zhì)量不很大9、質(zhì)量為2

噸的汽車，發(fā)動機牽引力的功率為30

千瓦，汽車在水平路面上行駛能達到的最大速度為15m/s

若汽車所受阻力恒定，則汽車的速度為10m/s

時的加速度為(

)

A.1m/s2

B.0.5m/s2

C.2m/s2

D.2.5m/s2

評卷人得分二、多選題(共5題，共10分)10、質(zhì)量為m

的物體在空中由靜止下落，由于空氣阻力，運動的加速度是0.9

g

，物體下落高度為h

，以下說法正確的是A.重力勢能減小了0.9

mgh

B.動能增大了0.9

mgh

C.動能增大了0.1

mgh

D.機械能損失了0.1

mgh

11、如圖所示，當小車經(jīng)過圖示位置時，小車的速度為v，與小車相連的繩子與水平方向夾角為θ（在不計滑輪摩擦和繩子質(zhì)量），則（）A.當小車經(jīng)過圖示位置時，物塊M的速度為B.當小車經(jīng)過圖示位置時，物塊M的速度為vcosθC.如果小車勻速向左運動，繩的拉力等于M的重力D.如果小車勻速向左運動，繩的拉力大于M的重力12、如圖甲所示，在水平地面上有一長木板B，且足夠長，其上疊放木塊A．假定木板與地面之間、木塊和木板之間的最大靜摩擦力都和滑動摩擦力相等．用一水平力F作用于B，A、B的加速度與F的關系如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2，則下列說法正確的是（））

A.A的質(zhì)量為0.5kgB.A、B間的動摩擦因數(shù)為0.2C.B與地面間的動摩擦因數(shù)為0.2D.當水平拉力F=15N時，長木板的加速度大小為10m/s213、如圖所示，傾斜木板上放一物體，使板的傾角婁脠

緩慢增大，且物體始終保持靜止，在此過程中物體所受的(

)

A.支持力變大B.摩擦力變大C.合外力不做功D.支持力不做功14、質(zhì)量為30kg

的小芳站在拓展訓練的長木板上，如圖所示.

長木板上表面距地面高度為1.5m.

以長木板上表面為重力勢能參考平面，下列說法正確的是(

)

A.小芳在長木板上的重力勢能為0

B.小芳從地面沿臺階慢慢走到木板上，重力勢能不發(fā)生變化C.小芳從地面走到長木板上克服重力做功450J

D.小芳從長木板上沿臺階走到地面上，只有重力做功評卷人得分三、填空題(共9題，共18分)15、在“探究小車速度隨時間變化的規(guī)律”實驗中，某同學得到了物體運動時打點計時器打出的一段紙帶如圖所示，每相鄰兩計數(shù)點間的距離圖中已給出，已知每相鄰兩計數(shù)點間的時間間隔為0.1s，則打下C、E兩點時紙帶的速度分別為vC=____cm/s、vE=____cm/s，若小車拖著紙帶的運動可視為勻加速直線運動，用vC、vE可求出其加速度為a=____m/s2

16、如圖，半徑為和的圓柱體靠摩擦傳動，已知分別在小圓柱與大圓柱的邊緣上，是圓柱體上的一點，如圖所示，若兩圓柱之間沒有打滑現(xiàn)象，則∶∶=———————；ωA∶ωB∶ωc=——————————。17、一輛汽車在平直的公路上先以20m/s的速度行駛400m，又以40m/s的速度向前行駛400m，則汽車在這800m過程中的平均速度大小為______m/s．18、民用航空客機的機艙，除了有正常的艙門和舷梯連接供旅客上下飛機外，一般還設有緊急出口．發(fā)生意外情況的飛機在著陸后，打開緊急出口的艙門，會自動生成一個由氣囊構(gòu)成的斜面，機艙中的人可沿該斜面滑行到地面上來．若機艙離氣囊底端的豎直高度為5m，人與氣囊間的動摩擦因數(shù)為0.36，人到達地面的速度不得超過8m/s．則從艙門伸到地面的氣囊最短長度為______m．（g取10m/s2）19、一個4kg的物體在半徑為4m的圓周上以4m/s的速度運動，向心加速度a=______m/s2，所需的向心力F=______N．20、為了測定一根輕彈簧壓縮最短時儲存的彈性勢能大小；可以將彈簧固定在一個帶光滑凹槽的直軌道的一端，并將軌道固定在水平桌面的邊緣上，如圖所示，用鋼球?qū)椈蓧嚎s至最短，然后突然釋放，鋼球?qū)⒀剀壍里w出桌面，實驗時：

（1）需要直接測定的物理量是______

（2）計算彈簧最短時彈性勢能的關系式是Ep=______．（用直接測量的量表示）21、如圖所示，MN為豎直屏幕，從O點一小球以某一速度水平拋出打在A點正下方B點，A點與O點在同一水平高度，在小球拋出后的運動過程中，若加豎直向下的平行光，則小球的影子在水平地面上的運動是(____運動；若加水平向左方向的平行光，則小球的影子在MN上的運動是____運動。22、【題文】如圖所示，在高為的平臺邊緣水平拋出小球A，同時在水平地面上距臺面邊緣水平距離為處豎直上拋小球B，兩球運動軌跡在同一豎直平面內(nèi)，不計空氣阻力，重力加速度為若兩球能在空中相遇，則小球A的初速度應大于A、B兩球初速度之比為。（）23、重40N

的物體放在水平面上，與水平面的動摩擦因數(shù)為0.5

它的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，現(xiàn)用18N

的水平推力推物體，物體受到的摩擦力是______，現(xiàn)改用25N

的水平推力推物體，則物體受到的摩擦力為______．評卷人得分四、畫圖題(共2題，共12分)24、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。25、畫出下面2個物體所受重力的圖示（1）放在桌面上的質(zhì)量為m=0.1kg的字典（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球。評卷人得分五、簡答題(共3題，共21分)26、【題文】（8分）1280年到1340年期間，英國牛津梅爾敦學院的數(shù)學家們發(fā)現(xiàn)了重要的“梅爾敦定理”：如果一個物體沿直線運動的速度是均勻增加的，那么，它在某段時間內(nèi)的平均速度就等于初速度與末速度之和的一半。試利用學過的物理知識證明“梅爾敦定理”。27、動量定理可以表示為鈻?p=F鈻?t

其中動量p

和力F

都是矢量.

在運用動量定理處理二維問題時，可以在相互垂直的xy

兩個方向上分別研究.

例如，質(zhì)量為m

的小球斜射到木板上，入射的角度是婁脠

碰撞后彈出的角度也是婁脠

碰撞前后的速度大小都是婁脭

如圖所示.

碰撞過程中忽略小球所受重力．

a.

分別求出碰撞前后xy

方向小球的動量變化鈻?px鈻?py

b.

分析說明小球?qū)δ景宓淖饔昧Φ姆较颍?8、如圖所示，某人用輕繩牽住一只質(zhì)量m=0.5kg

的氫氣球，因受水平風力的作用，系氫氣球的輕繩與水平方向成37鈭?

角，已知空氣對氣球的浮力為14N

人的質(zhì)量M=60kg

空氣對人的浮力不計(sin37鈭?=0.6,cos37鈭?=0.8,g

取10m/s2)

求：

(1)

輕繩拉力的大?。?/p>

(2)

水平風力的大?。u卷人得分六、綜合題(共2題，共8分)29、【題文】如圖所示；兩個完全相同的小球，重力大小為G，兩球與水平面的動摩擦因數(shù)都為μ，一根輕繩兩端固定在兩小球上，在繩的中點施加一個豎直向上的拉力，當繩子被拉直后，兩段繩的夾角為α，問當F至少為多大，兩球?qū)l(fā)生滑動？（假設最大靜摩擦等于滑動摩擦力）

30、如圖所示，一質(zhì)量為mB=2kg，長為L=6m的薄木板B固定在水平面上，質(zhì)量為mA=2kg的物體A（可視為質(zhì)點）在一電動機拉動下從木板左端以v0=5m/s的速度向右勻速運動，此時牽引物體的輕繩的拉力F=8N．已知各接觸面間的動摩擦因數(shù)恒定，重力加速度g取10m/s2；則：

（1）A物體與木板B之間的動摩擦因數(shù)μ1為多少？

（2）若釋放木板B，則木板B在物體A帶動下以a=2m/s2的加速度從靜止開始做勻加速直線運動；經(jīng)多長時間物體A滑離木板？

（3）木板與水平面間的動摩擦因數(shù)μ2為多少？參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】解：A、根據(jù)G=m得：v=離地球表面的高度不是其運動半徑，所以線速度小于第一宇宙速度．故A錯誤．

B、根據(jù)G=mg=ma；知“空間站”運行的加速度等于其所在高度處的重力加速度，故B正確；

C；“空間站”運動過程中；由于阻力做功，機械能減小，但動能會增大．故C錯誤；

D；在“空間站”工作的宇航員處于完全失重狀態(tài)；靠萬有引力提供向心力，做圓周運動，合力不為零，故D錯誤．

故選：B．

A；根據(jù)萬有引力提供向心力分析；即可判定．

B；根據(jù)空間站在某一位置受到的重力提供它做圓周運動的向心力；可知運行加速度和所在高度處的重力加速度的關系．

C；因阻力做功；導致機械能減小，動能增大．

D；在“空間站”工作的宇航員處于完全失重狀態(tài)．

解決本題的關鍵掌握萬有引力等于重力，以及處于空間站中的人、物體處于完全失重狀態(tài)，靠地球的萬有引力提供向心力，做圓周運動．【解析】【答案】B2、B【分析】解：伽利略是最早對落體運動進行系統(tǒng)研究并得出正確結(jié)論的科學家。故ACD錯誤；B正確。

故選：B

最早對落體運動進行系統(tǒng)研究并得出正確結(jié)論的科學家是伽利略．

本題關鍵要掌握一些力學物理學史，知道伽利略等科學家的成就．【解析】B

3、B|D【分析】【解析】【答案】BD4、D【分析】【解析】

試題分析：兩球被拋出后均僅受重力作用；在豎直方向上都以加速度g減速上升，故選項B錯誤；由于它們同時到達最高點，因此根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律可知，它們上升的高度和拋出時豎直方向的速度均相同，故選項C錯誤；由于B是斜向上方拋出，因此拋出時，B除了有豎直向上的分速度外，還有水平分速度，故拋出時B的初速度比A大，故選項D正確；從最高處到落地的過程中，兩球在豎直方向上均為自由落體運動，因此它們落地的時間相等，故選項A錯誤。

考點：本題主要考查了勻變速直線運動規(guī)律、運動的合成與分解的應用問題，屬于中檔題?！窘馕觥俊敬鸢浮緿5、B【分析】解：當物體豎直速度與水平速度的大小相等時，速度偏向角的為：tan婁脠=vyv=gtv=1

所以在空中運動的時間為：t=vg

物體下落的高度為：h=12gt2=12隆脕g隆脕v2g2=v22g

故B正確，ACD錯誤；

故選：B

平拋運動在水平方向上做勻速直線運動；在豎直方向上做自由落體運動，抓住豎直分速度與水平初速度相等，結(jié)合速度時間公式求出運動的時間。根據(jù)時間求出下落的高度。

解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，抓住等時性，運用運動學公式靈活求解?！窘馕觥緽

6、D【分析】解：由題；外力逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律得知，加速度也逐漸減??；

若外力與運動方向相同；則木塊做加速運動，故木塊做速度逐漸增大的變加速運動；

若外力與運動方向相反；則木塊做減速運動，故木塊做速度逐漸減小的變加速運動；

故選：D

．

根據(jù)牛頓第二定律分析加速度如何變化；速度方向與加速度同向時物體做加速運動，速度方向與加速度反向時物體做減速運動．

本題關鍵根據(jù)牛頓第二定律確定加速度在增大，由外力與速度方向的關系即可判斷木塊做加速運動．【解析】C

7、D【分析】【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標量是只有大小沒有方向的物理量.

根據(jù)有無方向確定。本題考查了矢量和標量；矢量與標量明顯的區(qū)別是：矢量有方向，標量沒有方向，基礎題?！窘獯稹緼BC.

標量是只有大小沒有方向的物理量，功、功率和時間都是標量，故ABC錯誤；D.矢量是既有大小又有方向的物理量；加速度是矢量，故D正確。

故選D?！窘馕觥緿

8、D【分析】解：根據(jù)萬有引力定律得任意兩個物體間都存在萬有引力；

由于引力常量G=6.67隆脕10鈭?11N?m2/kg2.

引力常量很??；日常接觸的物體的間的質(zhì)量很小，所以萬有引力非常?。?/p>

由于天體的質(zhì)量很大；所以對于天體間的萬有引力也就很大.

故ABC錯誤，D正確；

故選：D

．

明確引力常量的意義；知道引力常量小說明物體之間的萬有引力很難觀測到，但只要質(zhì)量大的一定程度即可以起到一定的作用．

本題考查引力常量的性質(zhì)，明確英國科學家卡文迪許第一次測出了引力常量G

知道自然界任意兩個物體間都存在萬有引力，但對于質(zhì)量小的物體引力難以測量．【解析】D

9、B【分析】解：汽車在水平路面上達到最大速度時；牽引力與阻力二力平衡，即有：F=f

由P=Fvm

得：P=fvm

解得：f=Pvm

當汽車的速度為10m/s

時，牽引力為：F隆盲=Pv

根據(jù)牛頓第二定律得：a=F隆盲鈭?fm=Pv鈭?Pvmm=3隆脕10410鈭?3隆脕104152隆脕103=0.5m/s2

．

故選：B

．

當汽車的牽引力與所受阻力平衡時；做勻速運動，速度達到最大，根據(jù)P=Fv

可求出阻力.

再根據(jù)牛頓第二定律求出汽車的速度為10m/s

時的加速度．

解決本題關鍵對汽車的起動過程要理解并掌握清楚，知道速度最大的條件和功率P=FvF

是牽引力．【解析】B

二、多選題(共5題，共10分)10、BD【分析】略【解析】BD

11、BD【分析】解：小車沿繩子方向的速度等于M的速度；因繩子與水平方向的夾角為θ；

根據(jù)平行四邊形定則，物體M的速度vM=vcosθ；

小車勻速向右運動時；因θ減小，則M的速度增大，所以M加速上升，那么繩子的拉力大于M的重力，故AC錯誤，BD正確。

故選：BD。

將小車的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向；沿繩子方向的速度等于M的速度，根據(jù)平行四邊形定則判斷出M的速度變化，再由運動性質(zhì)，來判定拉力與重力的關系。

解決本題的關鍵知道小車沿繩子方向的分速度等于物體M的速度，根據(jù)平行四邊形定則進行分析。【解析】BD12、A:C:D【分析】【詳解】

在F＜3N時，一起保持靜止；在3N≤F＜9N時，A、B保持相對靜止，故地面對B的最大靜摩擦力fB=3N；在3N≤F＜9N時，A、B保持相對靜止；在F≥9N時，A與B發(fā)生相對滑動，故B對A的最大靜摩擦力fA=4mA，在3N≤F＜9N時，A、B運動的加速度可得，mA+mB=1.5kg；在F≥9N時，B的加速度可得，mB=1kg，那么mA=0.5kg；B與地面間的動摩擦因數(shù)A、B間的動摩擦因數(shù)故AC正確，B錯誤；當水平拉力F=15N時，木板和木塊已經(jīng)相對滑動，則此時長木板的加速度大小為選項D正確；故選ACD．

【點睛】

物體運動學問題中，一般分析物體的運動狀態(tài)得到加速度的表達式，然后對物體進行受力分析求得合外力，最后利用牛頓第二定律聯(lián)立求解即可．13、BC【分析】解：AB

物體受力如圖；根據(jù)平衡條件得：

支持力N=Gcos婁脠

摩擦力f=Gsin婁脠

當婁脠

增大時；N

減小，f

增大.

故A錯誤，B正確．

C；由于物體一直靜止在木板上；物體所受的重力、支持力和摩擦力的合力一直為零，則合外力做功為零，正確；

D；支持力與木塊瞬時速度的方向始終相同；故支持力做正功，D錯誤；

故選：BC

．

物體一直處于靜止狀態(tài)；合力保持為零.

根據(jù)平衡條件得出物體所受支持力和摩擦力與婁脠

角的關系式，再分析它們的變化．

本題動態(tài)平衡問題，采用數(shù)學上函數(shù)法分析支持力和摩擦力的變化，也可以運用圖解法分析．【解析】BC

14、AC【分析】解：A

以長木板上表面為重力勢能參考平面；則小芳在長木板上的重力勢能為0

故A正確．

B；小芳從地面沿臺階慢慢走到木板上；高度增大，由Ep=mgh

知，其重力勢能增大，故B錯誤．

C；小芳從地面走到長木板上克服重力做功WG=mgh=30隆脕10隆脕1.5J=450J

故C正確．

D；小芳從長木板上沿臺階走到地面上；重力和摩擦力都要做功，故D錯誤．

故選：AC

根據(jù)重力勢能表達式Ep=mgh

即可求解；式中h

為物體相對于參考平面的高度.

根據(jù)高度的變化分析重力勢能的變化．

本題的關鍵要明確重力勢能的決定因素，掌握重力勢能的計算公式Ep=mgh

但要注意重力勢能的相對性，物體在參考平面上方，重力勢能為正值，若在參考平面下方，其重力勢能為負值．【解析】AC

三、填空題(共9題，共18分)15、略

【分析】

根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度；

可得：vc==33.7cm/s；

vE==60.5cm/s；

由：vE=vC+a（3T）

解得：a=1.34m/s2

故答案為：33.7；60.5；1.34

【解析】【答案】根據(jù)勻變速直線運動中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速度；可以求出打紙帶上C；E兩點時小車的瞬時速度大小，根據(jù)速度時間關系式可解得加速度．

16、略

【分析】試題分析:傳動過程中，兩圓柱之間沒有打滑現(xiàn)象，說明A、B兩點的線速度相等，即vA=vB，根據(jù)v=ωr，有ωA：ωB=2：1；B、C繞同一個軸轉(zhuǎn)動，角速度相等，根據(jù)ω=可知，vB：vC=2：1。所以vA：vB：vC=2：2：1；ωA：ωB：ωC=2：1：1；考點：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速【解析】【答案】2:2:1；2:1:117、略

【分析】解：前段時間t1===20s

第二段時間t2===10s

全程的位移x=400+400=800m；全程的時間t=20+10=30s

平均速度為：v===26.7m/s

故答案為：26.7．

先根據(jù)平均速度求出兩段位移內(nèi)的時間；再對全程分析，根據(jù)平均速度等于總位移除以總時間求解全程的平均速度，注意總時間為兩段時間之和。

本題考查了平均速度的計算，弄清前總位移與總時間的計算辦法時間是解題的關鍵，注意不能用速度的平均來求平均速度．【解析】26.718、略

【分析】解：對人加速下滑過程運用動能定理列式；有：

mgh-μmgcosθ=

解得：

==1

θ=45°

故從艙門伸到地面的氣囊最短長度為：

故答案為：5．

人加速下滑；受重力；支持力和摩擦力，然后運用動能定理列式求解位移即可．

本題關鍵是對人的下滑過程運用動能定理列式，然后求解出最大位移；也可以運用牛頓運動定律和運動學公式列式求解；不難．【解析】519、略

【分析】解：由題，物體做圓周運動的線速度v=4m/s，半徑r=4m；則物體的向心加速度為。

=m/s2=4m/s2

物體所需的向心力F=m=4×4N=16N

故答案為：4；16

已知物體做圓周運動的線速度v=4m/s，半徑r=4m，物體的質(zhì)量為m=4kg，根據(jù)公式求解向心加速度，由公式Fn=m求解向心力．

向心力公式形式有下列幾種：=ω2r==vω，要根據(jù)不同的條件選擇不同形式的公式．【解析】4；1620、略

【分析】解：（1）釋放彈簧后；彈簧儲存的彈性勢能轉(zhuǎn)化為小球的動能。

Ep=mv2①

故需測量小球的質(zhì)量和最大速度；

小球接下來做平拋運動；要測量初速度，還需要測量測量平拋的水平位移和高度；

故答案為：小球質(zhì)量m；小球平拋運動的水平位移s和高度h．

（2）對于平拋運動；有。

s=vt②

h=gt2③

由①②③式可解得。

Ep=

故答案為：．

（1）彈簧壓縮最短；儲存的彈性勢能最大，釋放小球后，小球在彈簧的彈力作用下加速，彈簧與小球系統(tǒng)機械能守恒，通過測量小球的動能來求解彈簧的最大彈性勢能，小球離開桌面后，做平拋運動，根據(jù)平拋運動的知識可以求平拋的初速度，根據(jù)以上原理確定待測量即可；

（2）根據(jù)平拋運動的知識先求平拋的初速度；求出初動能就得到彈簧壓縮最短時儲存的彈性勢能大小．

本題關鍵是通過平拋運動測量初速度，從而測量出彈簧釋放的彈性勢能，也就是彈簧儲存的彈性勢能．【解析】小球質(zhì)量m，小球平拋運動的水平位移s和高度h；21、略

【分析】【解析】試題分析：若加豎直向下的平行光，照出的影子為小球在水平方向上分運動的性質(zhì)，為勻速直線運動，若加水平向左方向的平行光，照出的影子為小球在豎直方向上的分運動性質(zhì)，為自由落體運動考點：考查平拋運動【解析】【答案】勻速直線、自由落體22、略

【分析】【解析】平拋運動，計算可得t＜0.2s，所以小球A的初速度應大于0.5A；B兩球初速度之比為s:h=1:2

故答案為：0.51:2【解析】【答案】0.5；1/223、略

【分析】解：物體受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力；故Fmax=婁脤mg=0.5隆脕40=20N

當推力為18N

時；推力小于物體與地面間的最大靜摩擦力，物體未被推動，仍然處于靜止狀態(tài)，物體受到靜摩擦力，由平衡條件得F=18N

．

當推力為25N

時；推力大于物體與地面間的最大靜摩擦力，物體被推動，做加速運動，物體受到滑動摩擦力，大小為f=婁脤FN=婁脤G=0.5隆脕40N=20N

故答案為：18N20N

平推力小于鐵塊與地面間的最大靜摩擦力；物體未被推動，鐵塊將受到靜摩擦力，由平衡條件求出靜摩擦力.

若水平推力大于物體與地面間的最大靜摩擦力，物體被推動，鐵塊將受到滑動摩擦力，由公式f=婁脤FN

求出滑動摩擦力．

本題考查摩擦力的計算問題，對于求解摩擦力，首先要研究物體的狀態(tài)，確定是靜摩擦，還是滑動摩擦.

公式f=婁脤FN

只能用來求滑動摩擦力，靜摩擦力可以根據(jù)平衡條件求解．【解析】18N20N

四、畫圖題(共2題，共12分)24、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點都在重心（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）25、略

【分析】【解析】試題分析：（1）受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力作用，作用點都在重心（2）拋出后在空中飛行的質(zhì)量為m=5kg的鉛球只受到豎直向下的重力作用考點：考查受力分析的能力【解析】【答案】作圖題（略）五、簡答題(共3題，共21分)26、略

【分析】【解析】

試題分析：證明：梅爾敦定理的前提是物體做勻加速直線運動（1分）

設物體在t時間內(nèi)的位移為s，初速度末速度分別為v0、vt；運動加速度為a（2分）

根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律。

vt-v0=at①（1分）

s=v0t+at2/2②（1分）

平均速度為v=s/t③（1分）

聯(lián)立①②③得v=（v0+vt）/2（2分）

定理得證。

考點：勻變速直線運動【解析】【答案】可證v=（v0+vt）/227、解：a

把小球入射速度分解為vx=vsin婁脠vy=鈭?vcos婁脠

把小球反彈速度分解為vx隆盲=vsin婁脠vy隆盲=鈭?vcos婁脠

則鈻?px=m(vx隆盲鈭?vx)=0鈻?py=m(vy隆盲鈭?vy)=2mvcos婁脠

方向沿y

軸正方向；

b

對小球分析，根據(jù)鈻?p=F鈻?t

得：Fx=鈻?Px鈻?t=0Fy=鈻?Py鈻?t

則F潞脧=Fy=鈻?Py鈻?t

方向沿y

軸正向；

根據(jù)牛頓第三定律可知；小球?qū)δ景宓淖饔昧Φ姆较蜓貀

軸負方向．

答：a.

分別求出碰撞前后xy

方向小球的動量變化鈻?px

為0鈻?py

大小為2mvcos婁脠

方向沿y

軸正方向；

b.

小球?qū)δ景宓淖饔昧Φ姆较蜓貀

軸負方向．【分析】

(a)

把小球入射速度和反射速度沿x

方向和y

方向進行分解；再根據(jù)動量的變化量等于末動量減初動量求解即可；

(b)

對小球分析，根據(jù)鈻?p=F鈻?t

分別求出x

方向和y

方向的作用力；從而求出合力，再結(jié)合牛頓第三定律分析即可．

本題主要考查了速度的合成與分解原則以及動量定理的直接應用，注意動量是矢量，有大小也有方向，難度適中．【解析】解：a

把小球入射速度分解為vx=vsin婁脠vy=鈭?vcos婁脠

把小球反彈速度分解為vx隆盲=vsin婁脠vy隆盲=鈭?vcos婁脠

則鈻?px=m(vx隆盲鈭?vx)=0鈻