2024年滬科版高三物理下冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版高三物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、把一滴體積為2.2×1012米3的油滴滴在水面上，如果油膜在水面上散開的面積為2.2×10-2米2，則油分子直徑的數(shù)量級為（）A.10-8mB.10-9mC.10-11mD.10-10m2、對于站在電梯里的人，以下說法中正確的是（）A.電梯加速下降時，電梯對人的支持力大于重力B.電梯減速下降時，電梯對人的支持力大于重力C.電梯對人的支持力在電梯上升時總比下降時大D.電梯加速上升時，電梯中的人處于失重狀態(tài)3、如圖所示，通電直導線右邊有一個矩形線框，線框平面與直導線共面，若使線框以通電導線為軸轉(zhuǎn)動，則穿過線框的磁通量將（）A.逐漸增大B.逐漸減小C.保持不變D.不能確定4、現(xiàn)有兩個邊長不等的正方形ABCD

和abcd

如圖所示，且AaBbCcDd

間距相等.

在ABACCDDB

的中點分別放等量的點電荷，其中ABAC

的中點放的點電荷帶正電，CDBD

的中點放的點電荷帶負電，取無窮遠處電勢為零.

則下列說法中正確的是(

)

A.O

點的電場強度和電勢均為零B.把一正點電荷沿著b隆煤d隆煤c

的路徑移動時，電場力所做總功為零C.同一點電荷在ad

兩點所受電場力不同D.將一負點電荷由a

點移到b

點電勢能減小5、關(guān)于平拋運動的性質(zhì)，以下說法中正確的是(

)

A.變加速運動B.勻變速運動C.勻速率曲線運動D.可能是兩個勻速直線運動的合運動6、如圖所示為氫原子的能級圖．當氫原予從n=4能級躍遷到n=2能級時，輻射出光子a；當氫原子從n=3能級躍遷到n=1能級時，輻射出光子b，則下列說法中正確的是（）A.光子a的能量大于光子b的能量B.光子a的波長小于光子b的波長C.b光比a光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象D.在同種介質(zhì)中，a光子的傳播速度大于b光子的傳播速度7、如圖下列四個電路中，當開關(guān)閉合后，小磁針靜止時的指向均正確的是（）A.B.C.D.8、衛(wèi)星靠近某星球表面運轉(zhuǎn)時，要計算該星球的密度，只需知道下面的哪一個物理量（）A.衛(wèi)星的質(zhì)量B.衛(wèi)星運行的線速度C.衛(wèi)星運行的周期D.星球的半徑評卷人得分二、多選題(共7題，共14分)9、如圖所示為某一電場所形成的一簇電場線，圖中E、F、G、H是以坐標原點O為圓心的圓周上的四個點，E、H點在y軸上，G點在x軸上，則下列說法中正確的有（）A.O點的電場強度大于E點的電場強度B.OE間的電勢差大于HO間的電勢差C.正電荷在O點時的電勢能大于其在G點時的電勢能D.將正電荷從H點移到F點的過程中，電場力對其做負功10、如圖所示，條形磁鐵用細線懸掛在O

點.O

點正下方固定一個水平放置的鋁線圈.

讓磁鐵在同一豎直面內(nèi)擺動.

條形磁鐵在完整擺動一次的過程中，下列說法中正確的是(

)

A.線圈內(nèi)感應電流的方向改變4

次B.磁鐵始終受到感應電流磁場的斥力作用C.磁鐵所受到的感應電流對它的作用力始終是阻力D.磁鐵所受到的感應電流對它的作用力有時是阻力有時是動力11、如圖所示，跳水運動員最后踏板的過程可以簡化為下述模型：運動員從高處落到處于自然狀態(tài)的跳板(A

位置)

上，隨跳板一同向下做變速運動到達最低點(B

位置).

對于運動員從開始與跳板接觸到運動至最低點的過程，下列說法中正確的是(

)

A.運動員到達最低點時，其所受外力的合力為零B.在這個過程中，運動員的動能一直在減小C.在這個過程中，跳板的彈性勢能一直在增加D.在這個過程中，運動員所受重力對他做的功小于跳板的作用力對他做的功12、一個物體從靜止開始做勻變速直線運動，下面有四種說法，正確的是（）A.前1s內(nèi)，前2s內(nèi)，前3s內(nèi)相應的運動距離之比一定是x1：x2：x3：=1：4：9：B.第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)相鄰的相同時間內(nèi)的位移之比一定是xⅠ：xⅡ：xⅢ：=1：3：5：C.相鄰的相同時間內(nèi)位移之差值一定是△x=aT2，其中T為相同的時間間隔D.通過連續(xù)相同位移的末速度之比是：v1：v2：v3：=1：2：3：13、下列速度指瞬時速度的是（）A.子彈出膛的速度B.足球被踢出時的速度C.火車通過甲．乙兩地間的速度D.子彈頭過某點的速度14、1930年勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器．如圖甲所示是回旋加速器的示意圖；其核心部分是兩個D形金屬盒，在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連．帶電粒子在磁場中運動的動能EK隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷中正確的是（）

A.粒子加速次數(shù)越多，粒子獲得的最大動能一定越大B.若增大磁感應強度，為保證該粒子每次進人電場均被加速，應增大高頻電源交流電的頻率C.帶電粒子在兩D型盒中運動時間可能不相同D.不同帶電粒子經(jīng)過回旋加速器獲得的最大動能有可能相同15、關(guān)于勻速圓周運動的說法中正確是（）A.是向心力不變的曲線運動B.是勻變速曲線運動C.是動能不變的曲線運動D.是角速度不變的曲線運動評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、（2015春?福建期末）如圖所示，理想變壓器的副線圈上接有三個燈泡．原線圈與-個燈泡串聯(lián)接在交流電源上．若四個燈泡完全相同，且都正常發(fā)光，則原副線圈匝數(shù)比為____；電源兩端的電壓U1與燈泡兩端的電壓U2之比____．17、（2015?上海二模）如圖所示，輕質(zhì)半圓AB和輕桿BC處在同一豎直平面內(nèi)，半圓直徑為d，A、B在同一豎直線上，A、B、C三處均用鉸接連接，其中A、C兩點在同一水平面上，BC桿與水平面夾角為30°．一個質(zhì)量為m的小球穿在BC桿上，并靜止在BC桿底端C處，不計一切摩擦．現(xiàn)在對小球施加一個水平向左的恒力F=mg，則當小球運動到BC桿的中點時，它的速度大小為____，此時AB桿對B處鉸鏈的作用力大小為____．18、（2014秋?集寧區(qū)校級期中）一個小球沿斜面向下運動，用每間隔T=s曝光一次的頻閃相機拍攝不同時刻小球位置的照片，如圖所示，即照片上出現(xiàn)的相鄰兩個小球的像之間的時間間隔為T=s；測得小球在幾個連續(xù)相等時間內(nèi)位移（數(shù)據(jù)見表），則。

。s1（cm）s2（cm）s3（cm）s4（cm）8.209.3010.4011.50①小球在相鄰的相等時間內(nèi)的位移差____（填相等或不相等），小球的運動性質(zhì)屬____直線運動．

②加速度：a=____（用題中字母表示）19、一個重為2kg的物體自足夠高處自由下落，剛開始下落的瞬間取為計時0點，則在下落的第1s末重力的功率為____W，第1s內(nèi)重力的功率為____W．（取g=10m/s2）20、（2013春?七里河區(qū)校級期中）如圖所示，線段OA=3OB，A、B兩球質(zhì)量相等，當它們繞O點在光滑水平面上以相同的角速度轉(zhuǎn)動時，兩線段拉力之比TBA：TOB=____．21、有兩個外形完全相同的金屬小球，A球帶電量為6.4×10-9C，B球帶電量為-3.2×10-9C，讓兩金屬小球接觸，在接觸過程中，電子的轉(zhuǎn)移方向是____（“A向B”、“B向A”），最終A球帶電量為____C．22、放射性同位素主要有兩方面的作用：

（1）____；

（2）____．23、河寬為60m，船在靜水中的速度為5m/s，水流的速度為3m/s，則船渡河的最短時間為____s，最小位移為____m，位移最小時其速度為____m/s．評卷人得分四、判斷題(共2題，共10分)24、穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，回路中感應電流就一定為零．____（判斷對錯）25、圍繞地球飛行的宇宙飛船里的宇航員不受地球引力的作用．____．評卷人得分五、證明題(共4題，共32分)26、如圖所示，一列平面波朝著兩種介質(zhì)的界面?zhèn)鞑?，A1A2是它在介質(zhì)I中的一個波面，C1和C2位于兩種介質(zhì)的界面上，B1B2是這列平面波進入介質(zhì)II后的一個波面；A1C1和A2C2是它的兩條波線，入射角為θ1，折射角為θ2，波在I、Ⅱ介質(zhì)中的傳播速度分別為v1和v2．

（1）試根據(jù)惠更斯原理證明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的長度為0.6m，介質(zhì)I和介質(zhì)II中的波速之比為v1：v2=4：3，則：A1C1B1與A2C2B2的長度相差多少？27、如圖所示，1、2、3為p-V圖中一定量理想氣體的三個狀態(tài)，該理想氣體由狀態(tài)1經(jīng)過程1-3-2到達狀態(tài)2．試利用氣體實驗定律證明：．28、在水平轉(zhuǎn)臺上，距轉(zhuǎn)軸為處插立一豎直桿，桿頂系一根長為的細繩，繩的末端掛一個質(zhì)量為的小球（圖），當轉(zhuǎn)臺勻速轉(zhuǎn)動后，試證懸繩張開的角度與轉(zhuǎn)臺轉(zhuǎn)速的關(guān)系是：29、如圖所示，一列平面波朝著兩種介質(zhì)的界面?zhèn)鞑?，A1A2是它在介質(zhì)I中的一個波面，C1和C2位于兩種介質(zhì)的界面上，B1B2是這列平面波進入介質(zhì)II后的一個波面；A1C1和A2C2是它的兩條波線，入射角為θ1，折射角為θ2，波在I、Ⅱ介質(zhì)中的傳播速度分別為v1和v2．

（1）試根據(jù)惠更斯原理證明：；

（2）若已知θ1=53°（sin53°=0.8），A1A2的長度為0.6m，介質(zhì)I和介質(zhì)II中的波速之比為v1：v2=4：3，則：A1C1B1與A2C2B2的長度相差多少？評卷人得分六、實驗題(共1題，共2分)30、用伏安法測定一個待測電阻Rx的阻值（阻值約為200Ω）；使實驗室提供如下器材：

電池組E（電動勢3V；內(nèi)阻不計）

電流表A1（量程0～10mA；內(nèi)阻40Ω～60Ω）

電流表A2（量程0～500μA；內(nèi)阻為1kΩ）

滑動變阻器R1（阻值范圍0～20Ω；額定電流2A）

電阻箱R2（阻值范圍0～9999Ω；額定電流1A）

開關(guān)S、導線若干，要求實驗中盡可能準確地測量Rx的阻值；請回答下面問題：

（1）上述器材中缺少電壓表，需選一只電流表將它改裝成電壓表進行測量，請在方框中畫出測量Rx阻值的電路圖；并在圖中標明器材代號．

（2）實驗中將電阻箱R2的阻值調(diào)到4000Ω，再調(diào)節(jié)滑動變阻器R1，兩表的示數(shù)如圖所示，可讀出電流表A1的示數(shù)是____mA，電流表A2的示數(shù)是____μA，測得待測電阻Rx的阻值是____．參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、D【分析】【分析】單分子油膜的厚度等于油分子的直徑，由V=Sd，即可求解．【解析】【解答】解：據(jù)題油在水面上散開；形成單分子油膜，則單分子油膜的厚度等于油分子的直徑；

所以油分子的直徑為d===1×10-10m，因此油分子直徑的數(shù)量級為10-10m；

故選：D．2、B【分析】【分析】加速時物體超重，重力比與電梯對人的支持力大，勻速時示數(shù)等于物體的重力，減速時失重，重力比與電梯對人的支持力小．【解析】【解答】解：A；電梯向下加速過程中；人的加速度的方向向下，重力比與電梯對人的支持力大．故A錯誤；

B；電梯向下減速過程中；人的加速度的方向向上，電梯對人的支持力電壓重力．故B正確；

C；電梯向下減速過程中；人的加速度的方向向上，人處于超重狀態(tài)；電梯向上減速過程中，人的加速度的方向向下，人處于失重狀態(tài)；以上兩種情況下電梯對人的支持力在電梯上升時比下降時?。蔆錯誤；

D；電梯加速上升時；人的加速度的方向向上，人處于超重狀態(tài)．故D錯誤．

故選：B3、C【分析】【分析】磁通量是穿過磁場中某一平面的磁感線的條數(shù)；使線框以通電導線為軸轉(zhuǎn)動，穿過線圈的磁感線條數(shù)不變．【解析】【解答】解：由題；通電直導線產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，磁感線是以導線為中心的同心圓，若使線框以通電導線為軸轉(zhuǎn)動，穿過線圈的磁感線條數(shù)不變，故磁通量不變；

故選：C．4、B【分析】解：A

上下兩個正負點電荷在O

點將產(chǎn)生的電場強度向下；左右兩個電荷正負點電荷在O

點的電場強度向右，根據(jù)矢量合成法則可知，O

點電場強度不為零，方向沿為AD

方向.

四個點電荷在O

點處電勢為零，故A錯誤．

B、據(jù)對稱性，bc

等電勢，把一負點電荷沿著b隆煤d隆煤c

的路徑移動時；電場力做功為零，故B正確．

C；按照庫侖定律和力的合成；同一點電荷在ad

兩點所受電場力相同，故C錯誤．

D、取無窮遠處電勢為零，在a

點的電勢為正，bOc

三點電勢相等，均為零，則負電荷從a

移動到b

電場力做負功；所以電勢能增加.

故D錯誤．

故選：B

．

根據(jù)點電荷產(chǎn)生的電場特點和矢量合成法則求解電場強度；明確等勢面的性質(zhì)；知道電荷在等勢面上移動時，電場力做功為0

．

本題以點電荷形成電場為背景，考查電場強度的疊加、電勢、電場力做功與電勢能改變等，注意理解等勢面的特點及應用．【解析】B

5、B【分析】解：ABC

平拋運動是水平拋出且只在重力作用下的運動；所以是加速度恒為g

的勻變速運動，故AC錯誤，B正確．

D；平拋運動可分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動；故D錯誤．

故選：B

平拋運動的加速度不變；是勻變速曲線運動，在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向做自由落體運動.

由此分析即可．

解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動是勻變速曲線運動，在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向做自由落體運動．【解析】B

6、D【分析】【分析】能級間躍遷輻射光子的能量等于能級之差，根據(jù)能極差的大小比較光子能量，從而比較出光子的頻率．頻率大，折射率大，根據(jù)v=比較在介質(zhì)中的速度大?。斎肷涔獾念l率大于金屬的極限頻率時，發(fā)生光電效應．頻率大，波長小，波長越長，越容易發(fā)生衍射．【解析】【解答】解：A、氫原子從n=4的能級躍遷到n=2的能級的能極差小于從n=3的能級躍遷到n=l的能級時的能極差，根據(jù)Em-En=hγ，知光子a的能量小于光子b的能量．故A錯誤．

B、光子a的頻率小于光子b的頻率，所以b的頻率大；波長小，所以a光更容易發(fā)生衍射．故BC錯誤．

D、光子a的頻率小，則折射率小，根據(jù)v=知，光子a在介質(zhì)中的傳播速度大于光子b在介質(zhì)中的傳播速度．故D錯誤．

故選：D．7、D【分析】【分析】根據(jù)安培定則以及磁體周圍的磁場的特點即可做出判定．【解析】【解答】解：A；電流的方向向下；其右側(cè)的磁場的方向向外，所以小磁針靜止時磁場的方向向外．故A錯誤；

B；通電螺線管的電流的方向從上向下看是順時針方向；根據(jù)安培定則可知通電螺線管的磁場的方向向上，所以螺旋管的下方的磁場的方向N極向上，其左側(cè)的磁場的方向N極向下，故B錯誤；

C；由圖；通電圓環(huán)的多倫多方向為順時針方向，根據(jù)安培定則可知，通電圓環(huán)內(nèi)的磁場的方向向里，即N極的方向應向里．故C錯誤；

D；通電螺線管的電流的方向從上向下看是順時針方向；根據(jù)安培定則可知通電螺線管的磁場的方向向下，所以螺旋管的下方的磁場的方向N極向下，U型磁鐵的磁場左側(cè)為S極，右側(cè)為N極，U型磁鐵之間的小磁針的N極向左，上方的小磁針的N極向上．故D正確．

故選：D8、C【分析】【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力求出行星的質(zhì)量，結(jié)合密度的公式求出行星的密度．【解析】【解答】解：A；衛(wèi)星的軌道半徑等于行星的半徑；僅知道衛(wèi)星的質(zhì)量，不知道星球的半徑，無法求出星球的密度．故A、D錯誤．

B、已知衛(wèi)星的運行速度，根據(jù)=；

解得M=；因為半徑未知，無法得出密度．故B錯誤．

C、設(shè)行星的半徑為R，根據(jù)=得；

行星的質(zhì)量M=．

則行星的密度ρ==．可知只要知道衛(wèi)星的周期；即可求出行星的密度．故C正確．

故選：C．二、多選題(共7題，共14分)9、AC【分析】【分析】根據(jù)電場線與等勢線垂直，畫出E、O點等勢線，再根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，去分析判斷電勢和電勢能的大小關(guān)系．【解析】【解答】解：A：從圖中可以看出；O點的電場線比E的電場線密，根據(jù)電場線的疏密與電場強度的關(guān)系，O點的電場強度大于E點的電場強度．A正確；

B：由于HO處的電場線密；場強大，所以O(shè)E間的電勢差小于HO間的電勢差，B錯誤；

C：根據(jù)電場線與等勢線垂直；畫出O點等勢線，可知O點的電勢大于G點電勢，所以C正確；

D：正電荷受力的方向向下；將正電荷從H點移到F點的過程中，電場力對其做正功，D錯誤．

故選：AC10、AC【分析】解：A.

在一個周期之內(nèi)；穿過鋁線圈的磁通量先增大，后減小，再增大，最后又減小，穿過鋁線圈磁場方向不變，磁通量變化趨勢改變，感應電流方向發(fā)生改變，因此在一個周期內(nèi)，感應電流方向改變4

次，故A正確；

B.由楞次定律可知；磁鐵靠近鋁線圈時受到斥力作用，遠離鋁線圈時受到引力作用，故B錯誤；

C.由楞次定律可知；感應電流總是阻礙磁鐵的相對運動，感應電流對磁鐵的作用力總是阻力，故C正確；

D.由楞次定律可知；感應電流總是阻礙磁鐵的相對運動，感應電流對磁鐵的作用力總是阻力，故D錯誤；

故選AC．

分析：

根據(jù)楞次定律可以判斷出感應電流反向；從而判斷出一個周期內(nèi)電流變化的方向；根據(jù)楞次定律判斷磁鐵所受到的感應電流的磁場力是引力還是斥力，是動力還是阻力．

掌握楞次定律的內(nèi)容、理解楞次定律的含義是正確解題的關(guān)鍵；要深刻理解楞次定律“阻礙”的含義.

如“阻礙”引起的線圈面積、速度、受力等是如何變化的．【解析】AC

11、CD【分析】解：A

從接觸跳板到最低點；彈力一直增大，合力先減小后增大.

故A錯誤．

B

加速度的方向先向下后向上；速度先和加速度同向再和加速度反向，可知速度先增大后減小，動能先增大后減?。?/p>

故B錯誤．

C

形變量一直在增大；彈性勢能一直在增加.

故C正確．

D

根據(jù)動能定理；重力做正功，彈力做負功，動能在減小，所以運動員所受重力對他做的功小于跳板的作用力對他做的功.

故D正確．

故選CD．

運動員從接觸跳板開始；受到彈力和重力兩個力，在整個過程中，彈力從0

增加到最大，合力先減小和增大，速度先增大后減小．

解決本題的關(guān)鍵掌握力與運動的關(guān)系，當加速度與速度同向，速度增加，當加速度與速度反向，速度減小．【解析】CD

12、ABC【分析】【分析】根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式得出前1s內(nèi)；前2s內(nèi)，前3s內(nèi)相應的運動距離之比，從而得出第1s內(nèi)；第2s內(nèi)、第3s內(nèi)相鄰的相同時間內(nèi)的位移之比．

根據(jù)速度位移公式求出通過連續(xù)相同位移的末速度大小之比．【解析】【解答】解：A、根據(jù)x=得，前1s內(nèi)，前2s內(nèi)，前3s內(nèi)相應的運動距離之比一定是x1：x2：x3：=1：4：9：；故A正確．

B、因為前1s內(nèi)，前2s內(nèi)，前3s內(nèi)相應的運動距離之比一定是x1：x2：x3：=1：4：9：，則第1s內(nèi)、第2s內(nèi)、第3s內(nèi)相鄰的相同時間內(nèi)的位移之比一定是xⅠ：xⅡ：xⅢ：=1：3：5：故B正確．

C、勻變速直線運動在連續(xù)相等時間內(nèi)的位移之差是一恒量，即△x=aT2；故C正確．

D、根據(jù)v2=2ax得，v=，知通過連續(xù)相同位移的末速度之比是：v1：v2：v3：=．故D錯誤．

故選：ABC．13、ABD【分析】【分析】平均速度表示位移與時間的比值，平均速率表示路程與時間的比值．瞬時速度表示某一時刻或某一位置的速度，瞬時速度點的大小表示瞬時速率．【解析】【解答】解：A；子彈出膛的速度是指子彈經(jīng)過槍口時的速度；故為瞬時速度；故A正確；

B；足球被踢出時的速度為一瞬間的速度；故為瞬時速度；故B正確；

C；經(jīng)過一段過程的速度為平均速度；故C錯誤；

D；子彈頭過某一點的速度為某一瞬間的速度；故為瞬時速度；故D正確；

故選：ABD．14、BD【分析】【分析】交流電源的周期必須和粒子在磁場中運動的周期一致，由公式T=和r=、E判斷．【解析】【解答】解：AD、根據(jù)公式Bqv=m，有v=，v與加速電壓無關(guān)，故最大動能E=；與加速電壓無關(guān)，故A錯誤，不同帶電粒子經(jīng)過回旋加速器獲得的最大動能有可能相同，故D正確；

B、由公式T=知若增大磁感應強度；周期減小，頻率增大，故為保證該粒子每次進人電場均被加速，應增大高頻電源交流電的頻率，故B正確；

C、由公式T=知速度增加；但周期不變，故帶電粒子在兩D型盒中運動時間相同，故C錯誤；

故選：BD．15、CD【分析】【分析】勻速圓周運動速度大小不變，方向變化，是變速運動．加速度方向始終指向圓心，加速度是變化的，是變加速運動．向心力方向始終指向圓心，是變化的．【解析】【解答】解：A；勻速圓周運動受的力是向心力；指向圓心，方向時刻在變化，不是恒力，故A錯誤．

B；勻速圓周運動加速度始終指向圓心；方向時刻在變化，加速度是變化的，故B錯誤．

C；勻速圓周運動速度大小不變；方向變化的曲線運動，則動能不變．故C正確．

D；勻速圓周運動周期一定；則角速度大小不變，而方向也一定．故D正確．

故選CD三、填空題(共8題，共16分)16、3：14：1【分析】【分析】設(shè)每只燈的額定電流為I，因并聯(lián)在副線圈兩端的三只小燈泡正常發(fā)光，所以副線圈中的總電流為3I，由電流關(guān)系求出匝數(shù)比；由匝數(shù)比求電壓關(guān)系【解析】【解答】解：設(shè)每只燈的額定電流為I，額定電壓為U，因并聯(lián)在副線圈兩端的三只小燈泡正常發(fā)光，所以副線圈中的總電流為3I，原副線圈電流之比為1：3，所以原、副線圈的匝數(shù)之比為3：1，所以原線圈電壓為3U，而A燈泡的電壓也為U，所以電源的電壓為4U，而副線圈電壓為U，所以．

故答案為：3：1；4：117、mg【分析】【分析】小球的速度根據(jù)動能定理求解．對于半圓AB，由于重力不計，只受兩個力而處于平衡狀態(tài)，這兩個必定共線，從而確定出AB半圓對BC桿作用力方向，由力矩平衡條件求解AB桿對B處鉸鏈的作用力大?。窘馕觥俊窘獯稹拷猓焊鶕?jù)數(shù)學知識知，AC=dcot30°=d；BC=2d

小球從C到BC中點的過程；由動能定理得：

F?AC-mgd=

將F=mg代入解得，v=

據(jù)題知半圓AB是輕質(zhì)的；重力不計，只受兩個力而處于平衡狀態(tài)，這兩個必定共線，B處鉸鏈對AB桿的作用力必定豎直向下，因此AB桿對B處鉸鏈的作用力豎直向上，大小設(shè)為N．

對于BC桿，以C點為轉(zhuǎn)動軸，由力矩平衡得：N?AC=（mgcos30°+Fsin30°）?BC

代入解得N=mg

故答案為：，mg．18、相等勻加速【分析】【分析】正確解答本題需要掌握：在勻變速直線運動中連續(xù)相等時間內(nèi)的位移差為常數(shù)；熟練應用逐差法求物體的加速度．【解析】【解答】解：（1）從圖中數(shù)據(jù)可以看出；連續(xù)相等時間內(nèi)的位移差為1.10cm，是常數(shù)，因此由勻變速運動規(guī)律可小球做勻加速直線運動；

（2）根據(jù)作差法得：

a==

故答案為：

（1）相等；勻加速；

（2）．19、200100【分析】【分析】根據(jù)自由落體運動位移時間公式求出2s內(nèi)的位移，再根據(jù)求解2s的過程中重力的功率，根據(jù)v=gt求出2s末的瞬時速度，再根據(jù)P=mgv求出1s末重力的瞬時功率．【解析】【解答】解：1s末的速度為v=gt=10m/s

瞬時功率為P=mgv=2×10×10W=200W

1s內(nèi)的位移h=；

則物體開始下落1s的過程中重力的功率

故答案為：200，10020、3：4【分析】【分析】對A分析，靠AB拉力提供向心力，對B分析，OB和AB拉力的合力提供向心力，結(jié)合牛頓第二定律，抓住兩球的角速度相等求出兩段拉力之比．【解析】【解答】解：A、B兩球的角速度相等，對A分析有：

對B有：；

線段OA=3OB，聯(lián)立解得TBA：TOB=3：4．

故答案為：3：4；21、B向A1.6×10-9C【分析】【分析】金屬導體中能自由移動的是自由電子，完全相同的帶電小球接觸時，若是同種電荷則將總電量平分，若是異種電荷則先中和然后將剩余電量平分，故電子從B向A移動．【解析】【解答】解：金屬導體中能自由移動的是自由電子；當完全相同的帶電絕緣體金屬小球A；B接觸時，電子從B向A轉(zhuǎn)移．

最后兩球帶同樣的電荷，均為：Q==1.6×10-9C；

故答案為：B向A，1.6×10-922、測定古生物年齡示蹤原子【分析】【分析】根據(jù)放射性同位素性質(zhì)，結(jié)合生活中的實際，即可求解．【解析】【解答】解：1．用放射性同位素測定古生物年齡．

2．用放射性同位素作為示蹤劑．因此放射性同位素主要有兩方面的作用：（1）測定古生物年齡；（2）示蹤原子；

故答案為：測定古生物年齡；示蹤原子．23、12604【分析】【分析】當靜水速與河岸垂直時；渡河時間最短，由位移與速度的關(guān)系，即可求出最短時間；

因船在靜水中的速度大于水流速度，當船的合速度垂直河岸時，船渡河的位移最短，最短位移即為河寬，由幾何關(guān)系可求此時速度【解析】【解答】解：設(shè)河寬為d，水速為v1，船在靜水中的航速為v2；

當小船的船頭始終正對河岸時，渡河時間最短設(shè)為t，則有：t===12m/s

船在靜水中的速度大于水流速度；當船的合速度垂直河岸時，船渡河的位移最短，最短位移即為河寬60m，此時速度為：

v===4m/s

故答案為：12，60，4四、判斷題(共2題，共10分)24、×【分析】【分析】結(jié)合產(chǎn)生感應電流的條件：閉合回路的磁通量發(fā)生變化即可正確判定．【解析】【解答】解：產(chǎn)生感應電流的條件是閉合回路的磁通量發(fā)生變化；題目中穿過閉合導體回路所包圍面積的磁通量為零時，沒有說明磁通量是否變化，所以不能判斷出沒有感應電流產(chǎn)生．所以以上說法是錯誤的．

故答案為：×25、×【分析】【分析】由萬有引力定律知兩個物體之間存在萬有引力充當向心力，繞地球做圓周運動的物體受到的萬有引力提供向心力，處于失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：繞地球做圓周運動的物體受到萬有引力提供向心力；處于失重狀態(tài)．而不是不受到地球的吸引力．故該說法是錯誤的．

故答案為：×五、證明題(共4題，共32分)26、略

【分析】【分析】（1）根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2；根據(jù)幾何關(guān)系得到入射角正弦和折射角的正弦．結(jié)合光傳播距離公式s=vt求解．

（2）根據(jù)光線在兩種介質(zhì)中的速度之比為入射角和折射角的正弦之比，通過幾何關(guān)系求出A1C1B1和A2C2B2的長度相差的距離【解析】【解答】解：（1）證明：如圖，根據(jù)惠更斯原理畫出波面C1D1與C2D2．

在RT△C1D1C2和RT△C2D2C1中：∠C2C1D1=θ1，∠C1C2D2=θ2；有：

，

又因為D1C2=v1t，C1D2=v2t

所以聯(lián)立各式得：得證。

（2）根據(jù)，v1：v2=4：3和θ1=53°得：θ2=37°

所以C1C2=1.0m，D1C2=0.8m，C1D2=0.6m

所以A1C1B1與A2C2B2的長度相差：△r=D1C2-C1D2=0.2m

答：（1）證明見上．

（2）A1C1B1與A2C2B2的長度相差0.2m．27、略

【分析】【分析】從p-V圖中找到某一過程中發(fā)生的是什么變化．

能夠運用控制變量法研究多個物理量變化時的關(guān)系．【