2024年粵教版高二物理上冊月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年粵教版高二物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、如圖13所示的勻強(qiáng)磁場中，有一直導(dǎo)線ab在一個導(dǎo)體框架上向左運動，那么ab導(dǎo)線中感應(yīng)電流方向（有感應(yīng)電流）及ab導(dǎo)線所受安培力方向分別是：（）(A)電流由b向a，安培力向左(B)電流由b向a，安培力向右(C)電流由a向b，安培力向左(D)電流由a向b，安培力向右2、下列說法正確的是（）A.兩支鉛筆靠在一起，自然光從筆縫中通過后就成了偏振光B.偏振光可以是橫波，也可以是縱波C.因為激光的方向性好，所以激光不能發(fā)生衍射現(xiàn)象D.激光可以像手術(shù)刀一樣切除腫瘤3、下列關(guān)于磁場和磁感線的描述，正確的是A.磁鐵能產(chǎn)生磁場，電流也能產(chǎn)生磁場；B.磁感線從磁體的N極出發(fā)，終止于磁體的S極;C.沿磁感線方向，磁場逐漸減弱；D.磁感線只能表示磁場的方向，不能表示磁場的強(qiáng)弱。4、半圓形導(dǎo)軌豎直放置，不均勻磁場水平方向并垂直于軌道平面，一個金屬環(huán)在軌道內(nèi)來回滾動，如圖所示，若空氣阻力不計，則A.金屬環(huán)做等幅振動B.金屬環(huán)做減幅振動C.金屬環(huán)做增幅振動D.無法確定5、如圖所示，振子以O(shè)點為平衡位置在A、B間做簡諧運動，從振子第一次到達(dá)P點開始計時，則（）A.振子第二次到達(dá)P點的時間間隔為一個周期B.振子第三次到達(dá)P點的時間間隔為一個周期C.振子第四次到達(dá)P點的時間間隔為一個周期D.振子從A點到B點或從B點到A點的時間間隔為一個周期6、有如下一些關(guān)于時間與時刻的說法；以下說法中指時刻的是(

)

壟脵7

點30

分上課；壟脷

一節(jié)課上45

分鐘；壟脹

飛機(jī)12

點整起飛；壟脺

汽車從南京開到上海需4

個小時．A.壟脵壟脷

B.壟脵壟脹

C.壟脷壟脹

D.壟脷壟脺

7、如圖所示，當(dāng)電流通過線圈時，磁針將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，以下的判斷正確的是(

)

A.當(dāng)線圈通以沿順時針方向的電流時，磁針N

極將指向讀者B.當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時，磁針S

極將指向讀者C.當(dāng)磁針N

極指向讀者，線圈中電流沿逆時針方向D.不管磁針如何偏轉(zhuǎn)，線圈中的電流總是沿順時針方向8、如圖所示，物體AB

的質(zhì)量分別為mAmB

且mA>mB.

二者用細(xì)繩連接后跨過定滑輪，A

靜止在傾角婁脠=30鈭?

的斜面上，B

懸掛著，且斜面上方的細(xì)繩與斜面平行.

若將斜面傾角婁脠

緩慢增大到45鈭?

物體A

仍保持靜止.

不計滑輪摩擦.

則下列判斷正確的是(

)

A.物體A

受細(xì)繩的拉力可能增大B.物體A

受的靜摩擦力可能增大C.物體A

對斜面的壓力可能增大D.物體A

受斜面的作用力可能增大9、汽車自動控制剎車系統(tǒng)(ABS)

的原理如圖所示.

鐵質(zhì)齒輪P

與車輪同步轉(zhuǎn)動，右端有一個繞有線圈的磁體(

極性如圖)M

是一個電流檢測器.

當(dāng)車輪帶動齒輪P

轉(zhuǎn)動時；靠近線圈的鐵齒被磁化，使通過線圈的磁通量增大，鐵齒離開線圈時又使通過線圈的磁通量減小，從而能使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流經(jīng)電子裝置放大后即實現(xiàn)自動控制剎車.

齒輪從圖示位置開始轉(zhuǎn)到下一個鐵齒正對線圈的過程中，通過M

的感應(yīng)電流的方向。

A.總是從左向右的B.總是從右向左的C.先從右向左，然后從左向右D.先從左向右，然后從右向左評卷人得分二、填空題(共9題，共18分)10、在遠(yuǎn)距離輸電中，輸送電壓為220

伏，輸送的電功率為44

千瓦，輸電線的總電阻為0.2

歐，在使用原副線圈匝數(shù)比為110

的升壓變壓器升壓，再用101

的降壓變壓器降壓方式送電時.

輸電線上損失的電壓為______V

損失的電功率為______W.

11、如圖所示，線圈內(nèi)有理想邊界的磁場，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增加時，有一帶電粒子靜止于水平放置的平行板電容器中間，則此粒子電性是______，若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率，則帶電粒子將______（填“向上運動”“向下運動”或靜止”）12、真空中有兩個靜止的點電荷，它們之間的作用力為F，若它們的帶電量都增大為原來的2倍，距離減小為原來的1/2，它們之間的相互作用力變?yōu)開___F．13、如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有a、b、c三點a、b相距4cm，b、c相距10cm。將一個帶電荷量為2×10－8C的電荷從a點移到b點時，電場力做功為4×10－6J。將此電荷從b點移到c點時電場力做功為______J，a、c間電勢差為______V。14、能源是人類社會活動的物質(zhì)基礎(chǔ)，其中常規(guī)能源有：____；____；天然氣．清潔能源有____；____；風(fēng)能等．15、如圖所示，勻強(qiáng)磁場B=0.1T，所用矩形線圈的匝數(shù)N=100，邊長ab=0.3m，bc=0.5m，以角速度ω=100πrad/s繞OO′軸勻速轉(zhuǎn)動．當(dāng)線圈平面通過中性面時開始計時，線圈中感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式為______．16、某同學(xué)用下列器材測定一節(jié)蓄電池的電動勢和內(nèi)阻．蓄電池的電動勢約為3V；內(nèi)阻很?。?/p>

A．量程是0.6A；內(nèi)阻約為0.5Ω的電流表；

B．量程是3V；內(nèi)阻是6kΩ的電壓表；

C．量程是l5V；內(nèi)阻是30kΩ，的電壓表；

D．阻值為0～1k；B，額定電流為0.5A的滑動變阻器；

E．阻值為0～10Ω；額定電流為2A的滑動變阻器；

F．定值電阻4Ω；額定功率4w；

G．電鍵S一個；導(dǎo)線若干．

（1）為了減小實驗誤差，電壓表應(yīng)選擇______（填器材代號），電路圖1中的導(dǎo)線應(yīng)連接到______（填“①”或“②”），改變滑動變阻器阻值時，為了使電壓表和電流表的讀數(shù)變化比較明顯，滑動變阻器應(yīng)選擇______（填器材代號）．

（2）用上問中的實驗電路進(jìn)行測量，讀出電壓表和電流表的讀數(shù)，畫出對應(yīng)的U一I圖線如圖2中圖線（a）所示，另有一電阻的U一I圖線如圖2中圖線（b）所示．若把該電阻單獨與這節(jié)蓄電池連接成閉合回路，則電池兩端的電壓為______V．（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）17、本題為選做題，考生只選擇一題作答鈭?A.

如圖所示，條形磁鐵正下方有一固定的單線圈，當(dāng)磁鐵豎直向下靠近線圈時，穿過線圈的磁通量將__(

填“變大”或“變小”)

在上述過程中，穿過線圈的磁通量變化了0.2Wb

經(jīng)歷的時間為0.5s

則線圈中的感應(yīng)電動勢為__V

．24鈭?B.

如圖所示，ab

是勻強(qiáng)電場中相距0.4m

的兩點，ab

間的電勢差為4.0V

則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為__V/m

把一正電荷從a

點移到b

點，該電荷的電勢能將__(

填“變大”“變小”或“不變”18、電磁打點計時器是一種使用______電源的計時儀器，它的工作電壓是______伏特；當(dāng)電源頻率是50Hz

時，它每隔______秒打一個點.

在紙帶上打出一系列的點，不僅記錄了時間，同時也記錄了相應(yīng)的______．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)19、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

20、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

21、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）22、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯）23、如圖所示，有一水平方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為9000N/C，在電場內(nèi)一水平面上作半徑為10cm的圓，圓上取A、B兩點，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圓心處放一電量為10﹣8C的正點電荷，則A處場強(qiáng)大小EA為零．________（判斷對錯）

評卷人得分四、簡答題(共2題，共18分)24、在一列橫波的傳播方向上有兩點P和Q；兩點間距離PQ=24m，它們的振動圖象如圖所示，P點距波源近．

（1）波速多大？

（2）若PQ＜λ（波長），畫出t=4.2s時，PQ之間的波形曲線．（請標(biāo)出坐標(biāo)的物理量及單位、有關(guān)數(shù)值）25、rm{[}化學(xué)rm{-}選修r(nóng)m{5}有機(jī)化學(xué)基礎(chǔ)rm{]}可用來制備抗凝血藥，通過如圖路線合成：rm{(1)A}與銀氨溶液反應(yīng)有銀鏡生成，寫出該反應(yīng)的離子方程式________。rm{(2)B隆煤C}的反應(yīng)類型是________。rm{(3)}寫出rm{D隆煤E}的化學(xué)方程式：________。rm{(4)}寫出rm{F}和過量rm{NaOH}溶液共熱時反應(yīng)的化學(xué)方程式：________。rm{(5)}下列關(guān)于rm{G}的說法正確的是________。rm{a.}能與溴單質(zhì)反應(yīng)rm{b.}能與金屬鈉反應(yīng)rm{c.1molG}最多能和rm{3mol}氫氣反應(yīng)rm{d.}分子式是rm{C_{9}H_{6}O_{3}}rm{(6)E}的同分異構(gòu)體很多，除rm{E}外符合下列條件的共________種。rm{壟脵}含苯環(huán)且能與氯化鐵溶液顯色rm{壟脷}苯環(huán)上有兩個取代基rm{壟脹}含酯基rm{(7)F}分子中有________種不同化學(xué)環(huán)境的氫原子。評卷人得分五、實驗題(共4題，共32分)26、如圖所示的電路中，R1=9Ω，R2=30Ω，S閉合時，電壓表V的示數(shù)為11.4V，電流表A的示數(shù)為0.2A，S斷開時，電流表A的示數(shù)為0.3A，求：（1）電阻R3的值；（2）電源電動勢E和內(nèi)阻r的值。27、某同學(xué)在老師講完電化學(xué)知識以后，自己在家做了一個水果電池，該同學(xué)查閱相關(guān)資料后得知，水果電池與一般干電池的電動勢、內(nèi)阻較為接近，為了測定該電池的電動勢和內(nèi)阻，該同學(xué)利用閉合電路歐姆定律U=E-Ir，設(shè)計了一個測量該電池的實驗。實驗原理如下圖中的甲、乙所示，應(yīng)該選擇，通過調(diào)節(jié)滑動變阻器得到多組U、I數(shù)據(jù)，依據(jù)U、I數(shù)據(jù)繪得的圖象如圖，則電動勢為V，內(nèi)阻為Ω28、如圖所示是“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實驗裝置。（1）將圖中所缺導(dǎo)線補(bǔ)接完整。（2）如果在閉合電鍵時發(fā)現(xiàn)靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么合上電鍵后，將線圈A迅速插入線圈B時，電流計指針___________；線圈A插入副線圈后，將滑動變阻器滑片迅速向左移動時，電流計指針_________。（填“向右偏”或“向左偏”）29、（4分）多用電表是日常生活中必不可少的檢測工具，在家電維修中得到廣泛的應(yīng)用。在用多用表的歐姆檔進(jìn)行測量時①當(dāng)轉(zhuǎn)換開關(guān)置于圖甲所示位置時，表針指示如圖乙所示，則被測電阻阻值是Ω。②若用該表再測量阻值約為30Ω的電阻時，在①中的前提下，接下來應(yīng)該進(jìn)行的操作是。評卷人得分六、證明題(共2題，共20分)30、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。31、如圖，兩根勁度系數(shù)分別為K1、K2的輕質(zhì)彈簧與小球相連結(jié)，另外一端固定不動。整個裝置位于光滑的水平地面上。當(dāng)小球位于O點時，兩彈簧均處于原長狀態(tài)。今把小球沿彈簧軸線方向拉離O一小段距離后放手。證明小球此后的運動為簡諧運動。參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、D【分析】根據(jù)右手定則，可判斷出感應(yīng)電流由a向b，再根據(jù)左手定則可判斷出安培力方向向右，D正確?！窘馕觥俊敬鸢浮緿2、D【分析】解：A；兩支鉛筆靠在一起；中間的縫遠(yuǎn)遠(yuǎn)地大于光的波長，因此，光從中通過時不會成為偏振光，故A錯誤。

B；光是橫波；偏振光也是橫波，故B錯誤。

C；激光也是光；因此激光就具有光波的特性，能夠發(fā)生衍射現(xiàn)象，故C錯誤；

D；醫(yī)學(xué)上利用激光切除腫瘤；主要是因為激光的方向性好，而且具有很高的能量．故D正確。

故選：D

偏振光是垂直于傳播方向的平面上；只沿某個特定方向振動，是橫波而不縱波；激光頻率高，不容易發(fā)生衍射；激光具有普通光所不具有的特點，可概括為三好（單色性好；相干性好、方向性好）一高（亮度高）．

查偏振光的概念，掌握激光的特點與用途．并理解光的干涉、衍射與多普勒效應(yīng)現(xiàn)象【解析】【答案】D3、A【分析】試題分析：磁鐵能產(chǎn)生磁場，電流也能產(chǎn)生磁場，故選項A正確；對于磁體外部，磁感線從N極出發(fā)終止于S極，內(nèi)部從S極出發(fā)終止于N極，故選項B錯誤；磁感線的疏密程度表示磁場的強(qiáng)弱，順著磁感線的方向磁場不一定減弱，故選項CD錯誤．考點：考查對磁場基本概念和描述的理解．【解析】【答案】A4、B【分析】試題分析：由于磁場是不均勻磁場，所以當(dāng)線圈在磁場中滾動時，穿過線圈的磁通量要發(fā)生變化，產(chǎn)生電能，所以消耗機(jī)械能，則金屬環(huán)的振幅逐漸減小，即金屬環(huán)做減幅振動。選項B正確。考點：電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化。【解析】【答案】B5、B【分析】解：ABC；從經(jīng)過某點開始計時；則再經(jīng)過該點兩次所用的時間為一個周期，故B正確，A、C錯誤．

D；振子從A到B或從B到A的時間間隔為半個周期；故D錯誤．

故選：B

彈簧振子的周期是振子完成一次全振動的時間；分析振子振動的過程，確定周期．

本題關(guān)鍵要抓住振子開始振動的方向有兩種，但從某點開始計時，再經(jīng)過該點兩次所用的時間為一個周期，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．【解析】【答案】B6、B【分析】解：壟脵7

點30

分上課；是指的時間點，是指時刻；

壟脷

一節(jié)課上45

分鐘；是指時間的長度，是指時間的間隔；

壟脹

飛機(jī)12

點整起飛；是指的時間點，是指時刻；

壟脺

汽車從南京開到上海需4

個小時；是指時間的長度，是指時間的間隔。

所以指時刻的是壟脵壟脹

所以B正確。

故選：B

時間是指時間的長度；在時間軸上對應(yīng)一段距離，時刻是指時間點，在時間軸上對應(yīng)的是一個點．

時刻具有瞬時性的特點，是變化中的某一瞬間；時間間隔具有連續(xù)性的特點，與某一過程相對應(yīng)．【解析】B

7、C【分析】解：安培定則：用右手握著通電線圈；四指指向電流的方向，大拇指所指的方向是通電線圈的N

極．

A；當(dāng)線圈通以沿順時針方向的電流時；根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的N

極，紙外是通電線圈的S

極．

通電線圈內(nèi)部的磁場是從S

極出來回到N

極；小磁針在通電螺線管的內(nèi)部，小磁針N

極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N

極垂直指向紙里.

故A錯誤；

B；當(dāng)線圈通以沿逆時針方向的電流時；根據(jù)安培定則知，紙里是通電線圈的S

極，紙外是通電線圈的N

極．

通電線圈內(nèi)部的磁場是從S

極出來回到N

極；小磁針在通電線圈的內(nèi)部，小磁針N

極受到的磁力和磁場方向相同，小磁針N

極垂直指向紙外，故B錯誤C正確D錯誤．

故選C．

一個通電線圈也有N

極和S

極；也按照安培定則判斷，紙里是線圈的N

極，紙外是線圈的S

極．

線圈外部的磁場是從線圈的N

極出來回到S

極；線圈內(nèi)部的磁場是從線圈的S

極出來回到N

極．

磁場中該點的磁體N

極受到磁力方向和該點的磁場方向相同．

通電線圈內(nèi)部的磁場方向和通電線圈外部的磁場方向不同．

通電線圈內(nèi)部的磁場從S

極出來回到N

極；通電線圈外部的磁場從N

極出來回到S

極．【解析】C

8、B【分析】解：

A；斜面傾角增大過程中；物體B

始終處于平衡狀態(tài)，因此繩子上拉力大小始終等于物體B

重力的大小，而定滑輪不省力，則物體A

受細(xì)繩的拉力保持不變，故A錯誤．

B、由題可知，開始時A

靜止在傾角為30鈭?

的斜面上；A

重力沿斜面的分力可能大于繩子的拉力，摩擦力沿斜面向上，隨著角度增大，重力沿斜面的分力逐漸增大，而繩子拉力不變，A

受到的靜摩擦力將增大，故B正確；

C；物體A

對斜面的壓力為：FN=mAgcos婁脠

隨著婁脠

的增大，cos婁脠

減小，因此物體A

對斜面的壓力將減小，故C錯誤．

D；物體受到的斜面的作用力是支持力和靜摩擦力的合力；由平衡條件得知，這個作用力大小等于物體的重力，保持不變.

故D錯誤．

故選B．

根據(jù)物體B

處于靜止?fàn)顟B(tài)；可知繩子上張力沒有變化；靜摩擦力的大小和方向取決于繩子拉力和物體A

重力沿斜面分力大小關(guān)系；正確對A

進(jìn)行受力分析，判斷其對斜面壓力的變化情況；

本題考查了動態(tài)平衡中各個力的變化情況，動態(tài)平衡問題是高中物理的重點，要熟練掌握各種處理動態(tài)平衡問題的方法，如本題中關(guān)鍵是把握繩子上拉力大小不變的特點進(jìn)行分析．【解析】B

9、C【分析】楞次定律指感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化。齒輪靠近線圈時被磁化；產(chǎn)生的磁場方向從右向左，齒輪P

從圖示位置按順時針方向轉(zhuǎn)過a

角的過程中，通過線圈的磁通量先減小，后增加；

根據(jù)楞次定律；線圈中感應(yīng)電流的磁場先向右后向左，根據(jù)右手螺旋定則判斷出感應(yīng)電流的方向，所以通過M

的感應(yīng)電流的方向先從右向左，然后從左向右，故C正確，ABD錯誤。

解決本題的關(guān)鍵掌握楞次定律的內(nèi)容：感應(yīng)電流具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化?！窘馕觥緾

二、填空題(共9題，共18分)10、480

【分析】解：在遠(yuǎn)距離輸電中；輸送電壓為220

伏，使用原副線圈匝數(shù)比為110

的升壓變壓器升壓，故升壓變壓器的輸出電壓為2200V

根據(jù)P=UI

輸出電流為：

I=44隆脕1000W2200V=20A

故電壓損失為：鈻?U=Ir=20A隆脕0.2婁賂=4V

電功率損失為：鈻?P=I2r=202隆脕0.2=80W

故答案為：480

．

根據(jù)變壓比公式求解升壓變壓器的輸出電壓U

根據(jù)P=UI

求解傳輸電流，根據(jù)鈻?U=Ir

求解電壓損失，根據(jù)鈻?P=I2r

求解功率的損失．

掌握住理想變壓器的電壓、電流及功率之間的關(guān)系，本題即可得到解決，注意輸電的電流的求解，及損失的功率計算．【解析】480

11、負(fù)電向上運動【分析】解：當(dāng)磁場均勻增加時；由楞次定律可判斷上極板帶正電。所以平行板電容器的板間的電場方向向下，帶電粒子受重力和電場力平衡，所以粒子帶負(fù)電。

若增大磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率；感應(yīng)電動勢增大，粒子受的電場力增大，則帶電粒子將向上運動。

故答案為：負(fù)；向上運動。

帶電粒子受重力和電場力平衡；由楞次定律可判斷極板帶電性質(zhì)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得出感應(yīng)電動勢變化，從而知道電場力的變化。

本題關(guān)鍵是電容器兩端電壓的表達(dá)，它是聯(lián)系電磁感應(yīng)定律和粒子受力情況的橋梁?！窘馕觥控?fù)電向上運動12、略

【分析】

由庫侖定律可得：

F=K

變化后F′==16F

故答案為：16．

【解析】【答案】由庫侖力公式可得出兩次作用力的表達(dá)式；則可求得距離減小后的相互作用力．

13、略

【分析】試題分析：由題，電荷從a點移到b點時，電場力做功為：Wab=qELab電荷從b點移到c點時電場力做功Wbc=qELbccos60°得Wab：Wbc=Lab：Lbccos60°=4：5,解得：Wbc=5×10﹣6Ja、c間電勢差Uac==450V考點：本題考查了勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系【解析】【答案】5×10－6J450V14、煤炭石油水力發(fā)電太陽能【分析】【解答】能源是人類社會活動的物質(zhì)基礎(chǔ)；其中常規(guī)能源有：煤炭；石油、天然氣、水力等，是促進(jìn)社會進(jìn)步和文明的主要能源；

清潔能源是不排放污染物的能源；有：水力發(fā)電；風(fēng)力發(fā)電、太陽能、生物能（沼氣）、海潮能等；

故答案為：煤炭；石油；水力發(fā)電；太陽能．

【分析】常規(guī)能源也叫傳統(tǒng)能源，是指已經(jīng)大規(guī)模生產(chǎn)和廣泛利用的能源．清潔能源是不排放污染物的能源，它包括核能和“可再生能源”．可再生能源是指原材料可以再生的能源，如水力發(fā)電、風(fēng)力發(fā)電、太陽能、生物能（沼氣）、海潮能這些能源．可再生能源不存在能源耗竭的可能，因此日益受到許多國家的重視，尤其是能源短缺的國家．15、略

【分析】解：（1）感應(yīng)電動勢的最大值為：Em=NBSω=100×0.1×（0.3×0.5）×100π=150πV

當(dāng)線圈平面通過中性面時開始計時，感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式：e=Emsinωt=150πsin100πt（V）

故答案為：e=150πsin100πt（V）

根據(jù)Em=NBSω求解感應(yīng)電動勢的最大值，然后根據(jù)e=Emsinωt求解感應(yīng)電動勢的瞬時值表達(dá)式；

本題主要考查了線圈在磁場中轉(zhuǎn)動產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，明確最大值及從哪個面開始轉(zhuǎn)動即可判斷【解析】e=150πsin100πt（V）16、略

【分析】解：（1）根據(jù)題意得內(nèi)阻很??；為零減小誤差所以采用電流表內(nèi)接法，即選擇①．

改變滑動變阻器阻值時；為了使電壓表和電流表的讀數(shù)變化比較明顯，滑動變阻器應(yīng)選擇E．

（2）若把該電阻單獨與這節(jié)蓄電池連接成閉合回路；

由電源U一I圖線可知電動勢為3.2v，內(nèi)阻r=-R0=1Ω；

由電阻的U一I圖線得串聯(lián)的電阻是5Ω；

若把該電阻單獨與這節(jié)蓄電池連接成閉合回路，則電池兩端的電壓為U=R=2.67V

故答案為：（1）①；E

（2）2.67

（1）根據(jù)題意得內(nèi)阻很小；為零減小誤差所以采用電流表內(nèi)接法．為方便實驗操作應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器．

（2）表示電源的伏安特性曲線是往下傾斜的直線；表示電阻的伏安特性曲線是過原點的曲線，若將兩圖象畫在同一坐標(biāo)系中，其交點即表示該電源與該電阻接在了同一個電路中了．

本題考查了實驗器材的選取、求電源電動勢與內(nèi)阻等問題，要掌握實驗器材的選取原則，要會由電源的U-I圖象求電源電動勢與內(nèi)阻【解析】；①；E；2.6717、-A．變大0.4

-B．10；變小

【分析】A.【分析】

由磁通量的定義可知線圈中磁通量的變化；由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得線圈中的感應(yīng)電動勢。

本題考查法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用；題目較為簡單，熟記法拉第電磁感應(yīng)定律即可求解。

【解答】

在磁體豎直向下落時；穿過線圈的磁感應(yīng)強(qiáng)度增大，故磁通量變大，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：

E=?婁碌?t=0.20.5V=0.4V

故答案為：變大；0.4

B

【分析】

明確勻強(qiáng)電場中電場強(qiáng)度與電勢差之間的關(guān)系；從而求出勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度，根據(jù)電荷受力方向，確定電場力做功情況，從而確定電勢能的變化。

本題考查勻強(qiáng)電場的性質(zhì)；要注意明確U=Ed

只能適用于勻強(qiáng)電場，同時明確沿電場線的方向電勢降落。

【解答】

根據(jù)U=Ed

可得電場強(qiáng)度E=Ud=4.00.4=10V/m

正電荷受力沿ab

方向，則可知，由a

到b

電場力做正功；因此電荷的電勢能將變??；

故答案為：10

變小。

【解析】鈭?A.-A.變大0.40.4

鈭?B.10-B.10變小

18、略

【分析】解：電磁打點計時器的工作電壓是4隆蘆6V

的交流電源；

當(dāng)電源頻率是50Hz

時；它們每隔0.02s

打一次點．

在紙帶上打出一系列的點；不僅記錄了時間，同時也記錄了相應(yīng)的位置．

故答案為：交流；4隆蘆60.02

位置．

了解電磁打點計時器和電火花打點計時器的工作電壓；工作原理即可正確解答；同時要熟練使用打點計時器進(jìn)行有關(guān)的操作．

對于基本實驗儀器，要會正確使用，了解其工作原理，為將來具體實驗打好基礎(chǔ)，對于實驗裝置和工作原理，我們不僅從理論上學(xué)習(xí)它，還要從實踐上去了解它，自己動手去做做．【解析】交流；4隆蘆60.02

位置三、判斷題(共5題，共10分)19、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．20、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大小．21、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．22、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯誤；

故答案為：錯誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．23、A【分析】【解答】解：點電荷在A點的場強(qiáng)

根據(jù)場強(qiáng)的疊加原理得；則兩點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，A點的場強(qiáng)大小為。

EA=E點﹣E勻=9×103N/C﹣9×103N/C=0；所以A處場強(qiáng)大小為0

故答案為：正確。

【分析】根據(jù)公式E=k求出點電荷在A點處產(chǎn)生的場強(qiáng)大小，判斷出場強(qiáng)方向，A點的場強(qiáng)是由正點電荷和勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的合成，根據(jù)平行四邊形定則求解A點處的場強(qiáng)大小及方向．四、簡答題(共2題，共18分)24、略

【分析】

（1）先根據(jù)振動圖象得出周期；P點距波源近，P點與Q點振動早，根據(jù)振動圖象，P與Q振動時間相隔至少，得出時間與周期的關(guān)系式，求出波速．

（2）根據(jù)PQ＜λ求出波長；根據(jù)振動圖象得出t=0時，P；Q的位置及振動情況，再結(jié)合t=4.2s與周期的關(guān)系判斷t=4.2s時，P、Q的位置及振動情況，進(jìn)而畫出圖象．

本題通過振動圖象表示兩個質(zhì)點的狀態(tài)，根據(jù)同一時刻兩質(zhì)點的狀態(tài)，分析波傳播時間與周期關(guān)系，也可以分析兩質(zhì)點間距離與波長的關(guān)系．【解析】解：（1）根據(jù)振動圖象可知；橫波的周期T=1.2s；

表明P點先于Q點振動．由圖可知，P點的振動狀態(tài)傳到Q點需要時間：△t=（n+）T=（0.4n+0.3）s；

則波速（n=0；1、2）

（2）波長λ=vT=（n=0；1、2）；

若PQ＜λ；則n=0，此時波長λ=32m；

t=4.2s=

根據(jù)振動圖象可知，t=0時，P在波峰處，Q在平衡位置處且向下振動，則經(jīng)過P在波谷處，Q在平衡位置處且向上振動；

PQ之間的波形曲線；如圖所示：

答：（1）波速為（n=0；1、2）；

（2）PQ之間的波形曲線如圖所示．25、rm{(1)}rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}^{+}+2OH^{-}overset{{脣廬脭隆錄脫脠脠}}{}CH_{3}COO^{-}+NH_{4}^{+}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{(1)}取代反應(yīng)rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}^{+}+2OH^{-}

overset{{脣廬脭隆錄脫脠脠}}{

}CH_{3}COO^{-}+NH_{4}^{+}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}rm{+CH_{3}OHoverset{{脜簍脕貌脣謾},{錄脫脠脠}}{}}rm{(2)}rm{(2)}rm{+3NaOHoverset{triangle}{}}rm{(3)}rm{(3)}rm{+CH_{3}OHoverset{{脜簍脕貌脣謾},{錄脫脠脠}}{

}}rm{+H_{2}O}rm{(4)}rm{(4)}rm{+3NaOHoverset{triangle}{

}}rm{+CH_{3}COONa+CH_{3}OH+H_{2}O}【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷、有機(jī)物結(jié)構(gòu)與性質(zhì)、有機(jī)反應(yīng)類型、同分異構(gòu)體等，難度不大，注意掌握有機(jī)物官能團(tuán)的性質(zhì)和轉(zhuǎn)化，結(jié)合反應(yīng)條件及有機(jī)物結(jié)構(gòu)簡式進(jìn)行解答?！窘獯稹縭m{A}與銀氨溶液反應(yīng)有銀鏡生成，則rm{A}中存在醛基，由流程可知rm{A}與氧氣反應(yīng)可以生成乙酸，則rm{A}為rm{CH_{3}CHO}由rm{B}和rm{C}的結(jié)構(gòu)簡式可以看出，乙酸分子中的羥基被氯原子取代，發(fā)生了取代反應(yīng)，rm{D}與甲醇在濃硫酸條件下發(fā)生酯化反應(yīng)生成rm{E}則rm{E}的結(jié)構(gòu)簡式為由rm{F}的結(jié)構(gòu)簡式可知，rm{C}和rm{E}在催化劑條件下脫去一個rm{HCl}分子得到rm{F}

rm{(1)}由以上分析可知，rm{A}為rm{CH_{3}CHO}與銀氨溶液反應(yīng)的離子方程式為：rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}^{+}+2OH^{-}overset{{脣廬脭隆錄脫脠脠}}{}CH_{3}COO^{-}+NH_{4}^{+}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}

故答案為：rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}^{+}+2OH^{-}overset{{脣廬脭隆錄脫脠脠}}{}CH_{3}COO^{-}+NH_{4}^{+}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}

rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}^{+}+2OH^{-}

overset{{脣廬脭隆錄脫脠脠}}{

}CH_{3}COO^{-}+NH_{4}^{+}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}由rm{CH_{3}CHO+2Ag(NH_{3})_{2}^{+}+2OH^{-}

overset{{脣廬脭隆錄脫脠脠}}{

}CH_{3}COO^{-}+NH_{4}^{+}+2Ag隆媒+3NH_{3}+H_{2}O}和rm{(2)}的結(jié)構(gòu)簡式可以看出；乙酸分子中的羥基被氯原子取代，發(fā)生了取代反應(yīng)，故答案為：取代反應(yīng)；

rm{B}的化學(xué)方程式為：rm{+CH_{3}OHoverset{{脜簍脕貌脣謾},{錄脫脠脠}}{}}rm{C}

故答案為：rm{+CH_{3}OHoverset{{脜簍脕貌脣謾},{錄脫脠脠}}{}}rm{(3)D隆煤E}

rm{+CH_{3}OHoverset{{脜簍脕貌脣謾},{錄脫脠脠}}{

}}和過量rm{+H_{2}O}溶液共熱時反應(yīng)的化學(xué)方程式為：rm{+3NaOHoverset{triangle}{}}rm{+CH_{3}OHoverset{{脜簍脕貌脣謾},{錄脫脠脠}}{

}}

故答案為：rm{+3NaOHoverset{triangle}{}}rm{+H_{2}O}

rm{(4)F}分子的結(jié)構(gòu)中存在苯環(huán)、酯基、羥基、碳碳雙鍵，所以能夠與溴單質(zhì)發(fā)生加成反應(yīng)或者取代反應(yīng)，能夠與金屬鈉反應(yīng)產(chǎn)生氫氣，rm{NaOH}和rm{+3NaOHoverset{triangle}{

}}正確；rm{+CH_{3}COONa+CH_{3}OH+H_{2}O}含有rm{+3NaOHoverset{triangle}{

}}碳碳雙鍵和rm{+CH_{3}COONa+CH_{3}OH+H_{2}O}苯環(huán)，所以需要rm{(5)G}氫氣，rm{a}錯誤，rm的分子式為rm{1molG}rm{1mol}正確，故答案為：rm{1mol}

rm{4mol}rm{c}的同分異構(gòu)體很多，除rm{G}外符合下列條件：rm{C_{9}H_{6}O_{3}}含苯環(huán)且能與氯化鐵溶液顯色，含有酚羥基，rmsewm2u2苯環(huán)上有兩個取代基，rm{ab