2025年冀教版高二物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年冀教版高二物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示，兩個固定的相同細(xì)環(huán)相距一定的距離，同軸放置，O1、O2分別為兩環(huán)的圓心，兩環(huán)分別帶有均勻分布的等量異種電荷．一帶正電的粒子從很遠(yuǎn)處沿軸線飛來并穿過兩環(huán)，則在帶電粒子運動過程中()A.在O1點粒子加速度方向向左B.從O1到O2過程粒子電勢能一直增加C.軸線上O1點右側(cè)存在一點，粒子在該點動能最小D.軸線上O1點右側(cè)、O2點左側(cè)都存在場強(qiáng)為零的點，它們關(guān)于O1、O2連線中點對稱2、街道旁的路燈、江海里的航標(biāo)燈都要求夜晚亮、白天熄，利用半導(dǎo)體的電學(xué)特性制成了自動點亮、熄滅的裝置，實現(xiàn)了自動控制，這是利用半導(dǎo)體的()A.壓敏性B.光敏性C.熱敏性D.霍爾效應(yīng)3、光導(dǎo)纖維在信息傳遞方面有很多應(yīng)用；如內(nèi)窺鏡；光纖通信等．如圖所示為醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡，它利用光導(dǎo)纖維進(jìn)行工作所依據(jù)的原理是（）

A.光的折射。

B.光的全反射。

C.光的干涉。

D.光的色散。

4、某電場線如圖所示，質(zhì)子在A、B兩點受到電場力的大小分別為FA和FB；則它們的關(guān)系是（）

A.FA=FB

B.FA＞FB

C.FA＜FB

D.無法確定。

5、帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中垂直于磁場方向運動時，所受洛倫茲力的方向A.與磁場方向相同B.與磁場方向相反C.與速度方向相同D.既垂直于磁場方向，又垂直于速度方向評卷人得分二、填空題(共7題，共14分)6、實驗發(fā)現(xiàn)，平行板電容器極板間的其他條件相同、極板的正對面積越____，電容器的電容就越大，儲存電荷的能力就越高．（填“大”或“小”）7、某人用多用電表按正確步驟測量一電阻阻值，指針指示位置如圖所示，則該電阻值是____．如果要用該多用電表測量一個阻值約200Ω的電阻，為了使測量比較精確，選擇開關(guān)應(yīng)選的歐姆擋是____．

8、如圖所示，在豎直放置的光滑半圓弧形絕緣細(xì)管的圓心處放一點電荷，將質(zhì)量為m，帶電荷量為q的小球從圓弧管水平直徑的端點A由靜止釋放，當(dāng)小球沿細(xì)管下滑到最低點時，對細(xì)管的上壁的壓力恰好與球重相同，則圓心處的電荷在圓弧管內(nèi)產(chǎn)生的電場的場強(qiáng)大小為.9、如圖所示為研究決定平行板電容器電容因素的實驗裝置.

兩塊相互靠近的等大正對平行金屬平板M

、N

組成電容器，板N

固定在絕緣座上并通過導(dǎo)線與靜電計中心桿相接，板M

和靜電計的金屬殼都通過導(dǎo)線接地，板M

上裝有絕緣手柄，可以執(zhí)手柄控制板M

的位置.

給電容器充上一定的電荷，靜電計指針張開一定角度.

若僅將兩極板間的距離增大，則靜電計指針的偏角將__________(

選填“變大”、“不變”或“變小”)

若僅將M

沿平行板面方向移動一段距離以減小兩極板間的正對面積，則靜電計指針的偏角將__________(

選填“變大”、“不變”或“變小”)

若在兩板板間插入云母片，且保持其他條件不變，則靜電計指針的偏角將__________(

選填“變大”、“不變”或“變小”)

若在兩極板間插入一塊不與兩板接觸的厚金屬板P

且保持其他條件不變，則靜電計指針偏角將__________(

選填“變大”、“不變”或“變小”)

插入后金屬板P

內(nèi)部的電場強(qiáng)度大小為__________．10、在一根電阻絲兩端加上一定的電壓U

電功率為P

則導(dǎo)線的電阻值為______，若將導(dǎo)線均勻拉長為原來的3

倍，則電阻值變?yōu)樵瓉淼腳_____倍.

11、如圖所示，電子射線管位于通電導(dǎo)線ab正下方，該裝置可以演示電子在磁場中的偏轉(zhuǎn)．若實驗發(fā)現(xiàn)電子束的徑跡向上偏轉(zhuǎn)，導(dǎo)線中電流的方向是____．

12、如圖所示的電場中，A、B兩點的場強(qiáng)大小EA______EB（選填“＞”；“＜”或“=”）．

已知A點的電場強(qiáng)度E=2.0×104N/C，將電荷量q=+2.0×10-8C的點電荷放在A點．該點電荷在A點所受靜電力F的大小為______．評卷人得分三、判斷題(共7題，共14分)13、電場線與等勢面相互垂直，沿著同一等勢面移動電荷時靜電力不做功．（判斷對錯）14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）15、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯）16、空間兩點放置兩個異種點電荷a、b，其所帶電荷量分別為qa和qb，其產(chǎn)生的電場的等勢面如圖所示，且相鄰等勢面間的電勢差均相等，電場中A、B兩點間的電勢大小的關(guān)系為φA＞φB，由此可以判斷出a為正電荷，且有qa＜qb．________（判斷對錯）

17、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

18、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點間的電勢差隨著零電勢點的選取變化而變化．（判斷對錯）19、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點運動到c點．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯）

評卷人得分四、識圖作答題(共1題，共6分)20、下圖為水稻的幾種不同育種方法示意圖，據(jù)圖回答下列問題：

(1)假設(shè)你想培育一個能穩(wěn)定遺傳的水稻品種，它的性狀都是由隱性基因控制的，最簡單的育種方法是_____________(填字母),該方法所運用的原理是________________。如果都是由顯性基因控制的，為縮短育種時間常采用的方法是______________(填中文名稱)。(2)B過程常用的方法是____________，圖中用到秋水仙素的過程有___________(填字母)。(3)現(xiàn)在某研究所有三個水稻品種，①的基因型為aaBBDD，②的基因型為AAbbDD，③的基因型為AABBdd，三對等位基因分別位于三對同源染色體上。請運用雜交育種方法，利用以上三個品種設(shè)計獲得基因型為aabbdd的植株的簡單步驟：______________________________________(用文字簡要描述獲得過程)。評卷人得分五、簡答題(共2題，共8分)21、如圖所示的電路中，電阻R的阻值為5Ω，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻r=1Ω，用理想電壓表測出電動機(jī)兩端電壓U=6V，已知電動機(jī)線圈電阻RM=1Ω．

（1）通過電動機(jī)的電流；

（2）電動機(jī)的輸出功率．22、為測定某有機(jī)化合物rm{A}的結(jié)構(gòu)，進(jìn)行如下實驗：

I.分子式的確定：rm{(1)}將一定量有機(jī)物rm{A}置于氧氣流中充分燃燒，實驗測得：生成rm{3.6gH_{2}O}和rm{8.8gCO_{2}}消耗氧氣rm{5.6L(}標(biāo)準(zhǔn)狀況下rm{)}則該物質(zhì)中各元素的原子個數(shù)比是____。rm{(2)}用質(zhì)譜儀測定該有機(jī)化合物的相對分子質(zhì)量，得到如圖rm{壟脵}所示質(zhì)譜圖，由此確定該物質(zhì)的分子式是____。rm{(3)}根據(jù)價鍵理論，預(yù)測rm{A}的可能結(jié)構(gòu)有____種。rm{II.}結(jié)構(gòu)式的確定：rm{(4)}經(jīng)測定，有機(jī)物rm{A}的核磁共振氫譜示意圖如圖rm{壟脹}則rm{A}的結(jié)構(gòu)簡式為____。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|C|D【分析】試題分析：在O1點時，右環(huán)上電荷由于關(guān)于O1對稱，所以其在O1產(chǎn)生的電場強(qiáng)度為0，而-Q各點在O1產(chǎn)生的場強(qiáng)水平向左，故+q在O1點所受電場力方向向左，故加速度的方向水平向左，故選項A正確；在+q從O1向O2運動的過程中+Q對+q的電場力向左，-Q對+q的作用力方向也向左，故電場力對+q始終做正功，故+q的電勢能一直減小，故選項B錯誤；根據(jù)可知在O1右側(cè)+Q產(chǎn)生的場強(qiáng)的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場強(qiáng)大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場但場強(qiáng)卻不會為0，故合場強(qiáng)為0的位置應(yīng)該在O1的右側(cè)，而在合力為0之前合外力做負(fù)功，動能持續(xù)減小，之后合力做正功，動能增大，故動能最小的點在O1的右側(cè)，故選項C正確；根據(jù)可知在O1右側(cè)+Q產(chǎn)生的場強(qiáng)的先增大后減小且一直減小到0，而-Q的場強(qiáng)大多數(shù)情況下小于+Q產(chǎn)生的電場但場強(qiáng)卻不會為0，故合場強(qiáng)為0的位置應(yīng)該在O1的右側(cè)，同理O2的左側(cè)也有場強(qiáng)為0的位置，而O1和O2之間場強(qiáng)始終大于0，由于兩個電荷的電荷量相同，故電場關(guān)于O1、O2的連線對稱，故選項D正確．考點：本題關(guān)鍵通過將細(xì)環(huán)分割為若干點電荷進(jìn)行處理，結(jié)合對稱性得其電場在中軸線分布特點，進(jìn)而分析兩個細(xì)環(huán)合電場的分布特點，然后再根據(jù)電場力做功與電勢能變化的關(guān)系進(jìn)行分析處理；其中，特別要注意分析中軸線上合場強(qiáng)為零的點的位置．【解析】【答案】ACD2、B【分析】【解答】解:壓敏性指的是對壓力的敏感性；通過對壓力的變化改變電阻阻值的原理，路燈和航標(biāo)燈沒有涉及壓力的問題，所以A項錯誤；在光照下電阻發(fā)生變化，導(dǎo)致電流發(fā)生變化，實現(xiàn)自動控制，光敏電阻可以起到開關(guān)的作用，在需要對光照有靈敏反應(yīng)的自動控制設(shè)備中有廣泛應(yīng)用，所以B項正確；溫度變化時，電阻變得非常迅速，它能將溫度變化轉(zhuǎn)化為電信號，可以知道溫度變化的情況，所以C項錯誤；霍爾效應(yīng)是電磁效應(yīng)的一種，當(dāng)電流垂直于外磁場通過導(dǎo)體時，在導(dǎo)體的垂直于磁場和電流方向的兩個端面之間會出現(xiàn)電勢差，這一現(xiàn)象就是霍爾效應(yīng)，與本題不相關(guān)，所以D項錯誤。

【分析】傳感器的作用是將溫度、力、光、聲音等非電學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量．光敏電阻是將光學(xué)量轉(zhuǎn)換為電學(xué)量3、B【分析】

纖維式內(nèi)窺鏡是利用光導(dǎo)纖維的全反射性．

故選：B

【解析】【答案】醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡；它利用光導(dǎo)纖維的全反射性，從而能看到身體內(nèi)的病變位置．

4、C【分析】

從圖中可以看出；A點電場線比B點密，因此A點場強(qiáng)比B點強(qiáng)，根據(jù)F=Eq可知，A點電場力大，故ABD錯誤，C正確．

故選C．

【解析】【答案】為了形象的描述電場的強(qiáng)弱和方向引入了電場線的概念；在電場中電場線密的地方電場強(qiáng)度大，稀疏的地方電場強(qiáng)度小，據(jù)此可正確解答本題．

5、D【分析】【分析】洛倫茲力的方向與磁場方向垂直，又與速度方向垂直，只改變速度的方向，不改變速度的大小，從而可求解。解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則，知道洛倫茲力的方向，注意洛倫茲力只改變速度的方向，不改變速度的大小?！窘獯稹扛鶕?jù)左手定則可知，洛倫茲力的方向與磁場方向垂直，又與速度方向垂直，所以洛倫茲力不做功，不改變速度的大小，只改變速度的方向，而速度與磁場方向不一定垂直，也可能有一定的夾角，故ABC錯誤，D正確。故選D?！窘馕觥緿

二、填空題(共7題，共14分)6、略

【分析】

根據(jù)電容器電容的決定式C=可知；電容與極板正對面積成正比，所以在其他條件相同時，極板的正對面積越大，電容器的電容就越大，儲存電荷的能力就越高．

故答案為：大。

【解析】【答案】電容是表征電容器容納電荷本領(lǐng)大小的物理量；根據(jù)電容的決定式分析極板正對面積與電容的關(guān)系．

7、略

【分析】

由圖知選擇開關(guān)置于×100；指針示數(shù)為12，所以電阻為12×100=1200Ω；

指針指在中央附近較準(zhǔn)確；所以選擇開關(guān)置于×10擋．

故答案為：1200Ω；×10擋。

【解析】【答案】用歐姆表測電阻的讀數(shù)為指針示數(shù)乘以倍率；當(dāng)指針指在中央附近時測量值較準(zhǔn)確．

8、略

【分析】試題分析：小球從A到最低點過程，電場力不做功，由動能定理得：在最低點，由牛頓第二定律：又解得考點：考查了動能定理的應(yīng)用【解析】【答案】9、變大；變大；變小；變?。?【分析】【分析】靜電計測量電容器板間電勢差，電勢差越大，指針張角越大.

根據(jù)電容的決定式和定義式結(jié)合分析靜電計指針張角的變化。對于電容器的動態(tài)變化分析問題，往往先根據(jù)電容的決定式分析電容如何變化，再根據(jù)電容的定義式，結(jié)合不變量，分析電壓或電量的變化?！窘獯稹恐粚彘g距離d

增大，由電容的決定式C=?S4婁脨kd

分析得知；電容減小，電量Q

不變；

則由C=QU

分析得到板間電勢差U

增大，靜電計指針張角變大．只將M

沿平行板面方向移動一段距離以減小兩極板間的正對面積S

由電容的決定式C=?S4婁脨kd

分析得知，電容減小，電量Q

不變，則由C=QU

分析得到板間電勢差U

增大，靜電計指針張角變大．若在兩板板間插入云母片；且保持其他條件不變；

由電容的決定式C=?S4婁脨kd

分析得知；電容增大，電量Q

不變；

則由C=QU

分析得到板間電勢差U

減小，靜電計指針張角變?。粼趦蓸O板間插入一塊不與兩板接觸的厚金屬板P

且保持其他條件不變，相當(dāng)于極板間距減?。?/p>

由電容的決定式C=?S4婁脨kd

分析得知，電容增大，電量Q

不變，則由C=QU

分析得到板間電勢差U

減小，靜電計指針張角變?。迦牒蠼饘侔搴?；處于靜電平衡狀態(tài)，那么P

內(nèi)部的電場強(qiáng)度處處為零；

故答案為：變大；變大；變?。蛔冃。?

【解析】變大；變大；變??；變??；0

10、略

【分析】解：在一根電阻絲兩端加上一定的電壓U

電功率為P

故電流為：I=PU

根據(jù)歐姆定律，電阻R=UI=U2P

將導(dǎo)線均勻拉長為原來的3

倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼?3

根據(jù)電阻定律公式R=婁脩LS

電阻將變?yōu)樵瓉淼?

倍；

故答案為：U2P9

．

根據(jù)P=UIU=IR

列式求解導(dǎo)線的電阻值；再根據(jù)電阻定律公式R=婁脩LS

列式分析電阻的變化情況．

本題關(guān)鍵是根據(jù)歐姆定律公式、電功率的定義公式和電阻定律公式列式分析，基礎(chǔ)題目．【解析】U2P9

11、略

【分析】

電子運動方向從負(fù)極流向正極，根據(jù)左手定則，四指指向電子運動的反方向，即指向負(fù)極，大拇指指向電子偏轉(zhuǎn)方向，由此得出導(dǎo)線下方磁場方向垂直紙面向外，根據(jù)右手螺旋定則可知，導(dǎo)線ab中的電流方向從b指向a．

故答案為：b指向a．

【解析】【答案】電子在磁場中運動；受到洛倫茲力的作用而發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)電子的偏轉(zhuǎn)方向，判斷出磁場方向，然后根據(jù)右手螺旋定則，判斷出導(dǎo)線中電流方向．

12、略

【分析】解：電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大．則知EA＞EB．

點電荷在A點所受靜電力F的大小為F=qE=2.0×10-8×2.0×104N=4×10-4N

故答案為：＞，4×10-4N．

電場強(qiáng)度的大小可以看電場線的疏密程度；電場線越密的地方電場強(qiáng)度越大．根據(jù)F=qE求電場力的大?。?/p>

本題的關(guān)鍵在于明確電場線的物理意義，知道電場線的疏密表示電場強(qiáng)度的大?。莆针妶隽Φ墓紽=qE，并能熟練運用．【解析】＞；4×10-4N三、判斷題(共7題，共14分)13、A【分析】【解答】解：根據(jù)電場線的特點可知；沿電場線的方向電勢降低；電場線垂直于等勢面、同一等勢面移動電荷電場力不做功．

故答案為：正確．

【分析】解決本題要根據(jù)：電場線是人為假想的曲線，從正電荷或無限遠(yuǎn)出發(fā)，終止于無限遠(yuǎn)或負(fù)電荷，不閉合，電場線疏密描述電場強(qiáng)弱，電場線密的地方，電場強(qiáng)度大，疏的地方電場強(qiáng)度弱，沿電場線的方向電勢降低．14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大??；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時，電荷才不會移動．此時導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．16、B【分析】【解答】解：若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較；可以得到：靠近正電荷的點電勢高，靠近負(fù)電荷的點，電勢較低．所以，a處為正電荷．

等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖象中的等勢面左右對稱；無窮遠(yuǎn)處的電勢為0．該圖象的左側(cè)的等勢線比較密，無窮遠(yuǎn)處的電勢為0，所以無窮遠(yuǎn)處到兩點之間的電勢差相比，與a點之間的電勢差比較大，所以a點所帶的電量就多．

故答案為：錯誤．

【分析】若把該圖象與等量異種點電荷電場中的部分等勢面圖比較，很容易得出正確的結(jié)論．17、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?8、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大?。?/p>

兩點間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點的位置決定，與零電勢點的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯誤．

故答案為：錯誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大小；電勢差與零電勢點的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．19、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點在一個等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點在一個等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、識圖作答題(共1題，共6分)20、（1）AD基因重組單倍體育種（2）花藥（花粉）離體培養(yǎng)CF（3）①與②雜交得到雜交一代，雜交一代與③雜交得到雜交二代，雜交二代自交，得到基因型為aabbdd的種子，該種子可長成基因型為aabbdd的植株【分析】【分析】本題將幾種不同的育種方法結(jié)合在一起，考查了學(xué)生的育種方法及識圖能力，訓(xùn)練了學(xué)生的綜合實踐能力。準(zhǔn)確判斷圖解中各種育種方法是解答本題的關(guān)鍵。1、分析題圖：AD為雜交育種，ABC為單倍體育種，E為基因工程育種，F(xiàn)為多倍體育種。2、四種育種方法的比較如下表：【解答】（1）想培育一個穩(wěn)定遺傳的水稻品種，它的性狀都是由隱性基因控制的，最簡單的育種方法是AD雜交育種，該方法所運用的原理是基因重組。如果都是由顯性基因控制的，為縮短育種時間常采用的方法是ABC單倍體育種。（2）B過程常用的方法是花藥離體培養(yǎng)，C、F過程常用的藥劑是秋水仙素。（3）根據(jù)基因的自由組合定律，把基因型為aaBBDD的①品種，基因型為AAbbDD的②品種進(jìn)行雜交，并將得到的雜交一代與基因型為AABBdd的③品種雜交，得到雜交二代。再將雜交二代自交，就可以得到基因型為aabbdd的種子，該種子可以長成基因型為aabbdd的植株?！窘馕觥浚?）AD基因重組單倍體育種（2）花藥（花粉）離體培養(yǎng)CF（3）①與②雜交得到雜交一代，雜交一代與③雜交得到雜交二代，雜交二代自交，得到基因型為aabbdd的種子，該種子可長成基因型為aabbdd的植株五、簡答題(共2題，共8分)21、略

【分析】

（1）電動機(jī)正常工作時的電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立，而R和r是純電阻，可以對R和r；運用用歐姆定律求電路中的電流．

（2）電動機(jī)輸入功率P入=UI，發(fā)熱功率P熱=I2RM，輸出功率P出=P-P熱．根據(jù)功率關(guān)系求出電動機(jī)輸出的功率．

對于電動機(jī)電路區(qū)分是純電阻電路還是非純電阻電路，可從從能量轉(zhuǎn)化的角度理解：電能全部轉(zhuǎn)化內(nèi)能時，是純電阻電路．電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能和其他能時，是非純電阻電路．【解析】解：（1）根據(jù)歐姆定律得：

（2）電動機(jī)的輸入功率為：P入=UI=6×1W=6W

發(fā)熱功率為：P熱=I2RM=12×1W=1W

則電動機(jī)輸出的功率為：P出=P入-P熱=6W-1W=5W；

答：（1）電路中的電流為1A．

（2）電動機(jī)輸出的功率為5W．22、（1）2:4:1（2）C2H4O（3）2（4）【分析】【分析】本題考查有機(jī)物的推斷，為高考常見題型，側(cè)重于學(xué)生的分析、計算能力的考查，題目難度中等，從守恒角度判斷有機(jī)物最簡式為解答該題的關(guān)鍵，注意理解質(zhì)譜圖、核磁共振氫譜、紅外光譜在有機(jī)物結(jié)構(gòu)確定中的作用。

【解答】I.rm{(1)5.4gH}rm{(1)5.4gH}rm{{,!}_{2}}的物