河南省南陽市2022屆高三上學(xué)期理科綜合物理期末考試試卷

河南省南陽市2022屆高三上學(xué)期理科綜合物理期末考試試卷姓名：__________班級：__________考號：__________題號一二三四總分評分一、單選題1．光電管是光控電路的核心元件。如圖為一種在自動化控制中常用的光控繼電器示意圖，當(dāng)用一束單色光照射光電管時(shí)，未能發(fā)生光電效應(yīng)。為使光電管發(fā)生光電效應(yīng)，下列可采取的措施是（）A．增大該光的照射強(qiáng)度 B．延長該光的照射時(shí)間C．改用頻率更高的光照射光電管 D．改用波長更長的光照射光電管2．如圖所示，不計(jì)質(zhì)量的光滑小滑輪用細(xì)繩懸掛于墻上O點(diǎn)，跨過滑輪的細(xì)繩連接物塊a、b，a、b都處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將物塊b移至c點(diǎn)后，a、b仍保持靜止，下列說法中正確的是（）A．b與水平面間的摩擦力減小B．b受到的繩子拉力增大C．a(chǎn)、b靜止時(shí)，圖中α、β、θ三角仍然相等D．懸于墻上的繩所受拉力增大3．北京時(shí)間2021年10月16日0時(shí)23分，神舟十三號載人飛船順利將翟志剛、王亞平、葉光富3名航天員送入太空。飛船在某段時(shí)間內(nèi)的無動力運(yùn)動可近似為如圖所示的情境，圓形軌道I為空間站運(yùn)行軌道，橢圓軌道II為載人飛船運(yùn)行軌道，B點(diǎn)為橢圓軌道II的近地點(diǎn)，橢圓軌道II與圓形軌道I相切于A點(diǎn)，設(shè)圓形軌道I的半徑為r，地球表面重力加速度為g地球半徑為R，地球的自轉(zhuǎn)周期為T，橢圓軌道II的半長軸為a，不考慮大氣阻力。下列說法正確的是（）A．空間站運(yùn)行的周期與載人飛船在橢圓軌道II上運(yùn)行的周期之比為r3：B．載人飛船由B點(diǎn)飛到A點(diǎn)機(jī)械能逐漸減少C．載人飛船在軌道I上A點(diǎn)的加速度大于在軌道II上A點(diǎn)的加速度D．根據(jù)題中信息，可求出地球的質(zhì)量M=44．如圖所示，一個(gè)傾角為θ=30°的光滑斜面固定在水平面上，不可伸長的輕繩一端固定在斜面上的O點(diǎn)，另一端系一個(gè)質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），繩長為L，在O點(diǎn)沿斜面向下L2A．繩碰到釘子前瞬間，小球的線速度為2gLB．繩碰到釘子后瞬間小球的線速度突然增大C．繩碰到釘子后，小球繞P點(diǎn)做圓周運(yùn)動可恰好到達(dá)最高點(diǎn)O點(diǎn)D．若將釘釘子的位置P點(diǎn)沿斜面向下移動，OP距離越大，繩碰到釘子后瞬間受到的拉力越大5．如圖甲所示，有一豎直放置的絕緣圓環(huán)，圓環(huán)上均勻分布著正電荷，一絕緣光滑細(xì)桿過圓心沿垂直圓環(huán)平面方向穿過圓環(huán)，細(xì)桿上套有一個(gè)質(zhì)量為m=10g的帶正電的小球，小球所帶電荷量q=5.0×10-4C。小球從C點(diǎn)由靜止釋放，其沿細(xì)桿由C經(jīng)B向A運(yùn)動的v-t圖像如圖乙所示。小球運(yùn)動到B點(diǎn)時(shí)，速度圖像的切線斜率最大（圖中標(biāo)出了該切線）。下列說法正確的是（）A．在圓環(huán)形成的電場中，O點(diǎn)右側(cè)桿上B點(diǎn)場強(qiáng)最大，場強(qiáng)大小為E=12V/mB．在圓環(huán)形成的電場中，由C到A電勢逐漸升高C．小球在由C到A的過程中電勢能先減小后增大D．在圓環(huán)形成的電場中，C，B兩點(diǎn)間的電勢差UCB=0.9V二、多選題6．如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為1：2，正弦交流電源電壓為U=12V，電阻R1=1Ω，R2=2Ω，滑動變阻器R3最大阻值為20Ω，滑片P處于中間位置，則（）A．R1與R2消耗的電功率之比為4：1B．通過R1的電流為3AC．若向上移動P，電壓表讀數(shù)將變小D．若向下移動P，電源輸出功率將變大7．如圖甲所示，水平面上質(zhì)量均為m的兩物塊A、B用一輕彈簧相連，該系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，彈簧的勁度系數(shù)為k．現(xiàn)用一豎直向上的力F拉動物塊A，使物塊A向上做勻加速直線運(yùn)動．從力F剛作用在物塊A上到物塊B剛好離開地面的過程，力F和物塊A的位移x之間的關(guān)系圖像如圖乙所示，g為重力加速度，則下列說法中正確的是（）A．物塊A運(yùn)動的加速度大小為gB．當(dāng)物塊B剛好離開地面時(shí)，拉力大小為FC．當(dāng)物塊B剛好離開地面時(shí)，物塊A的速度大小為2gD．這一過程中拉力F做功大小為4m8．如圖甲所示為磁懸浮列車模型，質(zhì)量M=1kg的絕緣板底座靜止在動摩擦因數(shù)μ1=0.1的粗糙水平地面上，位于磁場中的正方形金屬框ABCD為動力源，其質(zhì)量m=1kg，邊長為1m，電阻為116Ω，與絕緣板間的動摩擦因數(shù)μ2=0.A．若金屬框固定在絕緣板上，金屬框的加速度為3mB．若金屬框固定在絕緣板上，金屬框的加速度為7mC．若金屬框不固定，金屬框的加速度為4m/D．若金屬框不固定，金屬框的加速度為4m/s9．下列說法正確的是（）A．分子間引力和斥力同時(shí)存在，都隨距離增大而減小，但斥力變化更快B．氣體的溫度升高，每個(gè)氣體分子運(yùn)動的速率都增大C．由熱力學(xué)第一定律可知做功不一定改變內(nèi)能，熱傳遞也不一定改變內(nèi)能，但同時(shí)做功和熱傳遞一定會改變內(nèi)能D．已知阿伏加德羅常數(shù)，氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可算出該氣體分子間的平均距離E．附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時(shí)，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤10．一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻剛好傳到E點(diǎn)，且A點(diǎn)在波峰，B、C、D也是波上質(zhì)點(diǎn)，波形如圖（a）所示；質(zhì)點(diǎn)C的振動圖象如圖（b）所示。在x軸正方向E點(diǎn)有一能接收簡諧橫波信號的接收器（圖中未畫出）以5m/s的速度向x軸正方向運(yùn)動。下列說法正確的是____。A．波速是10m/sB．t=0時(shí)刻E點(diǎn)起振方向沿y軸負(fù)方向C．t=0.05s時(shí)，B點(diǎn)在波谷D．C，D兩點(diǎn)振動的相位差是πE．接收器接收到的波的頻率比波源振動頻率小三、實(shí)驗(yàn)題11．在探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)做了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)改進(jìn)，在調(diào)節(jié)桌面水平后，添加了用力傳感器來測細(xì)線中的拉力。（1）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的操作，下列說法正確的是____。A．必須用天平測出砂和砂桶的質(zhì)量B．一定要保證砂和砂桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量C．應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源D．需要改變砂和砂桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶（2）實(shí)驗(yàn)得到如圖乙所示的紙帶，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，由圖中的數(shù)據(jù)可知，小車運(yùn)動的加速度大小是m/s2。（計(jì)算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（3）由實(shí)驗(yàn)得到小車的加速度a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖丙所示。則小車與軌道的滑動摩擦力Ff=N。12．為了測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，某同學(xué)采用了伏安法，現(xiàn)備有下列器材：A.被測干電池一節(jié)B.電流表1：量程為0～0.6A，內(nèi)阻r=0.3ΩC.電流表2：量程為0～0.6A，內(nèi)阻約為0.1ΩD.電壓表1：量程為0～3V，內(nèi)阻未知E.電壓表2：量程為0～15V，內(nèi)阻未知F.滑動變阻器1：0～10Ω，允許通過的最大電流為2AG.滑動變阻器2：0～100Ω，允許通過的最大電流為1AH.開關(guān)、導(dǎo)線若干在用伏安法測電池電動勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，由于電流表和電壓表內(nèi)阻的影響，測量結(jié)果存在系統(tǒng)誤差；在現(xiàn)有器材的條件下，要盡可能準(zhǔn)確地測量電池的電動勢和內(nèi)阻。①在上述器材中請選擇適當(dāng)?shù)钠鞑?；電流表電壓?選填儀器前的字母代號)。②實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇上圖中的(選填“甲”或“乙”)。③根據(jù)實(shí)驗(yàn)中電流表和電壓表的示數(shù)得到了如圖丙所示的U-I圖象，則干電池的電動勢E=V，內(nèi)阻r=Ω。④另一組同學(xué)分別用不同的電池組（均由同一規(guī)格的兩節(jié)干電池串聯(lián)而成）完成了上述的實(shí)驗(yàn)后，發(fā)現(xiàn)不同組的電池組的電動勢基本相同，只是內(nèi)電阻差異較大。同學(xué)們選擇了內(nèi)電阻差異較大的甲、乙兩個(gè)電池組進(jìn)一步探究，對電池組的輸出功率P隨外電阻R變化的關(guān)系，以及電池組的輸出功率P隨路端電壓U變化的關(guān)系進(jìn)行了猜想，并分別畫出了如下圖所示的P-R和P-U圖象。若已知甲電池組的內(nèi)電阻較大，則下列各圖中可能正確的是（選填選項(xiàng)的字母）。A．B．C．D．四、解答題13．如圖甲所示，水平臺面AB與水平地面間的高度差h=0.45m，一質(zhì)量為m2=0.1kg的小鋼球靜止在臺面右角B處。一小鋼塊在水平向右的推力F作用下從A點(diǎn)由靜止開始向右做直線運(yùn)動，鋼塊到水平臺面右端B處與鋼球碰撞前撤去推力F，鋼塊與鋼球發(fā)生彈性正碰，碰撞后鋼塊和鋼球水平飛離臺面，分別落到地面上的C點(diǎn)和D點(diǎn)。已知B、D兩點(diǎn)間的水平距離是B、C兩點(diǎn)間的水平距離的3倍，求：（1）鋼塊的質(zhì)量m1；（2）若力F的大小隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，當(dāng)t=1.5s時(shí)鋼塊到水平臺面右端B處立即撤去力F，鋼塊與臺面間的動摩擦因數(shù)μ=415，取g=10m/s2，求B、C兩點(diǎn)間的水平距離x14．如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)磁場（未畫出），第二象限存在水平向左的勻強(qiáng)電場。質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子從第三象限無初速度釋放后，經(jīng)電壓為U的電場加速后從P（?3（1）求第二象限內(nèi)電場強(qiáng)度的大??；（2）若第一象限各處均分布有勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向里，求M點(diǎn)坐標(biāo)；（3）若第一象限內(nèi)的勻強(qiáng)磁場分布在某矩形區(qū)域內(nèi)，磁場方向垂直紙面向外，求此矩形區(qū)域的最小面積。15．如圖所示，在橫截面積S=0.01m2的圓柱形氣缸中用一光滑導(dǎo)熱活塞封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣缸底部開有一小孔，與U形管相連，穩(wěn)定后導(dǎo)管兩側(cè)水銀面的高度差為?h=15cm，此時(shí)活塞離容器底部的高度為L=50cm，U形導(dǎo)管的體積可忽略。已知室溫t0=27℃，外界大氣壓強(qiáng)p0=75cmHg=1.0×105Pa，重力加速度g=10m/s2.（1）求活塞的質(zhì)量；（2）使環(huán)境溫度緩慢降至-63℃，求此時(shí)U形管兩側(cè)水銀面高度差和活塞離容器底部的高度L'。16．如圖所示，ABC為一透明材料制成的柱形光學(xué)元件的橫截面，該種材料的折射率n=53，AC是一半徑為R的14（1）從P點(diǎn)射出的光線的折射角；（2）AB和BC截面上沒有光線射出部分的總長度．

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】ABC．是否發(fā)生光電效應(yīng)，取決于入射光的頻率是否超過極限頻率，故可以改用頻率更高的光照射光電管，與入射光的強(qiáng)度及照射時(shí)間無關(guān)，AB不符合題意，C符合題意。D．改用波長更長的光，由ν=v故答案為：C。

【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率超過極限頻率；結(jié)合光在介質(zhì)中傳播的速度與波長的關(guān)系得出改用波長更長的波能否發(fā)生光電效應(yīng)。2．【答案】C【解析】【解答】A．小滑輪光滑，所以兩端繩拉力T大小相等，設(shè)b繩與水平夾角為γ，根據(jù)平衡條件可知：f=Tcosγ=mB．因?yàn)槲矬wa始終靜止，所以繩子拉力始終等于a的重力，所以b受到的繩子拉力：T=mC．當(dāng)物塊b移至c點(diǎn)后，a、b兩繩的夾角變大，但由于兩繩拉力大小相等，所以懸于墻上的繩拉力大小等于a、b兩繩拉力的合力，且光滑小滑輪用細(xì)繩懸掛于墻上，所以懸于墻上的繩方向一定與a、b兩繩拉力的合力，方向在一條直線上，a、b兩繩拉力大小相等，所以懸于墻上的繩方向就是a、b兩繩的夾角角平分線，所以α=β，而α與θ是同位角，所以α=β=θ，C符合題意。D．當(dāng)物塊b移至c點(diǎn)后，a、b兩繩的夾角變大，但由于兩繩拉力大小相等，且光滑小滑輪用細(xì)繩懸掛于墻上，所以細(xì)繩O拉力大小等于a、b兩繩拉力的合力，兩繩拉力大小不變，夾角變大，所以合力變小，懸于墻上的繩所受拉力變小，D不符合題意故答案為：C

【分析】對滑輪進(jìn)行受力分析，在三個(gè)拉力的作用下，小球處于平衡狀態(tài)，合力為零，根據(jù)該條件列方程分析求解即可。3．【答案】A【解析】【解答】A．設(shè)空間站運(yùn)動的周期為T1，載人飛船運(yùn)動的周期為T2，根據(jù)開普勒第三定律有a空間站運(yùn)行的周期與載人飛船在橢圓軌道II上運(yùn)行的周期之比為r3：aB．載人飛船從B點(diǎn)飛到A點(diǎn)的過程中只受到地球引力作用，飛船的機(jī)械能保持不變，B不符合題意；C．載人飛船在軌道I上通過A點(diǎn)時(shí)受到的萬有引力等于在軌道II上運(yùn)行時(shí)通過A時(shí)點(diǎn)萬有引力，由牛頓第二定律可知，它們的加速度相等，C不符合題意；D．空間站做勻速圓周運(yùn)動，設(shè)空間站運(yùn)動的周期為T1，由萬有引力提供向心力有G解得M=空間站運(yùn)動的周期與地球的自轉(zhuǎn)周期T不相等，不可求出地球的質(zhì)量，D不符合題意。故答案為：A。

【分析】根據(jù)開普勒第三定律得出空間站和和載人飛船運(yùn)行的周期之比；載人飛船從B飛到A過程只有引力做功，機(jī)械能不變；空間站根據(jù)萬有引力提供向心力從而得出地球質(zhì)量的表達(dá)式。4．【答案】D【解析】【解答】AB．球從開始運(yùn)動到碰到釘子前瞬間機(jī)械能守恒，mglv=合外力提供向心F?mgF=3mg碰后瞬間，速度不變，半徑變小，所需向心力增大，繩上拉力變大，AB不符合題意；C．碰到釘子后，小球繞P點(diǎn)做圓周運(yùn)動，O點(diǎn)是軌道的最高點(diǎn)，由于最高點(diǎn)小球所受合外力不可能為零，所以速度不能為零，根據(jù)機(jī)械能守恒，小球不能運(yùn)動到O點(diǎn)，C不符合題意；D．OP距離越大，與釘子相碰后新的圓周運(yùn)動的半徑越小，由于速度不變，所以半徑越小，所需向心力越大，繩上拉力越大，D符合題意。故答案為：D。

【分析】球從開始到碰釘子前的瞬間根據(jù)機(jī)械能守恒得出小球的速度，利用合力提供向心力得出F的表達(dá)式；機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功。5．【答案】D【解析】【解答】A．由v-t圖象可知，小球在B點(diǎn)的加速度最大，故所受的電場力最大，加速度由電場力產(chǎn)生，B點(diǎn)的電場強(qiáng)度最大，小球的加速度為a=又因?yàn)閝E=ma解得E=1.2V/mA不符合題意。BC．從C到A小球的動能一直增大，則電場力一直做正功，故電勢能一直減小，又因?yàn)樾∏驇д?，故從C到A電勢逐漸降低，BC不符合題意；D．由C到B電場力做功為WCB間的電勢差為UD符合題意；故答案為：D。

【分析】v-t圖像的斜率表示物體運(yùn)動的就速度，結(jié)合牛頓第二定律判斷電場強(qiáng)度的大小關(guān)系；結(jié)合加速度的定義式以及電場力的表達(dá)式得出電場強(qiáng)度的大小；小球從C到A運(yùn)動的過程中結(jié)合電勢能的變化情況得出電勢的變化情況；利用電場力做功的表達(dá)式以及動能定理得出CB之間的電勢差。6．【答案】B,C【解析】【解答】A．理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為1：2，根據(jù)I可知，原副線圈的電流之比為2：1，根據(jù)P=電阻R1=1Ω，R2=2Ω可知，R1與R2消耗的熱功率之比為2：1，A不符合題意；B．設(shè)通過R1的電流為I，則副線圈電流為0.5I，輸入電壓U根據(jù)U輸出電壓U根據(jù)歐姆定律可知U代入數(shù)據(jù)解得I=3AB符合題意；C．若向上移動P，則R3電阻減小，輸出電流變大，則輸入電流也變大，電阻R1的電壓變大，則變壓器輸入電壓變小，根據(jù)變壓比可知，輸出電壓變小，電壓表讀數(shù)將變小，C符合題意；D．若向下移動P，則R3電阻增大，輸出電流變小，根據(jù)變流比可知，輸入電流也變小，根據(jù)P=IU可知，電源輸出功率將變小，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】根據(jù)理想變壓器的匝數(shù)比與電流比的關(guān)系以及電功率的表達(dá)式得出R1與R2消耗的電功率之比；結(jié)合原副線圈的匝數(shù)比與電壓比的關(guān)系以及歐姆定律得出通過R1的電流，滑動變阻器的滑片移動的過程中根據(jù)閉合電路歐姆定律得出輸入電流的大小關(guān)系；利用功率的表達(dá)式判斷輸出功率的變化情況。7．【答案】A,C【解析】【解答】A.設(shè)初始狀態(tài)時(shí)彈簧的壓縮量為x0，則kx0=mg即F=ma+kx由圖知，當(dāng)x=0時(shí)，F(xiàn)=mg，所以可得，物塊A運(yùn)動的加速度a=g，A符合題意；B.當(dāng)彈簧對物體B豎直向上的彈力等于重力時(shí)B剛好離開地面，此時(shí)彈簧對物體A施加豎直向下的彈力F彈=mg，設(shè)此時(shí)對應(yīng)的縱軸坐標(biāo)為F即F得F1CD.當(dāng)物塊B剛好離開地面時(shí)，彈簧的伸長量為x可得xF做的功等于圖中直線與x軸圍成梯形的面積大小，為W=由于初末狀態(tài)彈簧的彈性勢能相等，所以由功能關(guān)系得W?mg解得當(dāng)物塊B剛好離開地面時(shí)，物塊A的速度大小為：v=2gm故答案為：AC。

【分析】根據(jù)胡克定律以及牛頓第二定律得出F的表達(dá)式，從而得出x=0時(shí)加速度的大小；B剛好離開地面時(shí)，對A進(jìn)行受力分析，結(jié)合牛頓第二定律得出拉力的大??；同時(shí)利用功能關(guān)系得出物塊A的速度大小。8．【答案】A,D【解析】【解答】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E=則回路中的電流為I=所受安培力的大小為F=BIl=8N根據(jù)牛頓第二定律有F?f=（M+m）a，f=（M+m）gμ代入數(shù)據(jù)解得a=3m/若金屬框不固定在絕緣板上：對金屬框，由牛頓第二定律，則有F?解得：a框=4m解得a因此C不符合題意，D符合題意。故答案為：AD。

【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律以及歐姆定律得出回路中的電流，利用安培力和牛頓第二定律得出加速度的大??；當(dāng)若金屬框不固定在絕緣板上時(shí)對絕緣板和金屬框進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得出兩者的加速度。9．【答案】A,D,E【解析】【解答】A．根據(jù)分子力的特點(diǎn)可知，分子間引力和斥力同時(shí)存在，都隨距離增大而減小，隨距離減小而增大，但斥力變化更快，A符合題意；B．溫度是分子平均動能的標(biāo)志，氣體的溫度升高，分子的平均動能增加，分子的平均速率增大，不是每個(gè)氣體分子運(yùn)動的速率都增大，B不符合題意；C．做功與熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能，但同時(shí)做功和熱傳遞，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，不一定會改變內(nèi)能，C不符合題意；D．已知阿伏加德羅常數(shù)，氣體的摩爾質(zhì)量和密度，可求出氣體的摩爾體積，然后求出每個(gè)氣體分子占據(jù)的空間大小，從而可算出氣體分子間的平均距離，D符合題意；E．附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時(shí)，附著層內(nèi)分子間作用表現(xiàn)為斥力，附著層有擴(kuò)展趨勢，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤，E符合題意。故答案為：ADE。

【分析】分子間引力和斥力同時(shí)存在，溫度是分子平均動能的標(biāo)志；做功與熱傳遞都可以改變物體的內(nèi)能；根據(jù)浸潤的定義進(jìn)行分析判斷。10．【答案】A,D,E【解析】【解答】A．由圖a知道波長為4m，由圖b知道周期為0.4s，所以波速v=A符合題意；B．波沿x軸正方向傳播，所以E點(diǎn)的起振方向向上，B不符合題意；C．從平衡位置到波谷至少要四分之一周期，0.05s是八分之一周期，B不可能在波谷，C不符合題意；D．CD差半個(gè)波長，所以相位差π，D符合題意；E．接收器沿x軸正方向運(yùn)動，根據(jù)多普勒效應(yīng)，接收器接收到的波的頻率比波源振動小，E符合題意；故答案為：ADE?！痉治觥扛鶕?jù)圖像a得出該波的波長，由圖b得出該波的周期，結(jié)合波在介質(zhì)中傳播的速度和周期的表達(dá)式得出波速的大小，根據(jù)波的傳播方向得出E點(diǎn)的起振方向；結(jié)合多普勒效應(yīng)得出接收器接收到的波的頻率比波源振動頻率的大小關(guān)系。11．【答案】（1）D（2）2.40（3）1.0【解析】【解答】(1)AB．對小車的拉力是通過力傳感器得到的，故無需測量沙和沙桶的質(zhì)量，也不需要滿足沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，AB不符合題意；C．使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，應(yīng)先接通電源，在釋放小車，C不符合題意；D．探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，要改變沙和沙桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶，D符合題意。故答案為：D。(2)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電源的頻率為50Hz，相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出，可知相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為T=5×根據(jù)Δx=aT2(3)根據(jù)牛頓第二定律可知2F?解得Ff=1.0N。

【分析】（1）根據(jù)探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)原理以及注意事項(xiàng)進(jìn)行分析判斷；

（2）結(jié)合頻率與周期的表達(dá)式得出兩計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔；利用相同時(shí)間間隔內(nèi)的位移差得出加速度的大小；

（3）根據(jù)牛頓第二定律得出小車與軌道的滑動摩擦力。12．【答案】B；D；甲；1.5；0.7；BC【解析】【解答】①電流表選擇已知內(nèi)阻的電流表B；因電源電動勢為1.5V，則電壓表選D。②因電流表內(nèi)阻已知，則實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)選擇上圖中的甲。③根據(jù)U-I圖象，則干電池的電動勢E=1.5V；內(nèi)阻r=④A、根據(jù)電源的輸出功率規(guī)律可知，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)輸出功率最大，如果外電阻大于內(nèi)電阻時(shí)，隨著電阻的增大，輸出功率將越來越小，由P=EC、當(dāng)內(nèi)阻和外阻相等時(shí)，輸出功率最大；此時(shí)輸出電壓為電動勢的一半．由A的分析可知，乙輸出的功率比甲的大；而當(dāng)外電路斷開時(shí)，路端電壓等于電源的電動勢，此時(shí)輸出功率為零；C符合題意，D不符合題意．故答案為：BC．

【分析】（1）根據(jù)電動勢選擇電壓表；根據(jù)實(shí)驗(yàn)得知選擇已知內(nèi)阻的電流表；

（2）根據(jù)所選的電表選擇電路；

（3）根據(jù)U-I圖像得出電源的電動勢以及內(nèi)阻；

（4）根據(jù)功率和歐姆定律進(jìn)行分析判斷正確的選項(xiàng)。

13．【答案】（1）解：設(shè)碰前鋼塊的速度大小為v，碰后鋼塊、鋼球的速度大小分別為v1和v23所以v鋼塊與鋼球發(fā)生彈性正碰，由動量守恒定律可知m由能量守恒定律可知1聯(lián)立解得m（2）解：根據(jù)圖乙圖像，圖線與t軸所包圍的面積表示沖量，則0~t根據(jù)動量定理I解得v=4m/s再根據(jù)第（1）問碰撞過程方程，可以求得v碰撞后，鋼塊做平拋運(yùn)動，則h=x解得x【解析】【分析】（1）碰后鋼球做平拋運(yùn)動，結(jié)合平拋運(yùn)動的規(guī)律以及動量守恒和能量守恒定律得