2024年粵教滬科版高三物理上冊階段測試試卷含答案437

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年粵教滬科版高三物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、水龍頭沒關(guān)緊有水滴往下滴（初速度為0），由于受水平向左的風(fēng)的影響，水滴下落的軌跡發(fā)生變化．假設(shè)水平風(fēng)力恒定，則圖中描述水滴軌跡正確的是（）A.B.C.D.2、關(guān)于物理學(xué)史，以下說法錯(cuò)誤的是（）A.密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值．B.開普勒認(rèn)為對任意一個(gè)行星來說，它與太陽的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過相等的面積．C.卡文迪許利用卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)裝置首次測出了靜電力常量D.伽利略通過“理想斜面實(shí)驗(yàn)”，科學(xué)地推理出“力不是維持物體運(yùn)動的原因”．3、小強(qiáng)在用恒溫箱進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)恒溫箱的溫度持續(xù)升高，無法自動控制．經(jīng)檢查，恒溫箱的控制器沒有故障，則下列對故障判斷正確的是（）A.只可能是熱敏電阻出現(xiàn)故障B.只可能是溫度設(shè)定裝置出現(xiàn)故障C.熱敏電阻和溫度設(shè)定裝置都可能出現(xiàn)故障D.可能是加熱器出現(xiàn)故障4、如圖所示的圖形最終被確定為中國月球探測工程形象際志，它以中國書法的筆觸，抽象地勾勒出一輪明月，一雙腳印踏在其上，象征著月球探測的終極夢想，一位敢于思考的同學(xué)，為探月宇航員設(shè)計(jì)了測量月球第一宇宙速度的方法：在月球表面以初速度v0豎直上拋一個(gè)物體，若物體只受該月球引力作用，忽略其他力的影響，物體上升的最大高度為h，已知該月球的直徑為d，如果在月球上發(fā)射一顆繞它運(yùn)行的衛(wèi)星，則發(fā)射速度至少應(yīng)為（）A.v0B.C.v0D.5、（2015春?上海校級期末）小船橫渡一條河，船頭開行方向始終與河岸垂直．若小船相對水的速度大小不變時(shí)，小船的一段運(yùn)動軌跡如圖所示，則河水的流速（）A.由A到B水速一直增大B.由A到B水速一直減小C.由A到B水速先增大后減小D.由A到B水速先減小后增大6、從同一高度將兩個(gè)質(zhì)量相同、速度大小相等的物體同時(shí)拋出，一個(gè)水平拋出，一個(gè)豎直上拋．從拋出到落地的過程中，以下說法正確的是（）A.重力對豎直上拋物體做的功較多B.重力對兩物體做功的平均功率相同C.兩物體落地前任意時(shí)刻的機(jī)械能相同D.豎直上拋的物體落地前的機(jī)械能較水平拋出的物體大7、如圖所示，用一根橫截面積為S的硬導(dǎo)線做成一個(gè)半徑為r的圓環(huán)，把圓環(huán)部分置于均勻變化的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的變化率=k（k＞0），ab為圓環(huán)的一條直徑，導(dǎo)線的電阻率為ρ．則（）A.圓環(huán)具有擴(kuò)張的趨勢B.圓環(huán)中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流C.圖中ab兩點(diǎn)間的電壓大小為kπD.圓環(huán)中感應(yīng)電流的大小為r28、在云南省某些地方到現(xiàn)在還要依靠滑鐵索過江，若把這滑鐵索過江簡化成如圖的模型，鐵索的兩個(gè)固定點(diǎn)A、B在同一水平面內(nèi)，AB間的距離為L=80m，繩索的最低點(diǎn)離AB間的垂直距離為h=8m，若把繩索看做是圓弧，已知一質(zhì)量m=52kg的人借助滑輪（滑輪質(zhì)量不計(jì)）滑到最低點(diǎn)的速度為10m/s，（取g=10m/s2）那么（）

A.人在整個(gè)繩索上運(yùn)動可看成是勻速圓周運(yùn)動B.人在滑到最低點(diǎn)時(shí)速度最大，重力的瞬時(shí)功率最大C.人在滑到最低點(diǎn)時(shí)對繩索的壓力為570ND.在滑到到最低點(diǎn)時(shí)人處于失重狀態(tài)9、關(guān)于摩擦起電和感應(yīng)起電原因，下列說法正確的是（）A.摩擦起電的原因是電荷的轉(zhuǎn)移，感應(yīng)起電原因是產(chǎn)生電荷B.摩擦起電的原因是產(chǎn)生電荷，感應(yīng)起電因是電荷的轉(zhuǎn)移C.摩擦起電和感應(yīng)起電原因都是電荷的轉(zhuǎn)移D.摩擦起電和感應(yīng)起電原因都是產(chǎn)生電荷評卷人得分二、填空題(共5題，共10分)10、已知空氣中的聲速是340m/s，水中的聲速是1450m/s，在空氣中的波長為1m，在水中傳播時(shí)的波長為____m．11、如圖所示，質(zhì)量m=1kg的物體以速率v向右做直線運(yùn)動，已知物體與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，則物體受到的摩擦力的大小為____N；若給出此物體施加一水平向左F=2N的外力，此時(shí)物體的加速度大小為____m/s2．（g=10m/s2）12、有兩個(gè)共點(diǎn)力，大小分別是10N和40N，則這兩個(gè)力合力最大是____N，最小是____N．13、如圖所示，水平面上由位于正三角形三個(gè)頂點(diǎn)上的A、B、C三點(diǎn)，在A點(diǎn)固定一個(gè)正點(diǎn)電荷Q，在B點(diǎn)引入檢驗(yàn)電荷q=+1×10-8C，它受到的電場力為5×10-6N，則B點(diǎn)的電場強(qiáng)度為____N/C．現(xiàn)移去該檢驗(yàn)電荷，B點(diǎn)的電場強(qiáng)度為____N/C．若在C點(diǎn)也固定一正點(diǎn)荷Q，此時(shí)q受到的電場力大小為____N，B點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為____N/C．14、（2007秋?靜安區(qū)期末）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b再變化到狀態(tài)c最后又變化到狀態(tài)a，其P-圖如圖所示，圖線ab與橫軸平行，ac延長線通過坐標(biāo)原點(diǎn)．由圖線可知，在狀態(tài)a到狀態(tài)b的變化過程中，氣體的內(nèi)能____，狀態(tài)c到狀態(tài)a的變化過程中，氣體的內(nèi)能____．（填：“增大”、“減小”、“不變”）評卷人得分三、判斷題(共9題，共18分)15、太陽發(fā)出的能量來自內(nèi)部發(fā)生的化學(xué)反應(yīng)釋放的化學(xué)能．____．（判斷對錯(cuò)）16、“寧停三分，不搶一秒”指的是時(shí)間．____．（判斷對錯(cuò)）17、矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．____．18、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強(qiáng)．____．（判斷對錯(cuò)）19、化學(xué)成分相同的物質(zhì)只能生成同一種晶體．____．（判斷對錯(cuò)）20、光的衍射現(xiàn)象、偏振現(xiàn)象、色散現(xiàn)象都能體現(xiàn)光具有波動性____（判斷對錯(cuò)）21、沿電場線的方向，電勢逐點(diǎn)降低．____（判斷對錯(cuò)）22、直線電流磁場的方向的判斷可以用安培定則：____．23、公式E=和對于任何靜電場都是適用的．____．（判斷對錯(cuò)）評卷人得分四、計(jì)算題(共2題，共18分)24、如圖所示，一輕彈簧上面連接一輕質(zhì)光滑導(dǎo)熱活塞，活塞面積為S，彈贊勁度系數(shù)為k，一質(zhì)量為m的光滑導(dǎo)熱汽缸開口與活塞恰好無縫銜接，汽缸只在重力作用下下降直至最終穩(wěn)定。汽缸未接觸地面，且彈簧仍處于彈性限度內(nèi)，環(huán)境溫度未發(fā)生變化，汽缸壁與活塞無摩擦且不漏氣，汽缸深度為h，外界大氣壓強(qiáng)為p0；重力加速度為g。求：

（i）穩(wěn)定時(shí)；C缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)；

（ii）整個(gè)過程汽缸下降的距離。25、水平光滑平行導(dǎo)軌上靜置兩根完全相同的金屬棒，已知足夠長的導(dǎo)軌問距為L=0.40m，每根金屬棒的電阻為r=0.1Ω，質(zhì)量均為m=0.20kg。整個(gè)裝置處在垂直導(dǎo)軌豎直向下的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=0.1T．t0=0時(shí)刻，對ab沿導(dǎo)軌方向施加向右的恒力F=0.30N，作用t1=4s后撤去，此刻ab棒的速度為v1=4m/s，cd棒向右發(fā)生的位移xcd=5m。試求：

（1）撤力時(shí)cd棒的速度；

（2）從最初到最終穩(wěn)定的全過程中，ab棒上產(chǎn)生的焦耳熱。

（3）若從最初到最終穩(wěn)定的全過程中，經(jīng)歷的時(shí)間為t2=6s，求這段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電流的有效值。評卷人得分五、解答題(共1題，共10分)26、有一長5m的懸鏈，放開懸點(diǎn)讓其自由下落，求懸鏈通過懸點(diǎn)下方45m處所用的時(shí)間及這段時(shí)間內(nèi)的平均速度．（g取10m/s2）評卷人得分六、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共8分)27、為了驗(yàn)證動能定理；某學(xué)習(xí)小組在實(shí)驗(yàn)室組裝了如圖1所示的裝置，備有下列器材：打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用的學(xué)生電源；導(dǎo)線、復(fù)寫紙、天平、細(xì)沙．他們稱量滑塊的質(zhì)量為M、沙和小桶的總質(zhì)量為m．當(dāng)滑塊連接上紙帶，讓細(xì)線跨過滑輪并懸掛空的小桶時(shí)，滑塊處于靜止?fàn)顟B(tài)．要完成該實(shí)驗(yàn)，請回答下列問題：

（1）要完成本實(shí)驗(yàn)，還缺少的實(shí)驗(yàn)器材是____．

（2）實(shí)驗(yàn)時(shí)為保證滑塊受到的合力與沙、小桶的總重力大小基本相等，沙和小桶的總質(zhì)量應(yīng)滿足的實(shí)驗(yàn)條件是____，實(shí)驗(yàn)時(shí)為保證細(xì)線拉力等于滑塊所受的合外力，首先要做的步驟是____．

（3）在滿足（2）問的條件下，讓小桶帶動滑塊加速運(yùn)動，如圖2所示為打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所打的紙帶的一部分，圖中A、B、C、D、E是按時(shí)間先后順序確定的計(jì)數(shù)點(diǎn)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離標(biāo)注在圖上，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，則在B、D兩點(diǎn)間對滑塊用實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證動能定理表達(dá)式為____．（用題中所給的表示數(shù)據(jù)的字母表示）28、（2008?溫州二模）一塊玻璃磚有兩個(gè)相互平行的表面，其中一個(gè)表面是鍍銀的（光線不能通過表面）．現(xiàn)要測定此玻璃磚的折射率．給定的器材還有：白紙、鉛筆、大頭針4枚（P1、P2、P3、P4）帶有刻度的直角三角板；量角器．

根據(jù)題目的要求補(bǔ)充實(shí)驗(yàn)的步驟：

（a）先將玻璃磚放到白紙上；使上述兩個(gè)相互平行的表面與紙面垂直；

（b）在紙上畫出直線aa′和bb′，aa′表示鍍銀的玻璃表面，bb′表示另一表面；如圖所示；

（c）____；

（d）____；

（e）移去玻璃磚與大頭針．在題圖中畫出光路圖；

（g）若用θ1表示光線進(jìn)入玻璃磚時(shí)的入射角，用θ2表示光線進(jìn)人玻璃磚時(shí)的折射角．請寫出用θ1、θ2表示的該玻璃磚的折射率為n=____．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】水滴受到重力和風(fēng)力的作用，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)的特點(diǎn)分析即可．【解析】【解答】解：水滴受到重力和水平方向的恒力的作用；兩個(gè)分力都是恒力，所以合力也是恒力，大小與方向都不變，水滴將做勻加速直線運(yùn)動，所以四個(gè)圖中，正確的是B圖．

故選：B2、C【分析】【分析】本題根據(jù)密立根、開普勒、伽利略、卡文迪許等物理學(xué)家的成就解題．【解析】【解答】解：A；美國物理學(xué)家密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)測定了元電荷的數(shù)值．故A正確．

B；根據(jù)開普勒第二定律；知對任意一個(gè)行星來說，它與太陽的連線在相等的時(shí)間內(nèi)掃過相等的面積．故B正確．

C；卡文迪許利用卡文迪許扭秤實(shí)驗(yàn)裝置首次測出了引力常量G；而不是靜電力常量k，故C錯(cuò)誤．

D；伽利略通過“理想斜面實(shí)驗(yàn)”；科學(xué)地推理出“力不是維持物體運(yùn)動的原因”．故D正確．

本題選錯(cuò)誤的，故選：C3、C【分析】【分析】恒溫箱的溫度持續(xù)升高，說明電阻絲持續(xù)的加熱，可能是熱敏電阻沒有起到感溫的作用，也可能是溫度設(shè)定裝置出現(xiàn)問題．【解析】【解答】解：A；B、C、恒溫箱的溫度持續(xù)升高；說明電阻絲持續(xù)的加熱，可能是熱敏電阻沒有起到感溫的作用，導(dǎo)致加熱電路不能斷開，也可能是溫度設(shè)定裝置壞了，起不到達(dá)到設(shè)定溫度就斷開的作用；故AB錯(cuò)誤，C正確；

D；恒溫箱的溫度持續(xù)升高；說明電阻絲持續(xù)的加熱，故加熱器不壞，故D錯(cuò)誤；

故選：C．4、D【分析】【分析】物體在星球表面做豎直上拋運(yùn)動時(shí)，加速度等于星球表面的重力加速度，根據(jù)豎直上拋的初速度和最大高度，由運(yùn)動學(xué)公式求出星球表面的重力加速度．在這個(gè)星球上發(fā)射一顆繞它運(yùn)行的“近地”衛(wèi)星，由星球?qū)πl(wèi)星的重力提供向心力，由牛頓第二定律求出衛(wèi)星的最小發(fā)射速度．【解析】【解答】解：因?yàn)槲矬w做豎直上拋運(yùn)動；根據(jù)其運(yùn)動規(guī)律有；

上升的最大高度h=

得到星球表面的重力加速度g=

當(dāng)“近地”衛(wèi)星繞該星球做圓周運(yùn)動時(shí)，軌道半徑R=；

此時(shí)重力提供衛(wèi)星的向心力有：mg=

v==；

故選：D．5、B【分析】【分析】軌跡彎曲的方向大致指向合力的方向，因船相對水的速度大小不變，則可知，船在水流方向的合力方向，從而可見加速度的方向向左．【解析】【解答】解：從軌跡曲線的彎曲形狀上可以知道；加速度的方向水平向左，知越靠近B岸水速越?。蔅正確，A；C、D錯(cuò)誤．

故選：B．6、C【分析】【分析】兩個(gè)物體都做拋體運(yùn)動，下落的高度相同，重力做功相同．由公式P=研究重力的平均功率．運(yùn)動過程中只有重力做功，機(jī)械能守恒．【解析】【解答】解：

A；由于下落的高度h相同；重力mg相同，由W=mgh得知，重力做功相同．故A錯(cuò)誤．

B、由公式P=；重力做功W相同，時(shí)間t不相同，豎直上拋的時(shí)間大于平拋運(yùn)動運(yùn)動的時(shí)間，則從拋出到落地重力的平均功率不相同．故B錯(cuò)誤．

C；D、兩個(gè)物體在運(yùn)動過程中只有重力做功；機(jī)械能都守恒．兩物體的初始時(shí)機(jī)械能相等，所以兩物體落地前任意時(shí)刻的機(jī)械能相同，落地時(shí)機(jī)械能也相等，故C正確，D錯(cuò)誤．

故選：C7、D【分析】【分析】根據(jù)左手定則來確定安培力方向，從而確定圓環(huán)處于收縮還是擴(kuò)張；由法拉第電磁感應(yīng)定律，可求出感應(yīng)電動勢的大小，由電阻定律，結(jié)合閉合電路歐姆定律，即可求解．【解析】【解答】解：A；根據(jù)左手定則判斷可知；圓環(huán)所受的安培力指向環(huán)內(nèi)，則圓環(huán)有收縮的趨勢，故A錯(cuò)誤．

B、磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小隨著時(shí)間的變化=k（k＞0）；說明B增大，根據(jù)楞次定律判斷可知，圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向，故B錯(cuò)誤；

C、由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=S=kπr2；故C錯(cuò)誤；

D、圓環(huán)的電阻R=ρ，則感應(yīng)電流大小為I==r2；故D正確．

故選：D．8、C【分析】【分析】人借助滑輪下滑過程中，根據(jù)速度是否變化，判斷人是否做勻速圓周運(yùn)動．由幾何知識求出圓弧的半徑．人在滑到最低點(diǎn)時(shí)由重力和繩索的合力提供向心力，根據(jù)牛頓運(yùn)動定律求出人在滑到最低點(diǎn)時(shí)對繩索的壓力，并分析人處于超重還是失重狀態(tài)．【解析】【解答】解：

A；人借助滑輪下滑過程中；速度大小是變化的，所以人在整個(gè)繩索上運(yùn)動不能看成勻速圓周運(yùn)動．故A錯(cuò)誤．

B；重力方向豎直向下；而在最低點(diǎn)的速度方向水平，與重力方向垂直，所以此時(shí)重力的瞬時(shí)功率為0，最小，故B錯(cuò)誤；

C、對人研究，根據(jù)牛頓第二定律得：N-mg=m，得到：N=mg+m；代入得：N=570N，根據(jù)牛頓第三定律則人對繩索的壓力為570N，C正確；

D；在滑到最低點(diǎn)時(shí)具有向上的加速度；人對繩索的壓力大于重力，處于超重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤；

故選：C．9、C【分析】【分析】摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，并沒有創(chuàng)造電荷．感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是電荷可以從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分．【解析】【解答】解：摩擦起電的實(shí)質(zhì)是電子從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體；即說明了電荷可以從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體．摩擦起電現(xiàn)象說明機(jī)械能可以轉(zhuǎn)化為電能，但并沒有創(chuàng)造電荷．電荷只是發(fā)生轉(zhuǎn)移．

感應(yīng)起電過程電荷在電場力作用下；從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分．或者是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一個(gè)部分．電荷可以從帶電的物體轉(zhuǎn)移到原來不帶電的物體是接觸帶電．故C正確，ABD錯(cuò)誤．

故選C二、填空題(共5題，共10分)10、4.26【分析】【分析】聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)頻率不變，由波速公式v=λf求解水中波長．【解析】【解答】解：聲波由空氣進(jìn)入水中時(shí)頻率不變；由波速公式v=λf得。

=

得：λ水=λ空=×1m≈4.26m

故答案為：4.26．11、13【分析】【分析】對物體受力分析，受重力、支持力、拉力和摩擦力，根據(jù)f=μN(yùn)求解摩擦力；根據(jù)牛頓第二定律求解加速度．【解析】【解答】解：滑動摩擦力：f=μmg=0.1×1×10=1N向左。

施加向左的力F后；根據(jù)牛頓第二定律，有：

f+F=ma

解得：

a==向左。

故答案為：1，3．12、5030【分析】【分析】兩力合成時(shí)，遵循平行四邊形定則，合力隨兩個(gè)力間的夾角的增加而減小，當(dāng)兩個(gè)力同向時(shí)，夾角最小，合力最大，反向時(shí)夾角最大，合力最小，合力范圍為：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|．【解析】【解答】解：兩力合成時(shí)，合力范圍為：|F1+F2|≥F≥|F1-F2|；

得：50N≥F≥30N；

所以這兩個(gè)力合力最大是50N；最小是30N．

故答案為：50，3013、5005005×10-6500【分析】【分析】由場強(qiáng)的定義式E=求解B點(diǎn)的電場強(qiáng)度．電場強(qiáng)度與檢驗(yàn)電荷無關(guān)，由電場本身決定．若在C點(diǎn)也固定一正點(diǎn)荷Q，根據(jù)電場的疊加求出B點(diǎn)的場強(qiáng)，再求解電場力的大小．【解析】【解答】解：在A點(diǎn)固定一個(gè)正點(diǎn)電荷Q，則B點(diǎn)的電場強(qiáng)度為E===500N/C．

現(xiàn)移去該檢驗(yàn)電荷；B點(diǎn)的電場強(qiáng)度不變，仍為500N/C．

若在C點(diǎn)也固定一正點(diǎn)荷Q，此時(shí)q受到的電場力大小為F′=2Fcos30°=2×5×10-6×N=5×10-6N

B點(diǎn)電場強(qiáng)度大小為E′===500N/C．

故答案為：500，500，5×10-6，500．14、減小不變【分析】【分析】一定質(zhì)量理想氣體的內(nèi)能只跟溫度有關(guān)，溫度升高，內(nèi)能增大．由圖知a→b過程，氣體等壓壓縮，根據(jù)氣態(tài)方程分析溫度的變化，即可知道內(nèi)能的變化．c→a的圖線過原點(diǎn)，說明p與成正比，即pV一定，氣體發(fā)生等溫變化，內(nèi)能不變．【解析】【解答】解：由圖知a→b過程，氣體等壓壓縮，根據(jù)氣態(tài)方程=c可知；溫度降低，則氣體的內(nèi)能減小．

c→a的圖線過原點(diǎn)，說明p與成正比；即pV一定，則知?dú)怏w發(fā)生等溫變化，內(nèi)能不變．

故答案為：減小，不變?nèi)?、判斷題(共9題，共18分)15、×【分析】【分析】太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)，由此分析即可．【解析】【解答】解：根據(jù)目前的認(rèn)識；太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的聚變反應(yīng)．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×16、√【分析】【分析】時(shí)間是指時(shí)間的長度，在時(shí)間軸上對應(yīng)一段距離，對應(yīng)物體的位移或路程，時(shí)刻是指時(shí)間點(diǎn)，在時(shí)間軸上對應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)，對應(yīng)物體的位置．【解析】【解答】解：“寧停三分；不搶一秒”中的3分是3分鐘，3分鐘與1秒鐘在時(shí)間軸上都是指的時(shí)間的長度，都是時(shí)間．故該說法正確；

故答案為：√17、√【分析】【分析】物理量按有無方向分矢量和標(biāo)量，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．【解析】【解答】解：矢量是既有大?。挥钟蟹较虻奈锢砹?，矢量的運(yùn)算遵守平行四邊形法則．故這句話是正確的．

故答案為：√18、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×19、×【分析】【分析】根據(jù)晶體的結(jié)構(gòu)與特點(diǎn)可知，同種元素構(gòu)成的固體，可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體．【解析】【解答】解：由同種元素構(gòu)成的固體；可能會由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石．所以該說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×20、×【分析】【分析】光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播、反射、折射和色散；光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射和偏振．【解析】【解答】解：光的波動性能夠很好的解釋光的干涉和衍射；偏振是橫波特有的現(xiàn)象，故光的干涉；衍射和偏振證明了光具有波動性；

光的粒子性能夠很好的解釋光的直線傳播；反射、折射；色散是光的折射造成的，故光的直線傳播、反射、折射和色散證明了光的粒子性．所以以上的說法是錯(cuò)誤的．

故答案為：×21、√【分析】【分析】本題根據(jù)電場線的物理意義分析場強(qiáng)與電勢的關(guān)系；根據(jù)沿電場線的方向，電勢逐點(diǎn)降低即可解答．【解析】【解答】解：根據(jù)電場線的物理意義：順著電場線方向；電勢降低．故該說法是正確的．

故答案為：√22、√【分析】【分析】安培定則：右手握住導(dǎo)線，讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．【解析】【解答】解：根據(jù)安培定則的內(nèi)容判定線電流的磁感線的方法是：右手握住導(dǎo)線；讓大拇指所指的方向跟電流方向一致，彎曲的四指所指的方向就是磁感線的環(huán)繞方向．故該說法是正確的．

故答案為：√23、×【分析】【分析】場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；場強(qiáng)取決于電場本身，與檢驗(yàn)電荷無關(guān)．【解析】【解答】解：場強(qiáng)定義式E=適應(yīng)任何電場，E=只適用于真空中點(diǎn)電荷；故錯(cuò)誤．

故答案為：×．四、計(jì)算題(共2題，共18分)24、解：（i）取氣缸為研究對象；可知穩(wěn)定平衡時(shí)，氣缸受力平衡得：

mg+P0S=PS

解得：①

（ii）取氣缸中封閉氣體為研究對象。

初始狀態(tài)：P1=P0，V1=Sh

末狀態(tài)：P2=P，V2=Sh′

氣體經(jīng)歷等溫變化，由玻意耳定律得：P1V1=P2V2②

對活塞分析可得PS-P0S=k△x③

氣缸下降的距離l=（h-h′）+△x④

①②③④聯(lián)立解得：

答：（i）穩(wěn)定時(shí)，C缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)為

（ii）整個(gè)過程汽缸下降的距離為【分析】

（i）對C缸受力分析；根據(jù)平衡列式求解；

（ii）汽缸只在重力作用下下降過程；氣體做等圧変化，根據(jù)蓋呂薩克定律列式求解封閉氣體體積，然后對活塞分析求彈簧壓縮量，然后根據(jù)幾何關(guān)系求解氣缸下降的距離。

本題考查氣體定律與力學(xué)平衡以及胡克定律的綜合運(yùn)用，解題關(guān)鍵是要分析好壓強(qiáng)P、體積V、溫度T三個(gè)參量的變化情況，利用平衡求出初末狀態(tài)封閉氣體的壓強(qiáng)，再選擇合適的規(guī)律解決?！窘馕觥拷猓海╥）取氣缸為研究對象；可知穩(wěn)定平衡時(shí)，氣缸受力平衡得：

mg+P0S=PS

解得：①

（ii）取氣缸中封閉氣體為研究對象。

初始狀態(tài)：P1=P0，V1=Sh

末狀態(tài)：P2=P，V2=Sh′

氣體經(jīng)歷等溫變化，由玻意耳定律得：P1V1=P2V2②

對活塞分析可得PS-P0S=k△x③

氣缸下降的距離l=（h-h′）+△x④

①②③④聯(lián)立解得：

答：（i）穩(wěn)定時(shí)，C缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)為

（ii）整個(gè)過程汽缸下降的距離為25、解：（1）F作用過程，對系統(tǒng)，由動量定理得：Ft1=mv1+mv2；

代入數(shù)據(jù)解得：v2=2m/s；

（2）最終兩導(dǎo)體棒速度相等；

對整個(gè)過程，由動量定理得：Ft1=2mv；

代入數(shù)據(jù)解得：v=3m/s；

對導(dǎo)體棒：I安培=mv2，I安培=BILt=BLq；

通過導(dǎo)體棒的電荷量：q=i△t=

代入數(shù)據(jù)解得：xab=55m；

由能量守恒定律得：Fxab=

代入數(shù)據(jù)解得：Q=7.35J；

（3）由焦耳定律得：2Q=2；

代入數(shù)據(jù)解得：I有效=3.5A；

答：（1）撤力時(shí)cd棒的速度為2m/s；

（2）從最初到最終穩(wěn)定的全過程中，ab棒上產(chǎn)生的焦耳熱為7.35J。

（3）若從最初到最終穩(wěn)定的全過程中，經(jīng)歷的時(shí)間為t2=6s，這段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電流的有效值為3.5A?！痉治觥?/p>

（1）對系統(tǒng)應(yīng)用動量定理可以求出cd棒的速度。

（2）兩導(dǎo)體棒最終速度相等；應(yīng)用動量定理；法拉第電磁感應(yīng)定律、能量守恒定律可以求出焦耳熱。

（3）應(yīng)用焦耳定律可以求出電流的有效值。

本題是電磁感應(yīng)與電路相結(jié)合的綜合題，根據(jù)題意分析清楚導(dǎo)體棒的運(yùn)動過程是解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動量定理、能量守恒定律即可解題?！窘馕觥拷猓海?）F作用過程，對系統(tǒng)，由動量定理得：Ft1=mv1+mv2；

代入數(shù)據(jù)解得：v2=2m/s；

（2）最終兩導(dǎo)體棒速度相等；

對整個(gè)過程，由動量定理得：Ft1=2mv；

代入數(shù)據(jù)解得：v=3m/s；

對導(dǎo)體棒：I安培=mv2，I安培=BILt=BLq；

通過導(dǎo)體棒的電荷量：q=i△t=

代入數(shù)據(jù)解得：xab=55m；

由能量守恒定律得：Fxab=

代入數(shù)據(jù)解得：Q=7.35J；

（3）由焦耳定律得：2Q=2；

代入數(shù)據(jù)解得：I有效=3.5A；

答：（1）撤力時(shí)cd棒的速度為2m/s；

（2）從最初到最終穩(wěn)定的全過程中，ab棒上產(chǎn)生的焦耳熱為7.35J。

（3）若從最初到最終穩(wěn)定的全過程中，經(jīng)歷的時(shí)間為t2=6s，這段時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電流的有效值為3.5A。五、解答題(共1題，共10分)26、略

【分析】【分析】懸鏈做自由落體運(yùn)動，整個(gè)懸鏈經(jīng)過懸點(diǎn)下方45m處的點(diǎn)所用的時(shí)間等于上端到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間減去下端到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間；根據(jù)平均速度的定義即可求出平均速度．【解析】【解答】解：鐵鏈可視為做自由落體運(yùn)動，根據(jù)h=gt2得：

鐵鏈下端到達(dá)0點(diǎn)的時(shí)間為：

t1=；

上端到達(dá)0點(diǎn)的時(shí)間為：

t2=；

則：t=t2-t1=3-2≈0.17s

這段時(shí)間內(nèi)的平均速度：m/s

答：懸鏈通過懸點(diǎn)下方45m處所用的時(shí)間是0.17s，這段時(shí)間內(nèi)的平均速度為29.4m/s．六、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共8分)27、刻度尺沙和小桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量平衡摩擦力．【分析】【分析】（1）根據(jù)本實(shí)驗(yàn)的原理：需要驗(yàn)證mgx與△Ek的關(guān)系；需要測量位移x，用到刻度尺．

（2）為使繩子拉力為合力；應(yīng)先平衡摩擦力，繩子拉力近似等于沙和沙桶的重力，應(yīng)滿足沙和沙桶總質(zhì)量遠(yuǎn)小于滑塊的質(zhì)量．

（3）根據(jù)根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論：一段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于中點(diǎn)時(shí)刻的瞬時(shí)速度，求出B、D點(diǎn)的速度，即可得到動能定理表達(dá)式．【解析】【解答】解：（1）根據(jù)題意本實(shí)驗(yàn)需要測