四川省南充市高級中學2024-2025學年高二上學期第二次月考物理試題

南充高中高2023級第三學期第二次月考物理試題（時間：75分鐘總分：100分）第Ⅰ卷選擇題（滿分48分）一、單選題（每小題4分，共8小題，共32分）1.如圖所示，磁場中有A、B、C、D四點，下列說法正確的是（）A.B點磁場比A點磁場強B.D點處沒有磁場C.B、C兩點磁場方向一致D.A點磁場最強【答案】D【解析】【詳解】AD．磁感線可以形象地描述磁場的強弱和方向，磁感線的疏密表示磁場的強弱，磁感線越密的地方磁場越強，所以點的磁場最強，故A錯誤，D正確；B．磁感線疏密程度反映了磁場的強弱，沒有畫磁感線的地方不代表沒有磁場，故B錯誤；C．磁感線的切線方向就是磁場的方向，則、兩點的磁場方向不同，故C錯誤。故選D。2.光滑水平面上有原來靜止的斜劈B，B的斜面也是光滑的。現在把物體A從斜面頂端由靜止釋放，如圖所示，在A從斜面上滑下來的過程中，對于A和B組成的系統(tǒng)，下列說法正確的是（）A.機械能守恒，動量守恒B.機械能不守恒，動量守恒C.機械能守恒，動量不守恒D.機械能不守恒，動量不守恒【答案】C【解析】【詳解】A和B組成的系統(tǒng)，所有接觸面均光滑，系統(tǒng)的機械能與外界其他形式能量沒有轉化，系統(tǒng)機械能守恒。A和B組成的系統(tǒng)，水平方向合外力為零，水平方向動量守恒，但是豎直方向物塊A的加速度有豎直向下的分量，系統(tǒng)豎直方向處于失重狀態(tài)，豎直方向合外力不為零，豎直方向動量不守恒。整體動量不守恒。故選C。3.如圖所示，大量程電壓表、電流表都是由靈敏電流表G和變阻箱R改裝而成。已知靈敏電流表G的滿偏電流為Ig=200mA，內阻為Rg=10Ω，變阻箱R接入電路的阻值為R0。下列說法正確的是（）A.甲表是電流表，R增大時量程增大B.乙表是電壓表，R增大時量程減小C.丙電路圖表示歐姆表，表筆A是黑表筆D.在乙圖中，若改裝成的電壓表的量程為3V，則R0=5Ω【答案】D【解析】【詳解】A．甲表是電流表，R增大時分流減小，則量程減小，選項A錯誤；B．乙表是電壓表，R增大時分壓變大，可知量程變大，選項B錯誤；C．丙電路圖表示歐姆表，表筆B與內部電源的正極相連，是黑表筆，選項C錯誤；D．在乙圖中，若改裝成的電壓表的量程為3V，則選項D正確。故選D。4.如圖所示，實線表示某電場中的四個等勢面，它們的電勢分別為、、和，相鄰等勢面間的電勢差相等，一帶負電的粒子(重力不計)在該電場中運動的軌跡如虛線所示，a、b、c、d是其運動軌跡與等勢面的四個交點，下列說法正確的是（）A.等勢面上各點電場強度處處相同B.四個等勢面的電勢關系是>>>C.粒子在四點的速度大小關系是D.粒子從d運動到a的過程中靜電力先做正功后做負功【答案】C【解析】【詳解】A．等勢面上的電場線分布不是均勻的，則各點電場強度不是處處相同，選項A錯誤；B．由負電荷的運動軌跡可知，粒子受電場力大致向右，可知電場線大致向左，沿電場線電勢降低，則四個等勢面的電勢關系是>>>選項B錯誤；C．粒子在電場中運動時，電勢能和動能之和守恒，因可知負電荷的電勢能關系粒子在四點的動能關系則速度大小關系是選項C正確；D．粒子從d運動到a的過程中靜電力與速度夾角為銳角，可知靜電力一直做正功，選項D錯誤。故選C。5.如圖所示，在真空中水平放置一長方體，高為2L，其上下兩個面是邊長為L的正方形，在頂點F、H處分別放置電荷量為Q的點電荷，O1、O2分別是線段AC和線段FH的中點。下列說法正確的是（）A.線段O1O2中點的場強為零B.B、D兩點場強相同C.將一電子從B點移到G點，電場力做負功D.沿豎直方向從O1到O2，電勢先減小后增大【答案】C【解析】【詳解】A．由等量同種點電荷的電場分布特點可知，F、H處放置的負電荷在線段O1O2中點的場強方向平行于AE方向向下，大小不為零，故A錯誤；B．根據等量同種點電荷的電場分布特點可知，B、D兩點的場強大小相等，方向不同，故B錯誤；C．由于G點比B點離F、H處的兩個負點電荷都更近，則G點電勢低于B點的電勢，將一電子從B點移到G點，則有故C正確；D．根據等量同種點電荷的電場分布特點可知，線段O1O2的電場方向由O1指向O2，則沿豎直方向從O1到O2，即沿著電場線方向，電勢一直降低，故D錯誤。故選C。6.空間某區(qū)域內存在著電場，電場線在豎直平面上的分布如圖所示。一個質量為m、電荷量為q的帶電小球在該電場中運動，小球經過A點時的速度大小為，方向水平向右；運動至B點時的速度大小為，運動方向與水平方向之間的夾角為α，A、B兩點之間的高度差為h、水平距離為s，則以下判斷中正確的是（）A.A、B兩點的電場強度和電勢關系為、B如果，則電場力一定做正功C.小球從A運動到B點的過程中電場力做的功為D.A、B兩點間的電勢差為【答案】D【解析】【詳解】A．電場線的疏密程度可表示電場強度大小，B處的電場線較密，所以；根據沿電場線方向電勢降低結合等勢面與電場方向垂直可知，，故A錯誤；B．如果，可知運動過程中小球的動能增加，根據動能定理可知，合力做正功，但由于重力對小球做正功，所以電場力不一定做正功，故B錯誤；CD．小球從A運動到B點的過程中，根據動能定理可得可得電場力做的功為根據可得A、B兩點間的電勢差為故C錯誤，D正確。故選D。7.如圖所示，M、N和P是以MN為直徑半圓弧上的三點，O為半圓弧的圓心，，在M、P處各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有垂直紙面向里、大小相等的恒定電流，這時O點的磁感應強度大小為B0．現將M處長直導線沿圓弧逆時針移動30°角到Q點（圖中未畫出），則O點的磁感應強度的大小為（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】根據安培定則可知，兩導線在O點形成的磁感應強度如圖所示合磁感應強度大小為B0，.則根據幾何關系可知，兩導線單獨形成磁感應強度大小為當M處的導線移到Q點時，兩導線在O點形成的磁感應強度如圖所示由幾何關系可知，O點的磁感應強度大小為故選A。8.電場某條電場線是一條直線，沿電場線方向依次有O、A、B、C四個點，相鄰兩點間距離均為，以O點為坐標原點，沿電場線方向建立x軸，該電場線上各點電場強度E隨x的變化規(guī)律如圖所示，。一個帶電量為1C的正電粒子，從O點由靜止釋放，僅受電場力作用。則下列說法正確的是（）A.粒子從A到B做勻速直線運動B.若O點的電勢為零，則B點的電勢為VC.粒子運動到A點時動能為JD.粒子在OA段電勢能減少量等于BC段電勢能減少量【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知，從A到B電場強度不變，電場力恒定不變，粒子僅在電場力作用下做勻變速直線運動，故A錯誤；B．圖像的面積表示電勢變化，沿電場線方向電勢逐漸降低，若O點的電勢為零，則B點的電勢為故B正確；C．根據題意，由動能定理有解得粒子運動到A點時動能D．根據及圖像與坐標軸圍成的面積表示電勢變化可知，粒子在OA段電勢能減少量大于BC段電勢能減少量，故D錯誤。故選B。二、多選題（每小題4分，選對但未選全對得2分，選錯得0分，4小題共16分）9.下列說法中正確的是（）A.安培認為在原子、分子內部總存在著一種環(huán)形電流——分子電流B.奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，安培利用對稱性思想提出了磁能生電C.由知，電容C與電容器所帶電荷量Q成正比，與其兩端的電壓U成反比D.是磁感應強度的定義式，適用任何磁場，但電流元IL一定要垂直磁場方向放置【答案】AD【解析】【詳解】A．安培認為在原子、分子內部總存在著一種環(huán)形電流——分子電流，選項A正確；B．奧斯特發(fā)現了電流的磁效應，法拉第利用對稱性思想提出了磁能生電，選項B錯誤；C．電容器的電容只與電容器內部結構有關，與電容器所帶電荷量Q以及兩端的電壓U無關，選項C錯誤；D．公式是磁感應強度的定義式，適用任何磁場，但電流元IL一定要垂直磁場方向放置，選項D正確。故選AD。10.如圖所示，線框面積為S，線框平面與磁感應強度為B的勻強磁場方向垂直，則下列說法正確的是（）A.如圖所示位置時磁通量等于BSB.若使線框繞轉過角，磁通量仍為BSC.若從初始位置繞轉過角時，磁通量的變化量為BSD.若從初始位置線框翻轉，磁通量為零【答案】AC【解析】【詳解】A．如圖所示位置時磁通量等于BS，選項A正確；B．若使線框繞轉過角，磁通量為選項B錯誤；C．若從初始位置繞轉過角時磁通量為零，則磁通量的變化量為選項C正確；D．若從初始位置線框翻轉，磁通量為BS，選項D錯誤。故選AC。11.如圖，電源的電動勢為E，內阻為r，為定值電阻且，電表均為理想電表。閉合開關S后，在滑動變阻器R的滑片Р由最左端a向最右端b移動的過程中（）A.電流表和電壓表示數均逐漸減小B.電壓表與電流表示數的比值逐漸減小C.電壓表與電流表示數改變量的絕對值逐漸減小D.電源的輸出功率逐漸增大【答案】BD【解析】【詳解】A．根據閉合電路歐姆定律有在滑片P由最左端a向最右端b移動的過程中，R減小，則Ⅰ增大，電流表示數逐漸增大。由U=EIr可知，當Ⅰ增大時，路端電壓U減小，則電壓表示數逐漸減小，故A錯誤；B．電壓表與電流表示數的比值可知R減小，逐漸減小，故B正確；C．由閉合電路歐姆定律U=EIr可知，電壓表與電流表示數改變量比值的絕對值可知R減小，不變，故C錯誤；D．因，開始時，根據可知R減小，電源的輸出功率逐漸增大，故D正確。故選BD。12.如圖，一粗糙絕緣豎直面與兩個等量異種點電荷連線的中垂線重合，A、O、B為該豎直面上的三點，且O為等量異種點電荷連線的中點，AO=BO?，F有帶電荷量為q、質量為m的小物塊從A點以初速度v0向B滑動，到達B點時速度恰好為0，則（）A.A一定帶負電荷B.從A到B，小物塊先做加速運動后做減速運動C.小物塊到達O點時的動能為D.從A到B，小物塊的電勢能先減小后增大【答案】AC【解析】【詳解】A．粒子從A到B做減速運動，可知受向上的摩擦力作用，電場力向右可知，A一定帶負電荷，選項A正確；B．物塊在B點速度減為零，則在B點上方附近的加速度向上，則受的向上的摩擦力大于重力，由對稱性可知物塊在A點下方附近的向上的摩擦力也大于重力，即加速度向上，物塊從A點開始就做減速運動；在O點附近的場強大于A點附近的場強，則物塊在O點附近受電場力較大，摩擦力也較大，則加速度仍向上，物塊仍做減速運動，可知滑塊在整個過程中一直做減速運動，故B錯誤；CD．由于AB是等勢線，則電荷的電勢能不變，從A到B，電場力不做功，從A到B由動能定理從A到O由動能定理解得故C正確，D錯誤。故選AC。第Ⅱ卷非選擇題（滿分52分）三、實驗題（本題共2小題，13題6分，14題10分，共16分）13.小明同學利用如圖甲所示的實驗裝置“驗證動量守恒定律”，回答下列問題：（1）用游標卡尺測量直徑相同的兩小球的直徑，測量結果如圖乙所示，則直徑為___________mm；（2）實驗裝置中應保持斜槽末端_____________；（3）每次小球下滑要從_______________處由靜止釋放；（4）入射小球的質量m1___________被碰小球的質量m2；（選填“大于”、“小于”或“等于”）（5）在圖甲中，小球的水平射程的數值分別用OP、OM和ON表示，因此只需驗證__________________?！敬鸢浮浚?）12.60（2）切線水平（3）同一高度（4）大于（5）【解析】【小問1詳解】20分度游標卡尺的分度值為，由圖乙可知小球的直徑為【小問2詳解】為了保證小球拋出時的速度處于水平方向，實驗裝置中應保持斜槽末端切線水平?！拘?詳解】為了保證入射小球每次碰撞前瞬間的速度相同，每次小球下滑要從同一高度處由靜止釋放?！拘?詳解】為了保證碰撞后入射小球不反彈，入射小球的質量m1大于被碰小球的質量m2?！拘?詳解】設入射小球碰撞前瞬間的速度為，碰撞后瞬間入射小球和被碰小球的速度分別為、，根據動量守恒可得小球離開軌道后做平拋運動，它們在空中下落的高度相同，運動的時間相等，則有可得驗證動量守恒的表達式為14.描繪額定電壓為3.0V的小燈泡伏安特性曲線（要求電壓變化從零開始），并研究小燈泡實際功率。（1）為了完成實驗且盡可能減小實驗誤差，以下電路圖中，最合適的是______。A．B．C．D．（2）將圖甲中的實驗儀器連成完整的實驗電路。______（3）開關閉合前，滑動變阻器的滑片應置于__________端（填“a”或“b”）。（4）若閉合開關，移動滑動變阻器，實驗中測得有關數據如下表，根據表中的實驗數據，得到小燈泡的特性曲線（橫軸為電壓，縱軸為電流），如圖，則燈泡燈絲的電阻隨著電壓的升高而_______；當燈泡兩端為額定電壓3.0V時，此時小燈泡的電阻值為_______，燈泡功率P＝______W（結果均保留兩位有效數字）。0.400.801.201.602.002.402.800.100.160.200.230.250.260.27【答案】①.A②.③.a④.增大⑤.11⑥.0.83##0.82【解析】【詳解】（1）[1]因為描繪小電珠的伏安特性曲線實驗中，電表示數需要從零開始變化，即滑動變阻器應該采用分壓接法；因為小燈泡正常工作時電阻遠小于電壓表內阻，所以電路應該選用電流表外接法，即電路圖為分壓外接的連接方式。故選A。（2）[2]完整的實驗電路如圖所示（3）[3]開關閉合前，要使小燈泡兩端電壓為零，滑動變阻器的滑片應置于端；（4）[4]斜率代表電阻的倒數，燈泡燈絲的電阻隨著電壓的升高而增大。[5]由圖可知當燈泡兩端為額定電壓3V時，此時小燈泡中的電流約為I=0.272A[6]此時小燈泡的電阻值為小燈泡的實際功率為15.如圖所示，電流表和電壓表均為理想電表，電容器的電容C=8μF，定值電阻R1=4Ω，R2=6Ω，電源電動勢E=6V，內阻未知，開關S閉合一段時間后，電流表的讀數為0.5A，求：（1）電源內阻r。（2）電壓表的示數。（3）將開關S斷開，通過R2的電荷量。【答案】（1）2Ω（2）5V（3）2.4×10?5C【解析】【小問1詳解】開關S閉合一段時間后，電流表的讀數為0.5A，根據閉合電路歐姆定律有解得【小問2詳解】根據電路結構，電表測的是路端電壓，根據閉合電路歐姆定律有【小問3詳解】開關S閉合一段時間后，定值電阻R2兩端電壓根據電容的定義式有將開關S斷開后，電容器對定值電阻R2放電，結合上述可知，通過R2的電荷量16.如圖所示，一高空作業(yè)的工人的質量為65kg，系一條長為L=5m的安全帶，若工人不慎跌落時，安全帶的緩沖時間t=1s，g取10m/s2，求：（1）工人跌落到安全帶剛好伸直時的速度大?。?）從工人跌落到安全帶最長時重力對人的沖量。（3）從人跌落到安全帶最長的過程中安全帶受的平均沖力?！敬鸢浮浚?）（2）1300N·s，豎直向下（3）1300N，豎直向下【解析】【詳解】（1）自由下落段，根據速度位移公式解得（2）工人自由落的時間為有解得重力的沖