2024年吉林省高考物理一模試卷(含詳細(xì)答案解析)

2024年吉林省高考物理一模試卷

一、單選題：本大題共7小題，共28分。

1.研究表明原子核核子的平均質(zhì)量（原子核的質(zhì)量除以核子數(shù)）與原子序數(shù)有如圖所示的關(guān)系。一般認(rèn)為大

于鐵原子核質(zhì)量數(shù)（56）的為重核，小于則是輕核。下列對該圖像的理解正確的是（）

核子平均質(zhì)用

原子序數(shù)

A.從圖中可以看出，見原子核最穩(wěn)定

B.從圖中可以看出，重核A裂變成原子核B和。時(shí)，需要吸收能量

C.從圖中可以看出，輕核。和E發(fā)生聚變生成原子核產(chǎn)時(shí)需要吸收能量

D.從圖中可以看出，重核隨原子序數(shù)的增加，比結(jié)合能變大

2.如圖所示，橫截面為半圓的柱形玻璃磚放在水平桌面上，圖中的3條光線分別為：

某種單色光的入射光線、折射光線和反射光線，且入射光正對圓心。下列說法正空氣力

確的匙）,、玻璃公

A.光線1為入射光線JZ

B.液璃磚對該單色光的折射率為需

C.咳單色光在玻璃磚中發(fā)生全反射的臨界角的正弦值為黑

D.光線2、3不可能相互垂直

3.如圖所示的圓盤，半徑為R,可繞過圓心O的水平軸轉(zhuǎn)動，在圓盤的邊緣沿同一直徑方向QB

固定兩根長為R的輕桿，桿的端點(diǎn)各有一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球A、&在圓盤上纏繞足夠長的輕

繩.輕繩的另一端拴接一小球C現(xiàn)將裝置由靜止釋放，小球C向下以：g（g為重力加速度）的、

加速度做勻加速直線運(yùn)動，圓盤與輕繩間不打滑，經(jīng)過一段時(shí)間圓盤轉(zhuǎn)過兩圈。下列說法正A

OC

確的是（）

A.圓盤轉(zhuǎn)兩圈所用的時(shí)間為2J壽

B.圓盤轉(zhuǎn)兩圈時(shí)，小球A的角速度大小為2J督

C.圓盤轉(zhuǎn)兩圈時(shí)，圓盤的角速度大小為J手

D.圓盤轉(zhuǎn)兩圈時(shí)，小球8的線速度大小為2匹證

4.如圖所示，在正三角形A8C的8、C兩點(diǎn)沿垂直紙面方向固定兩根通電直導(dǎo)A

?、

9\

.\

線，電流方向如圖所示，電流大小之比為/b：〃=1：2。已知電流為/的通電?9\、

9\

■?

?%

直導(dǎo)線在與其相距d處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8=k：（k為常數(shù)）。則下列說■、

/'、、*\

?、一?

法正確的是（）「廠。

:'、、.'、

射................?

A.A點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向由8指向4

B.0點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向由A指向。

C.僅將8處電流加倍，則A、。網(wǎng)點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相反

D.僅將8處電流加倍，則A、。兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為1：3

5.2023年11月1日，我國在太原衛(wèi)星發(fā)射中心成功將“天繪五號”衛(wèi)

星發(fā)射升空，并順利進(jìn)入預(yù)定軌道。“天繪五號”在距離地球表面/“不望五'二工同步衛(wèi)星

50。切?附近環(huán)繞地球做勻速圓周運(yùn)動，其運(yùn)行周期約為|個(gè)小時(shí)，某時(shí)刻：硼◎1

\、“9

“天繪五號”、同步衛(wèi)星、地球的連線在同一直線上，如圖所示，則下

列說法正確的是（）

A.“天繪五號”的發(fā)射速度大于第二宇宙速度

B.“天繪五號”的線速度小于同步衛(wèi)星的線速度

C.“天繪五號”的向心力一定大于同步衛(wèi)星的向心力

D.到下一次“天繪五號”、同步衛(wèi)星與地球共線的時(shí)間約為0.8h

6.如圖所示的理想變壓器電路中，a、b、c、d、e為5個(gè)完全相司的燈泡（不考慮溫度對其電阻的影響），現(xiàn)

在MN間接入有效值不變的交流電壓，5個(gè)燈泡均正常發(fā)光。下列說法正確的是（）

M

?Q<>c?d?e(2)

b

A.變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為2：3

B.原線圈的輸入電壓與燈泡〃兩端的電壓相等

C.電源電壓的有效值為小燈泡額定電壓的2.5倍

D.若將小燈泡d拆除，則小燈泡心〃有可能被燒壞

7.如圖所示，〃、〃、c、d、e為正五邊形的五個(gè)頂點(diǎn)，。為其中心，現(xiàn)將三個(gè)完全；

相同、電荷量為Q(Q>0)的正電荷固定在a、b、c三點(diǎn)，電荷量為-q(q>0)的試

探電荷放在O點(diǎn)時(shí)，該試探電荷所具有的電勢能為-E,規(guī)定無窮遠(yuǎn)處的電勢為\"

\/6\

零。則下列說法正確的是(),

k、*

A.試探電荷-q在d點(diǎn)的電勢能大于在e點(diǎn)的電勢能,C

B.若再在d、e兩點(diǎn)各放置一電荷量大小為。的負(fù)電荷，則O點(diǎn)的電勢為看

C.若再在d點(diǎn)放置?電荷量大小為2Q的負(fù)電荷，則試探電荷-q在。點(diǎn)的電勢能為專

D.若再在Oe的中點(diǎn)放置一電荷量為。的正電荷，則試探電荷-q在e點(diǎn)的電勢能大于在d點(diǎn)的電勢能

二、多選題：本大題共3小題，共18分。

8.如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a6ctd—a過程的V-T圖

像，其中ac的連線過原點(diǎn)，兒?、面連線與橫軸平行，〃連線與縱軸平行。則

下列說法正確的是()

A.從狀態(tài)a到狀態(tài)b,氣體對外做正功

B.從狀態(tài)力到狀態(tài)c,單位時(shí)間、單位面積撞擊器壁的分子數(shù)不變

C.從狀態(tài)c到狀態(tài)比氣體向外放出熱量

D.a到〃氣體對外做的功等于c到4外界對氣體做的功

9.碰碰車深受青少年的喜愛，因此大多數(shù)游樂場都設(shè)置了碰碰車，如圖所示為兩游客分別駕駛碰碰車進(jìn)行

游戲。在某次碰撞時(shí)，紅車靜止在水平面上，黃車以恒定的速度與紅車發(fā)生正撞；已知黃車在紅車連同游

012cm

」甲州用川小吊吊瑞尸主尺

01020

乙

（1）游標(biāo)卡尺示數(shù)如圖乙所示，則遮光條的寬度為cm；

（2）已知重力加速度為g,若所掛鉤碼的個(gè)數(shù)為〃，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒時(shí)，關(guān)系式______成立（用已知和測量

的物理量的字母表示）；

（3）利用記錄的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，以《為橫軸、"為縱軸描繪出相應(yīng)的圖像，作出的圖線斜率為女，若系統(tǒng)的機(jī)械

能守恒，則k=（用已知和測量的物理量的字母表示）。

12.某同學(xué)測量某電阻的電阻值。

（1）首先用多用電表進(jìn)行粗測，將旋鈕扳到“X10”的擋位，進(jìn)牙歐姆調(diào)零后將兩表筆與待測電阻的兩端

（2）為了精確測量該電阻阻值，實(shí)驗(yàn)室為其提供了如下的實(shí)驗(yàn)器材:

a.待測電阻Rx

"電壓表V（量程1匕內(nèi)阻即=300。）

c.電流表4（量程2A、內(nèi)阻以?20/2）

d.電流表42（量程30〃滔、內(nèi)阻以x5。）

c.滑動變阻器8（0?10。）

f.滑動變阻器&（。?1k。）

g.電阻箱&（0?999.9/2）

/i.電源（電幼勢3匕內(nèi)阻不計(jì)）、開關(guān)，導(dǎo)線若干

①該同學(xué)分析實(shí)驗(yàn)器材，發(fā)現(xiàn)電壓表的量程太小，需將該電壓表改裝成3V量程的電壓表，應(yīng)(填

“串聯(lián)”或“并聯(lián)”)電阻箱島，并將用的阻值調(diào)為:

②實(shí)驗(yàn)時(shí)，為了減小實(shí)驗(yàn)誤差。且要求電表的示數(shù)從零開始調(diào)節(jié)，請將設(shè)計(jì)的電路畫在圖乙虛線框中，并

標(biāo)出所選用的相應(yīng)的器材符號；

③某次測量時(shí)，電壓表與電流表的示數(shù)分別為U、I,則待測電阻的阻值&=(用己知物理量的字母

表示)。

四、簡答題：本大題共3小題，共39分。

13.如圖所示，與外界隔熱的圓柱形容器開口向上固定，用密封性良好的匾熱活塞

將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在容器中，系統(tǒng)穩(wěn)定時(shí)，活塞到容器底部的高度為小

活塞的質(zhì)量為小、橫截面積為S,大氣壓強(qiáng)恒為等，重力加速度為g,容器中氣體

的溫度為"，不計(jì)活塞與容器內(nèi)壁的摩擦。求：

(1)若將封閉氣體的溫度升高原來溫度的%再次穩(wěn)定時(shí)活塞到汽缸底部的高度；

(2)若將容器水平放置且將溫度降低到原來溫度的，現(xiàn)在活塞上施加一水平力，當(dāng)活塞緩慢回到初始位置

時(shí)，則水平力的大小。

14.傳送帶是建筑工地常見的運(yùn)輸裝置，如圖所示為傳送帶AB的簡易圖，傳送帶的傾角為a=30。，以

%=8zn/s的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動，工人將質(zhì)量m=300的的工料(可視為質(zhì)點(diǎn))輕輕地放到傳送帶的底端

A，并用平行于傳送帶的輕繩拴接在工料上，啟動電動機(jī)，電動機(jī)對工料提供的牽引力恒為F=3000N,

經(jīng)過玲=2s關(guān)閉電動機(jī)，一段時(shí)間后工件剛好到達(dá)傳送帶的最高點(diǎn)兒已知工料與傳送帶之間的動摩擦因

數(shù)為〃=?，重力加速度g=10m/s2,不計(jì)空氣阻力。求：

(1)經(jīng)過時(shí)間書=2s時(shí)，工料的速度大??；

(2)剛關(guān)閉電動機(jī)后，工料的加速發(fā)；

(3)傳送帶4、B兩端間的距離。

15.如圖所示，水平虛線MN的下方存在豎直向上的勻強(qiáng)電場Eo(E0大小未知廠"、、、

/\

)，虛線上方有一以M/V上一點(diǎn)0為圓心、R為半徑的半圓形區(qū)域，該區(qū)域M：\?

????大????：??????????x?????

中存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場和水平方向的勻強(qiáng)電場E(E大小未知，圖中‘：°"

F0:

均未畫出)，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8,。點(diǎn)正下方固定一粒子源S,能源：Q

源不斷地產(chǎn)生初速度為零的同種正粒子，經(jīng)過一段時(shí)間粒子由。點(diǎn)進(jìn)入半

圓區(qū)域，粒子在半圓區(qū)域的軌跡為直線，在半圓區(qū)域內(nèi)運(yùn)動的時(shí)間為之,粒子的重力以及粒子間相互作用

均忽略不計(jì)。

(1)求半圓區(qū)域內(nèi)勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度￡的大小和方向：

(2)若僅將半圓區(qū)域內(nèi)的磁場撤去，結(jié)果粒子在半圓區(qū)域中運(yùn)動的時(shí)間變?yōu)榕c，求粒子的比荷以及S、。兩

點(diǎn)的電勢差；

(3)若將半圓區(qū)域內(nèi)的電場撤去，且將虛線MN下方的電場強(qiáng)度%增大到原來的16倍，求粒子在半圓形區(qū)

域運(yùn)動的時(shí)間。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：A輕核可聚變?yōu)楦€(wěn)定的核，重核可裂變?yōu)楦€(wěn)定的核，則原子核最穩(wěn)定，故A正確；

B.重核A裂變成原子核8和C時(shí)，由圖可知，核子平均質(zhì)量減小，裂過程存在質(zhì)量虧損，需要釋放能量，

故B錯(cuò)誤；

C輕核。和￡發(fā)生聚變生成原子核產(chǎn)時(shí)，由圖可知，核子平均質(zhì)量減小，聚變過程存在質(zhì)量虧損，需要釋

放能量，故C錯(cuò)誤；

D.由圖可知重核隨原子序數(shù)的增加，原子核越不穩(wěn)定，故比結(jié)合能越小，故。錯(cuò)誤。

故選：4。

根據(jù)圖象判斷出各原子核質(zhì)量關(guān)系，然后判斷發(fā)生核反應(yīng)時(shí)質(zhì)量變化情況，最后根據(jù)質(zhì)能方程分析答題。

本題難度不大，知道質(zhì)量寧損的概念、分析清楚圖象、了解核反應(yīng)的常識，明確核子平均質(zhì)量越小，則比

結(jié)合能越小，原子核越不穩(wěn)定。

2.【答案】C

【解析】解：4由圖分析可知3光線為入射光線，故4錯(cuò)誤；

8.玻璃磚對該單色光的折射率為“，折射定律可知九=變，故8錯(cuò)誤；

sini

C.根據(jù)全反射臨界角公式得：

sinC=—

n

解得：sinC=碼，故C正確：

sinr

D根據(jù)反射定律可知，若入射角為45。，則反射角為45。，光線2、3可以相互垂直，故。錯(cuò)誤；

故選：C.

根據(jù)光的反射定律、折射定律和光的全反射現(xiàn)象分析求解。

本題考查光的反射定律、折射定律和光的全反射現(xiàn)象等相關(guān)知識，解決本題的關(guān)鍵是掌握光折射定律和全

反射臨界角公式

sinC=n-o

3.【答案】B

【脩析】解：A由題意可知，圓盤轉(zhuǎn)兩圈的時(shí)間與小球C下落的時(shí)間相同，設(shè)為，，圓盤邊緣轉(zhuǎn)兩圈和小

球C下降的高度相等，則有：x=2x2nR=4nR

根據(jù)位移-時(shí)間公式有：

12112

x=2at=2X29t

解得圓盤轉(zhuǎn)兩圈所用的時(shí)間為

nR

t=4

~9

故A錯(cuò)誤:

8c.根據(jù)速度-時(shí)間關(guān)系式可知此時(shí)小球C的速度為

1.——

i;=尹t=2yJngR

則限1盤和小球A的角速度大小為

V

0)=-=：

故8正確，。錯(cuò)誤;

。?小球4的線速度人?小為

1/=2Ru)=4jngR

故。錯(cuò)誤;

故選：Bo

根據(jù)位移-時(shí)間公式計(jì)算時(shí)間；根據(jù)速度-時(shí)間關(guān)系式計(jì)算小球。的速度，再依據(jù)角速度、線速度和半徑關(guān)

系式計(jì)算角速度；角速度、線速度和半徑關(guān)系式計(jì)算線速度。

本題關(guān)鍵掌握依據(jù)勻變速直線運(yùn)動確定位移、時(shí)間和速度，再9圓周運(yùn)動規(guī)律結(jié)合計(jì)算。

4.【答案】D

【蟀析】解：A氏電流大小之比為心：/c=l：2,根據(jù)安培定則結(jié)合磁感應(yīng)強(qiáng)度的矢量疊加如圖:

故A8錯(cuò)誤;

CF1上述分析可知，僅將8處電流加倍，則4、。兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，故C錯(cuò)誤;

D僅將8處電流加倍，根據(jù)題干已知信息可知A點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

BA=-T

根據(jù)題干已知信息結(jié)合幾何關(guān)系，即可求得。點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

叫3%

Bo=——f--x2cos30°=—

2cos30°

A、。兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小之比為I：3,故。正確；

故選:Do

根據(jù)安培定則以及平行四邊形定則做出磁感應(yīng)強(qiáng)度的矢量疊加圖：再由題干提供的已知信息A、O兩點(diǎn)的

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。

該題需要掌握安培定則、平行四邊定則的使用，同時(shí)要根據(jù)題干提供的L知信息進(jìn)行解題，題目難度適

中。

5.【答案】D

【解析】解?：A、第二宇宙速度為脫離地球吸引的最小發(fā)射速度，“大繪九號'’沒有脫離地球的束縛，N

知“天繪五號”的發(fā)射速度小于第二宇宙速度，故A錯(cuò)誤;

8、根據(jù)萬有引力提供向心力有:

G-5-=m——

r2r

可得：v=J中，“天繪五號”的運(yùn)動半徑較小，則其線速度較大，故B錯(cuò)誤；

C、由于“天繪五號”與同步衛(wèi)星的質(zhì)量未知，所以向心力大小不能比較，故C錯(cuò)誤;

/）、地球同步衛(wèi)星的運(yùn)動周期為24九當(dāng)“天繪五號”比同步衛(wèi)星多轉(zhuǎn)動半周時(shí)，“天繪五號”、同步衛(wèi)

星與地球再次共線，則

2乃42萬4

匹一南"7r解得：￡=0.8/i,故。正確。

故選：

第二宇宙速度為脫離地球吸引的最小發(fā)射速度。根據(jù)萬有引力提供向心力列式，得到衛(wèi)星線速度表達(dá)式,

再分析線速度大小。結(jié)合萬有引力定律分析向心力的大小。當(dāng)“天繪五號”比同步衛(wèi)星多轉(zhuǎn)動半周時(shí)，

“天繪五號”、同步衛(wèi)星與地球再次共線，由此分析。項(xiàng)。

解答本題的關(guān)鍵要掌握萬有引力提供向心力這一思路，能靈活選擇向心力公式的形式。

6.【答案】C

【解析】解：人、設(shè)小燈泡的額定電壓為U'、小燈泡的額定電流為幾由題意5個(gè)小燈泡均正常發(fā)光，每個(gè)

小燈泡兩端的電壓均為u',流過每個(gè)小燈泡的電流均為r

則原線圈的電流為A=2/\副線圈的電流為，2=3r

由變壓器的工作原理以=?

n2

解得四=1

n22

故A錯(cuò)誤；

8、又由公式四="及"=U'

解得％=1.5U'

故B錯(cuò)誤；

C、電源的電壓為U=Ui+U'=1.5U'+U'=2.5U1

故C正確：

。、將變壓器和小燈泡。、。等效成一個(gè)電阻，若將小燈泡d拆除，則負(fù)載電阻增大，流過原線圈的電

流減小，流過小燈泡的小〃的電流減小，則兩燈泡不可能被燒斷，故。錯(cuò)誤。

故選：C

設(shè)通過各燈泡的電流和電壓，得到副線圈兩端的電流，根據(jù)電流和匝數(shù)的關(guān)系求解線圈匝數(shù)，根據(jù)電壓和

匝數(shù)的關(guān)系求解BC,根據(jù)電流關(guān)系分析。。

本題考查變壓器原理，解題的突破口在原副線圈的電流關(guān)系求得而數(shù)之比；再根據(jù)電流變化分析燈泡的亮

度。

7.【答案】B

【解析】解：4根據(jù)對稱性可知，試探電荷-q在，/點(diǎn)的電勢能等于在e點(diǎn)的電勢能，故A錯(cuò)誤；

R只在〃、/?、c三點(diǎn)固定正電荷時(shí)，。點(diǎn)的電勢為

%=3吟

則

-￡=-q(p1

解得：—E=—3絲^

V

若再在d、e兩點(diǎn)各放置一電荷量大小為Q的負(fù)電荷，則。點(diǎn)的電勢為：

,Q

仙=耳

解得：%=攝，故8正確;

C.若再在〃點(diǎn)放置一電荷量大小為2Q的負(fù)電荷，則0點(diǎn)的電勢為:

解得:<P3=kg

則試探電荷-q在。點(diǎn)的電勢能為：

.匕Qq

k

Ei=-q(p3=~~

解得：=-|,故。錯(cuò)誤；

D若再在Oe的中點(diǎn)放置一電荷量為。的正電荷，由幾何關(guān)系可知，e點(diǎn)電勢高于d點(diǎn)電勢，根據(jù)島=

-qW可知，試探電荷-q在e點(diǎn)的電勢能小于在4點(diǎn)的電勢能，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

電勢是一個(gè)標(biāo)量，某點(diǎn)的電勢等于三個(gè)電荷產(chǎn)生的電勢的代數(shù)和；求出。點(diǎn)電勢，根據(jù)與二-qw求解電

勢能：先比較e點(diǎn)電勢高于d點(diǎn)電勢，再比較電勢能。

此題考電場中力的性偵和能的性質(zhì)，綜合性較強(qiáng)，注意結(jié)合庫侖定律、力的平衡條件以及電勢和電勢能的

關(guān)系求解。

8.【答案】AC

【解析】解：4、從狀態(tài)〃到狀態(tài)力，氣體體積增大，則氣體對外做正功，故A正確；

8、從狀態(tài)〃到狀態(tài)c,氣體體積不變，分子數(shù)密度不變，溫度升高，根據(jù)一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)方程華二

C,可知?dú)怏w壓強(qiáng)增大，又溫度升高，氣體平均動能增大，所以單位時(shí)間、單位面積撞擊器壁的分子數(shù)增

加，故8錯(cuò)誤；

C、從狀態(tài)c到狀態(tài)"，氣體溫度不變，故內(nèi)能不變；體積減小，則外界對氣體做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定

律：AU=Q+W,可知，氣體放出熱量，故C正確；

。、由一定質(zhì)量理想氣體狀態(tài)方程掌=C可得：V=^T,結(jié)合題圖V—7圖像上各點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率越

大，氣體的壓強(qiáng)越小，從狀態(tài)。到狀態(tài)力與從狀態(tài)c到狀態(tài)d,氣體體積變化量在數(shù)值上相等，由狀態(tài)。

到狀態(tài)〃的平均壓強(qiáng)小丁狀態(tài)c到狀態(tài)"，所以，，到〃氣體對外做的功小丁c到〃外界對氣體做的功，故。

錯(cuò)誤；

故選：AC.

根據(jù)氣體體積的變化，確定做功情況；

根據(jù)壓強(qiáng)的變化確定單位時(shí)間、單位面積撞擊器壁的分子數(shù)的大??；

一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能由溫度決定；應(yīng)用熱力學(xué)第一定律分析答題；

根據(jù)圖示圖象分析消楚氣體狀態(tài)a-b與。-d的過程平均壓強(qiáng)的大小，再比較做功。

本題考查圖像問題，知道一定質(zhì)量的理想氣體內(nèi)能由溫度決定、知道壓強(qiáng)與單位時(shí)間、單體面積撞擊器壁

的分子數(shù)決定等是解題的關(guān)鍵。根據(jù)圖示圖象分析清楚氣體狀態(tài)變化過程，應(yīng)用熱力學(xué)第一定律和一定質(zhì)

量理想氣體狀態(tài)方程分析解題。

9.【答案】AC

【解析】解：A3、根據(jù)機(jī)械能守恒定律和動量守恒定理，有恤9=恤巧+如外，如爐=加1譜+

3巾2匿，解得：湍小%=缶〃

可知，當(dāng)血］＞血2時(shí)兩車得碰后速度方向相同，故A正確;

BC、若碰后黃車反向運(yùn)動，則爪1〈爪2，則碰撞后黃車速度小于碰撞前的速度，碰撞前后黃車的速度大小

之比不可能為5：6,若碰后黃車反向運(yùn)動且速度大于紅車，即安皿口＞?！2＞3mv故B錯(cuò)

叫+根2叫+7〃2

誤，C正確；

。、設(shè)碰后紅車的速度與碰前黃車的速度大小之為3：1,即丹：u=3：1,得3m2=0,不符合實(shí)際

情況，故。錯(cuò)誤。

故選：AC.

根據(jù)彈性碰撞的動量守恒定理和機(jī)械能守恒定律求出二者的碰后速度，據(jù)此討論即可。

本題考查了動量守恒和能量守恒定律的基本運(yùn)用，運(yùn)用動量守恒定律解題，關(guān)鍵選擇好研究的系統(tǒng)，注意

動量守恒定律表達(dá)式的矢量性。

10.【答案】ACD

【解析】解：A、t=0時(shí)，導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=導(dǎo)體棒上的感應(yīng)電流為/=

K十r

導(dǎo)體棒所受的安培力為F，=B/L

在導(dǎo)體棒上施加的外力沿導(dǎo)軌向上時(shí)，由力的平衡條件得&=mgsina+F'

解得8=0.5T

故4正確；

B、從t=0時(shí)刻開始，導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向上做勻減速直線運(yùn)動，導(dǎo)體棒減速時(shí)的加速度大小為Q=*=

^-m/s2=3m/s2

由牛頓第二定律得尸+mgsina+F"=ma

設(shè)經(jīng)時(shí)間t導(dǎo)體棒的速度大小為□則v=v0-at

又E=BLv

r__￡_

-R+r

根據(jù)安培力公式可知F"=8/Z

解得F=0.125C+0.5(/V)

故B錯(cuò)誤；

C、導(dǎo)體棒沿導(dǎo)軌向上減速18”?時(shí)，由公式i/2一詔=2Q%

解得=6m/s

此時(shí)導(dǎo)體棒上產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E〃=BLM

由閉合電路歐姆定律可知流過導(dǎo)體棒的電流為尸=邑

K+r

則導(dǎo)體棒MN兩端的電壓為UMN=I〃R

解得UMN=IV

故C正確；

。、0?4s內(nèi)，由法拉第電磁感應(yīng)定律得足=普=聆

AtAt

其中％m=

閉合電路歐姆定律得7=忌

K~rr

又由q=It

解得q=4c

故。正確.

故選：ACD.

導(dǎo)體棒在外力F。作用下沿斜面勻速向上運(yùn)動，由法拉第甩磁感應(yīng)定律求出回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，再由閉

合電路歐姆定律求出感應(yīng)電流大小及共點(diǎn)力平衡條件解得4根據(jù)勻變速直線運(yùn)動規(guī)律結(jié)合牛頓第二定律

解得8,根據(jù)運(yùn)動學(xué)規(guī)律結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律解得C：根據(jù)電流的定義式解得

Do

解決本題的關(guān)鍵要正確分析導(dǎo)體棒的受力情況，運(yùn)用力學(xué)規(guī)律如平衡條件、牛頓第二定律來判斷導(dǎo)體棒的

運(yùn)動情況。

11.【答案】0.165nmgl=+M)(：)2史警

【解析】解：(1)游標(biāo)卡尺的精度為0.05mm,讀數(shù)為：0.1cm+14x0.05mm=1.70mm=0.170cm

(2)根據(jù)速度的定義可得，滑塊到光電門的速度為：u

根據(jù)機(jī)械能守恒定律有：nmgL=1(nm+M)v2

整理解得：nmgL=^nm+M^2,即若滿足上式，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒。

(3)由(2)中表達(dá)式變形可得/一%勺表達(dá)式為：；=鬻產(chǎn)一工

若系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，則工圖像是一條直線，由題意得：k=咨

nMd1

故答案為：(1)0.170；(2)nmgL=:(nm+M)/)，(3)呼。

LLMa

(1)游標(biāo)卡尺主尺與游標(biāo)尺讀數(shù)的和是游標(biāo)卡尺讀數(shù)；

(2)求出滑塊經(jīng)過光電門時(shí)的速度，應(yīng)用機(jī)械能守恒定律倒推出實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證的表達(dá)式，然后分析答題；

(3)根據(jù)上?問的表達(dá)式，變形得到仔-彳的表達(dá)式為一直線，從而得到直線的斜率

理解實(shí)驗(yàn)原理是解題的前提，要掌握常用器材的使用方法與讀數(shù)方法；求出滑塊的速度，應(yīng)用機(jī)械能守恒

定律即可.解撅。

12.【答案】140串聯(lián)600。期與

IKy-U

【解析】解:(1)指針指向“14”刻度，根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)則,待測電阻為14X10C=140。

(2)①根據(jù)電壓表的改裝原理可知，應(yīng)串聯(lián)電阻，根據(jù)歐姆定律有q=患=而%

代入數(shù)據(jù)解得Ro=600。

②電路中的電流約為/=*=言?4=0.02U=21mA

八X140

電流表應(yīng)選擇力2，由于電壓表內(nèi)阻已知，則電流表外接，電壓表測待測電阻電壓，的電流、電壓測量更準(zhǔn)

確，減少實(shí)驗(yàn)誤差。另外，電表的示數(shù)從零開始調(diào)節(jié)，則滑動變阻器采用分壓式接法，電路如圖所示:

R

<1

3U3UR

③根據(jù)歐姆定律可知&n=m=麗V7。

故答案為：(1)140；(2)①串聯(lián)；600。；②見解析?：③)耦7。

(1)根據(jù)歐姆表測電阻的正確使用和讀數(shù)規(guī)則分析作答:

(2)①根據(jù)電壓表的改裝原理可知，應(yīng)串聯(lián)一個(gè)大電阻，根據(jù)歐姆定律求串聯(lián)電阻值；

②根據(jù)歐姆定律估算電路中的電流，然后選擇電流表；

由于電壓表內(nèi)阻已知，則電流表外接，完成實(shí)驗(yàn)電路圖；

③根據(jù)歐姆定律求解待測電阻的表達(dá)式。

本題考查了歐姆表的讀數(shù)，考查了電壓表的改裝以及“伏安法”測電阻，要掌握實(shí)驗(yàn)的原理；由于電壓表

內(nèi)阻己知，因此電流表外接法。

13.【答案】解：(1)將封閉氣體的溫度升高原來溫度的%氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-口薩克定律得：

hSh'S

47°

解得：hz=1/i

(2)對活塞受力分析，由共點(diǎn)力平衡條件得：

2mg

-S+mg=p0S

將容器水平放置，設(shè)外力為F,由共點(diǎn)力平衡條件得：

2mg

—「?S=PiS+F

根據(jù)查理定律得：

P。=P1

7—T

。37a°

解得：F=mg

答：(1)若將封閉氣體的溫度升高原來溫度的%再次穩(wěn)定時(shí)活塞到汽缸底部的高度為^力：

(2)若將容器水平放置且將溫度降低到原來溫度的1現(xiàn)在活塞上施加一水平力，當(dāng)活塞緩慢回到初始位置

時(shí)，則水平力的大小為機(jī)g。

【解析】(1)氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋-呂薩克定律分析求解：

(2)分別對活塞受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡列方程，再根據(jù)查理定律列方程，然后聯(lián)立求解。

對F封閉氣體，常常以與氣體接觸的活塞或水銀為研究對象，根據(jù)平衡條件求壓強(qiáng)，要加強(qiáng)這方面的訓(xùn)

練。

14.【答案】解：(1)對工料進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有：F-mgsinO+iimgcosO=

設(shè)經(jīng)，時(shí)刻，工料與傳送帶共速貝!有：女=。武

代人數(shù)據(jù)解得：t=1s

再對工料受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有：F-mgsinO-fimgcosB=ma2

根據(jù)速度-時(shí)間公式有

v=v04-a2t'

代人數(shù)據(jù)解得：v=10m/s

(2)剛關(guān)閉電動機(jī)后，對工料受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有：mgsinO+1.ungcosd=ma3

2

代人數(shù)據(jù)解得：a3=8m/s

方向沿傳送帶向下

(3)未撤去拉力之前，工料加速到與傳送帶共速時(shí)的位移滿足

v8

%=50h5x=4m

工料的速度從%增大到,的位移滿足：

u()+u8+10

%=——5——f2=——9——xIm=9m

2乙乙

關(guān)閉發(fā)動機(jī)撤去拉力后，工件與傳送帶共速時(shí)，13=小-%=當(dāng)&=

該時(shí)間內(nèi)的位移：x3=駕？xt3=當(dāng)3x-[m=2.25m

工件與傳送帶共速后，工件受到的摩擦力沿傳送帶向上，根據(jù)牛頓第二定律有：fimgcosO-w.gsxnO=ma

2

解得：a4=-2m/sy

當(dāng)工件剛好到達(dá)B點(diǎn)時(shí)，0-評=2a4x4

代入數(shù)據(jù)得：x4=16m

則傳送帶A、8兩端間的距離為：x=+x2+x3+%4

代人數(shù)據(jù)解得：x=31.25m

答：(1)經(jīng)過時(shí)間片=2s時(shí)，工料的速度大小為10m/s；

(2)剛關(guān)閉電動機(jī)后，工料的加速發(fā)為8TH/S2,方向沿傳送帶向下；

(3)傳送帶A、3兩端間的距離為31.25m。

【解析】(1)根據(jù)牛頓第二定律分共速前后兩段求加速度，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度-時(shí)間公式求出速度

大?。?/p>

(2)剛關(guān)閉電機(jī)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律求加速度；

(3)關(guān)閉電機(jī)后，工件先與傳送帶共速后再繼續(xù)減速到零到最高點(diǎn)，用動力學(xué)規(guī)律分別求出這兩段的位