2024屆明日之星高考物理精英模擬卷 【山東版】

2024屆明日之星高考物理精英模擬卷【山東版】

一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個選項符合題目要

求。

1.將受核輻射和含核反應(yīng)物的核污水直排大海，將對海洋造成不可逆轉(zhuǎn)的影響。某國排放的

核污水中僦的含量最高，其次還有碘-129、釘-106、碳-14、鉆-6（）、錮-90、鈉-134、缸137

等。下列給出涉及核污水中核素的核反應(yīng)方程錯誤的是（）

He+，eB.^91^9Xe+0.e

C.14N+'n^'4C+；HD.黑Cs->17Ba+；He

2.近年來無人機在軍事、工業(yè)等領(lǐng)域均有廣泛的應(yīng)用，一質(zhì)量為機的無人機在執(zhí)行遠程偵察

任務(wù)，某段時間內(nèi)該無人機以速度u沿著與水平方向成9角斜向上的方向勻速直線飛行，重

力而速度為g，則這段時間內(nèi)（）

A.該無人機處于超重狀態(tài)B.該無人機在運動的過程中機械能守恒

C.空氣對該無人機作用力的大小為mgD.重力對無人機做功的瞬時功率為mgv

3.熱熔胎指在一定溫度下表面呈熔化或凝膠狀態(tài)的車胎，熱熔胎能給車輛提供極佳的抓地

力，因而熱熔胎多用在對抓地力要求很高的車輛，如場地賽車。忽略運動過程熱熔胎的體積

變叱，下列說法正確的是（）

A.熱熔胎升溫過程，所有分子的動能均增大

B.熱熔胎在一定溫度下熔化，其是晶體

C.運動過程中，熱熔胎與地面不可能發(fā)生擴散

D.運動過程中，熱熔胎的內(nèi)能增大

4.如圖甲所示，光電管的陽極和陰極為兩正對平行放置的半徑為H的圓形金屬板，板間距為

/用頻率一定的細光束照射陰極板的圓心，發(fā)生光電效應(yīng)。調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片改變兩板

間的電壓，描繪出的/-U關(guān)系圖線如圖乙所示。若光電子從陰極板圓心處向各個方向發(fā)出，

則電流恰達到飽和時兩板間的電壓約為（）

圖甲圖乙

A.竺B"C."D."

R2R2R2R2

5.研究團隊利用中國天眼FAST發(fā)現(xiàn)了一個名為PSRJ1953+1844（M71E）的雙星，其軌道周

期僅為53分鐘，是目前發(fā)現(xiàn)的軌道周期最短的脈沖星雙星系統(tǒng)。該發(fā)現(xiàn)填補了蜘蛛類脈沖星

系統(tǒng)演化模型中缺失的一環(huán)。此類雙星兩顆星相距很近，在演化的某一階段脈沖星會蠶食伴

星恒星，且兩顆星越靠越近，假設(shè)雙星系統(tǒng)的總質(zhì)量不變，不考慮系統(tǒng)外的天體作用，則該

階段雙星系統(tǒng)的軌道周期（）

A.減小B.增大C.不變D.無法確定

6.如圖甲所示，質(zhì)量均為例的兩個物塊A、笈用不可伸長的輕繩相連，放在水平轉(zhuǎn)盤上，初始

狀態(tài)繩子松弛.兩物塊與轉(zhuǎn)盤之間的動摩擦因數(shù)均為"，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，

重力加速度大小為g.現(xiàn)讓轉(zhuǎn)盤從靜止緩慢增加轉(zhuǎn)速，兩物塊所受摩擦力隨角速度平方的變化

圖像如圖乙所示，取摩擦力向左為正方向（如圖甲所示），下列說法錯誤的是（）

甲

A.乙圖中（2）對應(yīng)B物塊所受摩擦力隨角速度平方的變化圖像

B.A、8兩物塊到轉(zhuǎn)盤圓心的距離為1:2

C./:耳：口；=1：2:4

D.當。=牡時，繩子的張力大小為

7.如圖所示，變壓器原線圈與定值電阻與串聯(lián)后接在輸出電壓有效值恒定的正弦式交流電源

兩端，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)分別為%和2,副線圈接滑動變阻器R?；瑒幼冏杵骰?/p>

從底端向上滑動的過程中，下列說法正確的是（）

A.交流電源的輸出功率先減小后增大B.凡的電功率可能先增大后減小

C.R1的電功率可能先增大后減小D.&的電功率可能先減小后增大

8.如圖所示，一長木板A靜止放在光滑的水平面上，物體8（可視為質(zhì)點）以初速度％從A

的左端滑上，最后從A的右端滑下，該過程中3的動能減少量為△E?A的動能增加量為

B間因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q,關(guān)于AEk"、刈、。的值，下列可能正確的是（）

A.AEks=7J、AE.=2J>Q=5JB.AEk?=7J%AEkA=5J、Q=5J

C.A￡；A=3J、AE「=2J、2=5JD.AE,=5J>AE..=3J>Q=2J

KIJIwlKfZ^Kzl

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題目要

求，全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得。分。

9.圖甲為一列簡諧橫波在/時刻的波形圖（0<，v（）.2s）,P是平衡位置在x=L（）m處的質(zhì)點，Q

是平衡位置在x=4.0m處的質(zhì)點;。圖乙為質(zhì)點。的振動圖像。下列說法正確的是（）

A.波沿工軸正方向傳播

B.波速大小為4（）m/s

C.圖甲所示時刻質(zhì)點P的縱坐標為5夜cm

D.從t時刻起經(jīng)過0.3s,質(zhì)點P振動的路程為60cm

10.如圖所示，點電荷甲、乙同定在絕緣水平面上，A、B、。為兩點電荷連線的四等分點，以

強度大小為8的勻強磁場，質(zhì)量均為小、阻值均為R的導(dǎo)體棒。和〃垂直導(dǎo)軌放置。開始時

開關(guān)斷開，給導(dǎo)體棒。一水平向右的初速度%,8離開導(dǎo)軌后瞬間閉合開關(guān)，最終。、〃到達

水平面上同一位置己知重力加速度為g,若導(dǎo)體棒間發(fā)生碰撞則為彈性碰撞，下列說法正

確的是（）

A.開關(guān)閉合前、后瞬間導(dǎo)體棒。的加速度相同

B.初始時小A之間的最大距離為

C.初始時以匕之間的最小距離為

D.金屬棒人和定值電阻R上產(chǎn)生的總焦耳熱不可能相同

三、非選擇題：本題共6小題，共60分。

13.（6分）某同學(xué)欲探究“加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”，設(shè)計了如圖甲所示的裝置.

實驗步驟如下：

①將質(zhì)量為例的小車靜止放在水平的木板上，然后把木板一端墊高，直到小車在木板上能勻

速下滑，小車后面掛上打點計時器，直到觀察到紙帶打出的點跡均勻，說明平衡摩擦力合

適，此時木板的傾角為夕=30。.

打點計時器

甲

②在木板墊高的一端固定一個定滑輪，將打點計時器固定在木板底端，用一根輕繩固定在小

車上，另一端連接一個質(zhì)量為〃2的重錘，松手后，小車沿木板向上做加速運動，加圖乙所示.

乙

③保持小車的質(zhì)量M不變，多次改變左側(cè)重錘的質(zhì)量〃7,以小車的加速度。為縱坐標,

為橫坐標，繪制。-一二圖像，如圖丙所示.

m+Mm+M

回答以下問題：

（1）長木板的動摩擦因數(shù)為;

（2）該實驗_______（填“需要”或‘不需要"）滿足〃yM；

（3）經(jīng)計算，圖丙中傾斜直線斜率的絕對值為縱截距為/人若滿足（用含

攵、人的代數(shù)式表示），則可得到加速度與合外力成正比，與質(zhì)量成反比的結(jié)論；

（4）請你對該實驗提出一些需要注意的事項：（開放性答案，合理即可）.

14.（8分）在測量金屬絲電阻率的實驗中，待測金屬絲的電阻約為10Q可供選擇的實驗器材

如下：

電源（￡=4V,內(nèi)阻不計），電壓表V1（量程。?3V）,電壓表V2（量程0?15V）,定

值電阻N=1O。，定值電阻鳥=iooc,滑動變阻器，開關(guān)S,導(dǎo)線若干.

（1）從圖甲可讀出金屬絲的直徑為mm.

HSH⑨

（2）實驗電路如圖乙所示，閉合開關(guān)后，將滑動變阻器的滑片滑到一個適當?shù)奈恢煤蟊３植?/p>

動.再用同一塊電壓表分別測量定值電阻和電阻絲的電壓，示數(shù)分別為a、u2.

①為了減小實驗誤差，定值電阻選_____,電壓表選______.

②電阻絲電阻的測量值為.

（3）考慮電壓表并不理想，電壓表并聯(lián)在電阻絲兩端時電阻絲兩端的電壓______（填“

或“=”）電壓表并聯(lián)在定值電阻兩端時電阻絲兩端的電

15.（8分）如圖甲所示，物塊小緊貼著靜置在粗糙水平面上，，=0時刻對。施加水平方向

的外力，外力隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示，規(guī)定向右為正方向。己知物塊久〃的質(zhì)量分別

為叫=2kg、/=lkg,與粗糙水平面間的動摩擦因數(shù)均為〃=0.2,最大靜摩擦力等于滑動

摩擦力，重力加速度g=10m/s2。求：

：1116(/s

0TJr

-5

（1）兩物塊的最大速度和4?9s內(nèi)運動的距離；

（2）從兩物塊分離到。靜止的過程運動的距離。

16.（8分）如圖所示，一“蘑菇形”透明工件的頂部是半徑為R的半球體，。0'為工件的對稱

軸，48是工件上關(guān)于。。;軸對稱的兩點，43兩點到。。，軸的距離均為d=工件

的底部涂有反射層，工件上最高點、最低點之間的距離為2R,一束單色光從A點平行對稱軸

射入工件，恰好從3點射出，光在真空中的傳播速度為c,求：

（1）工件的折射率；

（2）光線從射入工件到射出工件的時間。

17.（14分）如圖所示，空間存在垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為3,在紙面建

立直角坐標系xOy,質(zhì)子帶電荷量為q、質(zhì)量為〃z,從坐標原點。沿x軸正方向以速度Z射

出，運動過程中質(zhì)子到坐標原點的最遠距離為小若再施加一沿y軸負方向的勻強電場，質(zhì)

子以同樣的速度從坐標原點。射出后，恰好做勻速直線運動。不計重力作用。

y

XXXXX

B

XXXX

v

m0o

axxX

X

XXXXX

（1）求磁感應(yīng)強度區(qū)及電場強度E。

（2）當電場、磁場都存在時，質(zhì)子從坐標原點。沿x粕正方向以速度外。伏＞1）射出，經(jīng)時

nd

間仁不一時y坐標達到最大值。已知運動過程中質(zhì)子的加速度大小保持不變。求:

zvo

（i）時間，時質(zhì)子速度的大小及方向;

（ii）時間f時質(zhì)子的必標（x,y）。

18.（16分）如圖所示，質(zhì)量為肛=lkg的木板放置在光滑水平地面上，左側(cè)有一與木板等高

的水平臺面，木板的右端放置質(zhì)量為，％=4kg的物塊，初始時給物塊一水平向左的瞬時沖量

/=32N.So物塊與木板間的動摩擦因數(shù)〃=0.1,平臺與木板左端的間距4=2m,重力加速

度g=10m/s2,木板與平臺碰撞前后瞬間速度大小不變，且木板足夠長。

（1）求木板與平臺第一次碰撞前瞬間的速度大小。

（2）木板和物塊第一次共速前，求物塊在木板上運動的距離。

（3）從木板和物塊第一次共速后與平臺的第一次碰撞開始，求之后木板運動的總距離。

答案以及解析

1.答案：D

解析：由核反應(yīng)過程遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，D項中的核反應(yīng)方程不符合，故選

Do

2.答案：C

解析：該無人機處于平衡狀態(tài)，A錯誤；無人機在運動過程中受到自身豎直向下的重力，空

氣對其的作用力與重力等大反向，C正確；無人機運動過程中動能不變，重力勢能增加，機

械能增加，B錯誤；重力與速度u有夾角，D錯誤。

3.答案：D

解析：

熱熔胎升溫過程，分子平均動能增大，但不是每個

A錯誤

分子的動能均增大

熱熔胎的材料主要是橡膠，故熱熔胎不是晶體B錯誤

擴散可以發(fā)生在任意介質(zhì)之間，則熱熔胎和地面可

C錯誤

以發(fā)生擴散

運動過程中，熱熔胎體積不變，分子勢能不變，溫

D正確

度升高，分子平均動能增大，故內(nèi)能增大

4.答案：D

解析：第一步：計算光電子的最大初速度

電子質(zhì)量為〃?、帶電荷量為乙當金屬板間所加反向電壓為S時，有eUc=；/〃u；。

第二步：結(jié)合類拋體運動計算板間電壓

加正向電壓時，光電子在板間的運動可看成類拋體運動，初速度與極板平行的光電子在板間

運動的時間最長，當電子速度最大時，其平行極板方向的位移最大，設(shè)電流恰飽和時板間的

電壓為Qn，電子的加速度大小為〃=%，垂直極板方向有:〃/二d,電子不離開板間區(qū)域

am2

有%f=綜合解得=當。，D正確。

R

5.答案：A

解析：設(shè)脈沖星的質(zhì)量為町、軌道半徑為「其伴星的質(zhì)量為叫、軌道半徑為小兩者間的

距離為L,軌道周期為7,由萬有引力提供向心力有警(2nY(2兀、

叫【叫狗R，變式

T=2n—^-在雙星系統(tǒng)總質(zhì)量不變的情況下，隨著兩顆星越靠越近，兩顆星的軌道

VG(町+嗎)

周期逐漸減小，A正確。

6.答案：D

解析：轉(zhuǎn)盤從靜止加速轉(zhuǎn)動，48兩物塊起初靠靜摩擦力提供向心力，題圖甲中A受摩擦力

向右，8受摩擦力向左，由題圖乙可知圖像⑵為8物塊所受摩擦力隨角速度平方的變化圖

像，A正確；當8達到最大靜摩擦力時，有從mg=m*，此時對A物塊，有

2g=〃的匕，聯(lián)立解得，7=2%,B正確；設(shè)繩子拉力為耳，人做圓周運動的半徑為小

3做圓周運動的半徑為2-，則等，當。=豌時，對5,有4+〃叫二〃就2,對A,

有4=m*,解得說=絲，當時，對8,有耳+卬叫=m*2r,對A,有

r

F.一〃mg=m①》,聯(lián)立以上各式可解得3；二馬e,F；=3卬ng,則有加：就：欣=1:2:4,

r

C正確，D錯誤.

7.答案：C

解析：第一步：分析滑動滑片對原線圈回路的影響

當R2增大時，a減小，L減小，定值電阻與消耗的電功率［=減小，交流電源的輸出功

率下=叫,減小，AB錯誤。

第二步：分析滑動滑片對副線圈回路的影響

將變壓器和滑動變阻器&等效成電阻R',由1/'=//可得*=g?凡,*消耗的電功率為

n；~

z\2

_Uu9~

pr7M

丫=TTR飛，由數(shù)學(xué)知識可知，當R'=a,即修R=用時，&消耗的電

I、1旦+*+2Kn；-

Rf1

功率最大，滑片向上移動過程中R從0開始增大，則與消耗的電功率可能一直增大、先增大

后減小，C正確，D錯誤。

8.答案：A

解析：第一步：分析運動過程中的能量轉(zhuǎn)換

B從A的左端運動到右端的過程中，B對A的摩擦力使其加速，又因為二者的相對運動產(chǎn)生

了摩擦熱，則根據(jù)能量守恒可知△&8=4七5+。，BC錯誤。

第二步：找出能量間滿足的關(guān)系式后，判斷能量的大小關(guān)系

畫出8和A在此過程的速度時間圖線分別如圖中1、2所示，圖中1和2之間的面積表示板長

/,1與坐標軸所圍的面積表示3的位移』，2與坐標軸所圍的面積表示A的位移公，由圖易

知玉>/,工2</，又AEkB=執(zhí)1、。=力，則AEkB>Q>A%，A正確，D錯誤。

9.答案：BCD

解析：由圖甲可知川寸刻質(zhì)點。位于平衡位置，由振動圖像可知滿足條件的只有LQls,此

時質(zhì)點。沿丁軸負方向振動，可知波沿x軸負方向傳播，A錯誤；由題圖可知

/l=8m,T=0.2s,則波速為u=4=40m/s,B正確；0.1s時刻，波動方程為

y=10sinf^xcm,代入x=1.0m得）,=50cm,C正確；0.1s時刻，質(zhì)點P沿y軸正方

\A/

向振動，經(jīng)過。=0.3s=1；7\振動路程為

5=4x10cm+(10-55/2)cm+(10+5\/2)cm=60cm,DIE確。

10.答案：CD

解析：設(shè)兩點電荷之間的距離為4L,乙所帶的電荷量為。由庫侖定律可知，甲在A點產(chǎn)生

的電場強度水平向右，大小為巴寫,

4點的電場強度為（），則乙在A點產(chǎn)生的電場強度水

平向左，大小為芻=黑，有4=邑,解得Q=%,A錯誤；甲在3、。兩點產(chǎn)生的電場強

度水平向右，大小分別為E陰=%?、%產(chǎn)二，2,乙在3、C兩點產(chǎn)生的電場強度水平向

左，大小分別為七8乙=黑、Eg*,則B點的電場強度大小為EB=EB乙-E削二器,

［乙L)LL

C點的電場強度大小為乙二星乙-二鷲，則反C兩點電場強度大小之比為去二4,B

錯誤：AG段,兩點電荷產(chǎn)生的合電場均有從B指向G的分量，沒電場線方向電勢逐漸隆

低，則3點的電勢比G點的電勢高，C正確；由以上分析可知BC段的電場強度方向水平向

左，則電子在該段所受的電場力方向水平向右，電子由。到B的過程中電場力做負功，電勢

能逐漸增大，則電子在8點的電勢能大于在C點的電勢能，又8點的電勢比G點的電勢高，

則電子在G點的電勢能大于電子在8點的電勢能，綜上可得電子在G點的電勢能大于在。點

的電勢能，D正確。

11.答案：ABD

解析：設(shè)滑塊的初動能為百°，到達斜面底端時的動能為與I，斜面的傾角為。，斜面在水平

方向的總長度為％,滑塊在斜面上運動時由動能定理有

X

~0-jLimgcos9-----,E=E4-mgx(tan0-1.1),在水平面上運動時由

cos夕kk0

動能定理有紜-0若tan0v〃，則滑塊在斜面、水平面上均做減速運動，

口在水平面，.的加速度大于斜面_1_.的，A正確。若tan0>〃，則滑塊在斜面JJ故加速運動、

在水平面上做減速運動，B正確。設(shè)滑塊初始時的機械能為滑塊機械能的減少量等于克

服摩擦力做的功

X

在斜面上運動時有E=E。-4mgeos。----=E「〃ngx

cos(9

在水平面上運動時有E=盤-用電飛-用電(x-X。)=E°-jLimgx

綜上可得后=4一〃〃腺L整人過程滑塊的機械能七與水平位移x成線性關(guān)系，C錯誤，D正

確。

12.答案：BC

解析：1.兩導(dǎo)體棒發(fā)生碰撞的情況

若導(dǎo)體棒〃離開導(dǎo)軌前與。發(fā)生碰撞，碰撞前瞬間。的速度一定大于的，碰后二者交換速

度，之后〃的速度大于。的，〃的位移大于。的，則人離開導(dǎo)軌時，。到導(dǎo)軌右端的距離一定

大于零，a、〃離開導(dǎo)軌時的速度不可能相同，即公〃一定不發(fā)生碰撞。

2.兩導(dǎo)體棒不發(fā)生碰撞的情況

開關(guān)閉合前，導(dǎo)體棒。、力組成的系統(tǒng)所受合外力為零，二者組成的系統(tǒng)動量守恒，設(shè)開關(guān)閉

合前瞬間導(dǎo)體棒方的速度為U,則此時導(dǎo)體棒。的速度為（％-口），。、〃離開導(dǎo)軌后能落到同

一位置，則%-口之乙開關(guān)閉合前瞬間回路中的感應(yīng)電動勢為g=8L（%-2v）,開關(guān)閉合后

瞬間回路中的感應(yīng)電動勢為心-跳（％-酎），可知開關(guān)閉合前后瞬間回路中的感應(yīng)電動勢不相

等，回路中電流不相等，導(dǎo)體棒。所受安培力不相等，加速度也不相等，A錯誤。設(shè)開關(guān)閉

合前，流過導(dǎo)體棒b的平均電流為％,運動時間為*導(dǎo)體棒出人間距離的變化量為例，b

離開導(dǎo)軌后。運動到平臺最右端的位移大小為&5，則這段時間內(nèi)回路中的平均感應(yīng)電動勢

為小箸，導(dǎo)體棒b所受安培力的沖量為仆叫，又入需,可得2喑

同理，對開關(guān)閉合后。在導(dǎo)軌上的運動有〃?（%-2v）=也必，初始時久人間的距離

“72R

>.+以=粵滬1,當,時兩導(dǎo)體棒初始位置間的距離最大，為贊，當

時兩導(dǎo)體棒初始位置間的距離最小，為贊。由焦耳定律和上述分析可知，導(dǎo)體棒〃

2nL

產(chǎn)生的焦耳熱為。1=《、］欣“一;〃?（%一1,葉，定值電阻及上產(chǎn)生的焦耳熱為

2

&=1><l/n（v0-v）-l,mr,若則有了二三旦％,另一解舍去，綜上BC正確，

D錯誤。

13.答案：（1）立

3

（2）不需要

⑶卷

（4）m需要大于M；繩子需要與木板平行；多次實驗等

解析：（1）小車沿木板勻速下滑，則滿足Mgsin3（）o=〃Mg8s30。，可解得〃=理.

（2）該實驗不需要用重錘的重力代替繩子拉力，故不需要滿足mwM.

（3）對重錘和小車整體受力分析，由牛頓第二定律知，

mg-Mgsin30°—Mgcos30°=（m+M）,整理可得。=-2Mg----!—+g,貝ljA=2Mg,b=g,

m+M

即必=幺.

2b

14.答案:（1）0.512（0.511?0.513均可）

（2）①凡；Y②"

（3）<

解析：（1）螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為0.5mm,可動刻度讀數(shù)為0.01x1.2mm,所以金屬

絲的直徑為0.512mm.

（2）①如果選定值電阻&=IOOC,由于電阻絲電阻約為10C,所以當兩者串聯(lián)時，電阻絲

兩端的電壓將很小，電壓表在讀數(shù)時會造成較大誤差，而用的阻值與待測電阻絲的阻值相

近，所以定值電阻應(yīng)選用；由題意及前面分析可知，電壓表的讀數(shù)最大值約為2V,為了減

小實驗誤差，電壓表選V-②由/=?=/可得，待測電阻絲的阻值尺=容凡.

（3）電壓表不理想，當電壓表與定值電阻并聯(lián)時，并聯(lián)部分的總阻值小于定值電阻的阻值，

通過電阻絲的電流變大，電阻絲分得的電壓較大，所以當電壓表并聯(lián)在電阻絲兩端時電阻絲

兩端的電壓較小.

15.答案：（1）見解析

（2）見解析

解析：（1）根據(jù)題意可知兩物塊一起所受的最大靜摩擦力fm=芥4+町,）g=6N

根據(jù)圖乙可知/=2s時外力尸=6N,此后兩物塊開始運動

f=9s時兩物塊的速度達到最大，從，=2s到，=9s對兩物塊由動量定理有

劣-皿"+"）g（%-2s）=（“+”）vm

又尸T圖像與橫軸圍成的面積表示沖量大小，可知%=與&&-2s）+E&-fo）

6=6N,工=12N,/o=4s,Z]=9s

聯(lián)立解得%=12m/s

同理有//°一〃（叫+的）g&-2s）=（叫+叫）％

兒=安&12§)

可解得4s時兩物塊的速度v0=2m/s

4?9s內(nèi)，根據(jù)動能定理有g(shù)m+明4a+/)片=(瑪-。口

解得x=35m

(2)9?11s內(nèi)兩物塊一起做減速運動，f=lls時，外力”反向，兩物塊分離，物塊A向右做

勻減速直線運動，物塊〃在外力和摩擦力作用下做加速度減小的減速運動，假設(shè)。在16s之

前停止運動

根據(jù)動量定理有一/尸2-〃叫g(shù)(「2-11S)=0-乙用

匕=%一〃/3

廿?,5N+5N-(f,-11)(N)z一、

其中&=2s,//2=--------------——^--(z2-lls)

解得G=13S(￥=27S不符合題意,舍去)

%=13s時外力尸的大小小于。所受的最大靜摩擦力，假設(shè)成立

即從兩物塊分離到物塊。靜止，物塊〃運動的時間為加=2s

則有4=hA，一/〃g(Ar)2

解得/=12m

16.答案：(1)n=也(2)t——

解析：(1)光路如圖所示，設(shè)A點處的入射角為加折射角為夕

由幾何關(guān)系得而「二色二立①

R2

由幾何知識得￡=30。②

由折射定律有〃=2嗎③

sinP

解得.〃二G④

a

[O1

(2)三角形為等邊三角形，光在工件內(nèi)的傳播路程為

s=2AB=2yf3R?

光在介質(zhì)中的傳播速度為v=-@

n

光在工件中的傳播時間為，=三⑦

v

聯(lián)立得公竽⑧

17.答案：(1)也產(chǎn)；2乎(2)見解析

qdqd

2

解析：(1)只有磁場時，質(zhì)子做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力，有⑺。8=加生①

r

由題意知「二：②

可得八號③

qd

當電場、磁場同時存在時，有qE=q%B④

可得E=2乎

qd

(2)