2024屆黑龍江省高考考前模擬物理試題含解析

2024屆黑龍江省高考考前模擬物理試題

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5亳米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，在以Ro為半徑，。為圓心的圓形區(qū)域內存在磁場，直徑MN左側區(qū)域存在一勻強磁場，方向垂直于紙

面向外，磁感應強度大小為右側區(qū)域也存在一勻強磁場，方向垂直于紙面向里，磁感應強度大小為治，有一

質量為明電荷量為+q的帶電粒子（不計重力）沿垂直于MN的方向從P點射入磁場，通過磁場區(qū)域后自。點離開

磁場，離開磁場時其運動方向仍垂直于已知。尸與MN的夾角為〃1,與"N的夾角為〃2,粒子在左側區(qū)域

磁場中的運動時間為八，粒子在右側區(qū)域磁場中的運動時間為，2,則下列說法正確的是（）

B、sin&

B—=------

?sinq

4sin024_sin0x

D.

t2sinqt2sin0-,

2、如圖所示，真空中位于x軸上的兩個等量負點電荷，關于坐標原點O對稱。下列關于E隨x變化的圖像正確的是

3、如圖所示，一飛行器圍繞地球沿半徑為，?的圓軌道1運動，經(jīng)P點時，啟動推進器短時間向后噴氣使其變軌，軌道

2、3是與軌道1相切于尸點的可能軌道，則飛行器（）

A.變軌后將沿軌道3運動

B.變軌后相對于變軌前運行周期變大

C.變軌前、后在兩軌道上運動時經(jīng)尸點的速度大小相等

D.變軌前經(jīng)過？點的加速度大于變軌后經(jīng)過。點的加速度

4、2019年的諾貝爾物理學獎于10月8日公布，有一半的獎金歸屬了一對師徒——瑞士的天文學家MichelMayor和

DidierQueloz,以表彰他們“發(fā)現(xiàn)了一顆圍繞類太陽恒星運行的系外行星”。由于行星自身不發(fā)光，所以我們很難直接

在其他恒星周圍找到可能存在的系外行星，天文學家通常都采用間接的方法來偵測太陽系外的行星，視向速度法是目

前為止發(fā)現(xiàn)最多系外行星的方法。行星自身的質量使得行星和恒星圍繞著他們共同的質量中心在轉動，在地球上用望

遠鏡就有可能看到行星引力對于恒星的影響。在視線方向上，恒星受行星引力作用，時而遠離時而靠近我們，這種細

微的搖擺反應在光譜上，就會造成恒星光譜不斷地紅移和藍移。我們稱這種探測系外行星的方法為視向速度法。結合

以上信息，下列說法正確的是（）

A.在繞著共同的質量中心轉動的恒星和行星組成的雙星系統(tǒng)中，恒星和行星做圓周運動的線速度大小一定相等

B.在繞著共同的質量中心轉動的恒星和行星組成的雙星系統(tǒng)中，由于恒星質量大，轉動半徑小，所以恒星做圓周運

動的周期比行星的周期小

C.若某恒星在靠近我們，該恒星發(fā)出光的頻率將變高，因此接收到的頻率就會變高，即恒星光譜會出現(xiàn)藍移

D.若某恒星在遠離我們，該恒星發(fā)出光的頻率不變，但我們接收到的頻率會比它發(fā)出時的頻率低，即恒星光譜會出

現(xiàn)紅移

5、如圖，一根長直導線豎直放置，通以向上的電流。直導線與銅圓環(huán)緊貼但相互絕緣，且導線經(jīng)過環(huán)心0。下述各過

程中，銅環(huán)中有感應電流的是（）

A.環(huán)豎直向上勻速運動

B.環(huán)繞環(huán)心。勻速轉動

C.環(huán)向左勻速運動

D.環(huán)以導線為軸勻速轉動

6、〃、力兩個物體在同一時間、從同一地點開始，沿同一條直線運動，2圖象如圖所示，。、力兩物體運動圖線均為正

弦（余弦）曲線的一部分。在0?6s時間內，關于兩物體的運動，下列說法正確的是（）

A.。物體的加速度先增加后減小

B.a物體的位移大于力物體的位移

C.2s末a物體的加速度大于力物體的加速度

D.3s末°、力兩物體之間的距離最大

一、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖甲所示，一交流發(fā)電機線圈的總電阻r=1。，用電器電阻R=9Q,流過用電器的電流圖象如圖乙所示，

（sin37W06cos37。=0.8）則下列說法中正確的是（）

A.交流發(fā)電機電動勢的峰值為50V

B.交流發(fā)電機線圈從圖示位置開始經(jīng)過+s時電動勢的瞬時值為25近V

C.交流發(fā)電機線圈從圖示位置開始轉過37。時電壓表示數(shù)為36夜V

D.交流發(fā)電機線圈從圖示位置開始轉過90。的過程中的平均感應電動勢為曲三v

乃

8、如圖甲所示，輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上。一質量為機的小球，從離彈簧上端高萬處由靜止釋放，

某同學在研究小球落到彈簧后向下運動到最低點的過程，他以小球開始下落的位置為原點，沿豎直句下方向建立坐標

軸Ox,做出小球所受彈力尸大小隨小球下落的位置坐標x的變化關系如圖乙所示。不計空氣阻力，重力加速度為外

以下判斷正確的是（）

A.小球在下落的過程中機械能守恒

B.小球到達最低點的坐標大于力+2.%

C.小球受到的彈力最大值等于2〃電

D.小球動能的最大值為mgh+—

9、如圖所示，小球A、B、C通過銳鏈與兩根長為L的輕桿相連，ABC位于豎直面內且成正三角形，其中A、C置于

水平面上?，F(xiàn)將球B由靜止釋放，球A、C在桿的作用下向兩側滑動，三小球的運動始終在同一豎直平面內。已知

不計摩擦，重力加速度為g。則球B由靜止釋放至落地的過程中，下列說法正確的是（）

B

A.球B的機械能先減小后增大

B.球B落地的速度大小為

C.球A對地面的壓力一直大于mg

D.球B落地地點位于初始位置正下方

10、如圖所示，在豎直平面內有一邊長為L的正方形區(qū)域處在場強為E的勻強電場中，電場方向與正方形一邊平行.一

質量為粗、帶電量為g的小球由某一邊的中點，以垂直于該邊的水平初速片進入該正方形區(qū)域.當小球再次運動到該

正方形區(qū)域的邊緣時，具有的動能可能為（)

I、

B.可能等于,〃?%2

C.可能等于;〃"（/+；qEL-；mgL

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）實驗小組采用如圖甲所示實驗裝置測量木塊與木板間動摩擦因數(shù)卬提供的器材有：帶定滑輪的長木板，

有凹槽的木塊，質量為mo的鉤碼若干，打點計時器，電源，紙帶，細線等.實驗中將部分鉤碼懸掛在細線下，剩余的

鉤碼放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用打出的紙帶測量木塊的加速度.

打點計時器

（1）正確進行實驗操作，得到一條紙帶c紙帶的一部分如左圖所示，紙帶上兩相鄰計數(shù)點的時間間隔為T=0.10s。該同

學將紙帶從每個計數(shù)點處截斷，得到6條短紙帶，再把6條短紙帶的下端對齊貼在紙上，以紙帶下端為橫軸建立直角

坐標系，并將刻度尺邊緣緊靠縱軸，其示數(shù)如右圖所示。則打下計數(shù)點“2”時小車的速度大小為m/s；小

車的加速度大小為mH（結果均保留兩位有效數(shù)字）

（2）將木塊凹槽中的鉤碼逐個添加到細線下端，改變懸掛鉤碼的總質量m,測得相應的加速度a,作出a-m圖象如圖

所示.已知當?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s，，則木塊與木板間動摩擦因數(shù)/=（保留兩位有效數(shù)字）；N的測量值

（選填“大于”“小于”或“等于”）真實值。

⑶實驗中（選填“需要”或“不需要”）滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量.

a/(ms-2)

4.0

2.0+HHH*T+卜卜明川

TrrrTTinnn-r-rrZrTTi-i

0即1士導也中的婢（x?F）

「LLr4TTr0、rr1/Lr16「/U

.LULLXZJJJJUUUUL&.11JJ.

-2.0+&用4*+：+卜出*大

-

"raZrin-vrarar>r??r?T??^?n

-l_ULA.X^JJ.

-4.0

12.（12分）某小組的同學做“探究影響感應電流方向的因素”實驗。

圖甲（1）圖甲（2）

（1）首先按圖甲（1）所示方式連接電路，閉合開關后，發(fā)現(xiàn)電流計指針向右偏轉；再按圖甲⑵所示方式連接電路，閉合開

關后，發(fā)現(xiàn)電流計指針向左偏轉。進行上述實驗的目的是（）

A.檢查電流計測量電路的電流是否準確

B.檢查干電池是否為新電池

C.推斷電流計指針偏轉方向與電流方向的關系。

⑵接下來用圖乙所示的裝置做實驗，圖中螺線管上的粗線標示的是導線的繞行方向。某次實驗中在條形磁鐵插入螺線

管的過程中，觀察到電流計指針向右偏轉，說明螺線管中的電流方向（從上往下看）是沿（選填“順時針”或“逆

時針”）方向。

圖乙

（3）卜表是該小組的同學設計的記錄表格的一部分，表中完成了實驗現(xiàn)象的記錄，還有一項需要推斷的實驗結果未完成,

請幫助該小組的同學完成（選填“垂直紙面向夕卜”或“垂直紙面向里”）。

實驗記錄表（部分）

操作N極朝下插入螺線管

?

從上往下看的平面圖（而表示原磁場，

即磁鐵產(chǎn)生的磁場）

原磁場通過螺線管磁通量的增減增加

感應電流的方向沿逆時針方向

感應電流的磁場距的方向

（4）該小組同學通過實驗探究，對楞次定律有了比較深刻的認識。結合以上實驗，有同學認為，理解楞次定律，關鍵

在于抓住__________（選填"用”或"B”）總是要阻礙填“砌"或“小”）磁通量的變化。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，寬度為L、足夠長的勻強磁場的磁感應強度大小為氏方向垂直紙面向里.絕緣長薄板MN

置于磁場的右邊界，粒子打在板上時會被反彈（碰撞時間極短），反彈前后豎直分速度不變，水平分速度大小不變、方

向相反.磁場左邊界上O處有一個粒子源，向磁場內沿紙面各個方向發(fā)射質量為〃，、電荷量為+外速度為了的粒子,

不計粒子重力和粒子間的相互作用，粒子電荷量保持不變。

⑴要使粒子在磁場中運動時打不到絕緣薄板，求粒子速度口滿足的條件；

⑵若尸照,一些粒子打到絕緣薄板上反彈回來，求這些粒子在磁場中運動時間的最小值f;

m

⑶若y="些，求粒子從左邊界離開磁場區(qū)域的長度

14.（16分）如圖所示，在豎直平面內建立直角坐標系，y軸沿豎直方向。在xT，到戶2七之間存在豎直向上的勻強電

場和垂直坐標平面向里的勻強磁場，一個比荷為4的帶電微粒從坐標原點以一定初速度沿+工方向拋出，進入電場和磁

場后恰好在豎直平面內做勻速圓周運動，離開電場和磁場后，帶電微粒恰好沿+x方向通過x軸上x=3L的位置，已知

勻強磁場的磁感應強度為8,重力加速度為以求：

（1）電場強度的大?。?/p>

⑵帶電微粒的初速度；

⑶帶電微粒做圓周運動的圓心的縱坐標。

15.（12分）如圖所示，在xOj坐標系的第一象限內有一圓形有界勻強磁場.磁場方向垂直于坐標平面向外，磁感應

強度大小為〃=0.1T從坐標原點沿與x軸正向成〃=30°的方向，向第一象限內射入質量為m=1xlO-17kg、電荷量為

4=1.0x10—"C的帶正電粒子，粒子的速度大小為以）=卜10%】唇粒子經(jīng)磁場偏轉后，速度垂直于x軸.若不計粒子

的重力，求（結果可用m表示）：

（1）粒子在磁場中做圓周運動的半徑及運動的時間;

（2）勻強磁場的最小面積.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

AB.粒子運動軌跡如圖所示:

5

,N

由幾何知識可知，粒子在兩個磁場中的軌跡半徑分別為

_陰叫

彳一

cosa

&sina

r2二

cosa

航子在磁場中做勻速圓周運動洛倫茲力提供向心力.由牛頓第二定律得

v2

qvB=m—

解得

B=—

qr

則

B1_八_sin，1

B]r2sinft

故AB錯誤；

CD.粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為

丁2兀m

1=-----

qB

粒子在磁場中轉過的圓心角e相等，粒子在磁場中的運動時間為

e70m

t=——1=—

2乃qB

則有

八_B?_sin巧

/,Rsin

故C錯誤，D正確。

故選D。

2、A

【解析】

設x軸的正方向代表電場強度的正方向

0X

根據(jù)等量同種負電荷電場線在沿X軸方向的分布，結合規(guī)定正方向判斷如下：

①在A點左側電場線水平向右，場強為正，圖像的橫軸上方，離A點越近，場強越強;

②在A到O之間的電場線向左，場強為負，圖像在橫軸下方，離A越近，場強越強；

③在O到B之間電場線向右，場強為正，圖像在橫軸上方，離B越近，場強越強；

④在B點右側，電場線水平向左，場強為負，圖像在橫軸下方，離B越近，場強越強。

綜上所述，只有選項A符合題意。

故選A。

3、B

【解析】

根據(jù)題意，飛行器經(jīng)過尸點時，推進器向后噴氣，飛行器線速度將增大，做離心運動，則軌道半徑變大，變軌后將沿

軌道2運動，由開普勒第三定律可知，運行周期變大，變軌前、后在兩軌道上運動經(jīng)尸點時，地球對飛行器的萬有引

力相等，故加速度相等，故B正確，ACD錯誤。

故選B。

4、D

【解析】

AB.雙星間的萬有引力提供它們各自圓周運動的向心力，則恒星和行星做圓周運動的角速度大小相等，周期相同，則

Mm

G——=mctrrx

Mm

GMco2r

IT2

可得

r2m

由于恒星與行星質量不同，則軌道半徑不同，由公式-二/〃可知，恒星和行星做圓周運動的線速度大小不同，故AB

錯誤;

C.根據(jù)多普勒效應可知，若某恒星在靠近我們，該恒星發(fā)出光的頻率不變，但我們接收到的頻率會比它發(fā)出時的頻

率，即恒星光譜會出現(xiàn)藍移，故c錯誤；

D.根據(jù)多普勒效應可知，若某恒星在遠離我們，該恒星發(fā)出光的頻率不變，但我們接收到的頻率會比它發(fā)出時的頻

率低，即恒星光譜會出現(xiàn)紅移，故D正確。

故選D。

5、C

【解析】

AD.直導線中通以恒定的電流時，產(chǎn)生穩(wěn)恒的磁場，根據(jù)安培定則判斷可知，直導線兩側的磁場方向相反，由于左右

對稱，當環(huán)豎直向上、向下勻速運動或以直導線為軸轉動，穿過銅環(huán)的磁通量始終為零，保持不變，所以沒有感應電

流產(chǎn)生，AD錯誤；

B.環(huán)繞環(huán)心。勻速轉動，穿過銅環(huán)的磁通量始終為零，沒有感應電流產(chǎn)生，B錯誤；

C.環(huán)向左勻速運動，磁通量增加，有感應電流產(chǎn)生，C正確。

故選C。

6、C

【解析】

A.力的斜率先減小后增大，固力的加速度先減小后增大；A錯誤。

B.由圖可知曲線。在0~6秒內與時間軸所圍上下面積之和小于曲線〃與時間軸所圍上下面積之和，固曲線。位移小

于曲線方位移；B錯誤。

C.2s末曲線〃的斜率大于曲線〃的斜率，故兩秒末曲線。的加速度大于曲線力的加速度；C正確,

D.6s末曲線而所圍面積之差最大，故6s末時兩物體之間距離最大；D錯誤。

故選C。

【點睛】

7圖像基本知識點。如斜率代表加速度，斜率的絕對值代表加速度大小，斜率的正負代表加速度方向，與時間軸所圍

面積代表位移。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7^BD

【解析】

A.由題圖可得電路中電流的峰值為

4=5屈A

交流發(fā)電機電動勢的峰值為

J=，加%+力=5夜(9+1)V=5MV

故A錯誤；

B.由題圖可得交變電流的角速度o=l1)0/rrad/s,從線圈平面與磁場平行開始計時，則擊S時電動勢的瞬時值

e=Emcoscot=5()V2cos1()()?，(V)=50V2cos(10()乃x—]=25>/2V

I300)

故B正確：

C.電壓表示數(shù)為有效值不隨時間發(fā)生變化，電阻兩端電壓為

U=/R=45V

所以電壓表示數(shù)為45V,故C錯誤；

D.交流發(fā)電機線圈從圖示位置開始轉過90’的過程中的平均感應電動勢為

BS

石"△①VT2Ag2_100V2..

E=N----=N---=-NBSco=-Em=---------V

Af2萬7171

CO

故D正確。

故選BD.

8、BD

【解析】

A.小球與彈簧組成地系統(tǒng)只有重力和彈簧的彈力做功，滿足機械能守恒定律，故A錯誤；

BC.由圖像可知，〃+%為平衡位置，小球剛接觸彈簧時有動能，有對稱性知識可得，小球到達最低點的坐標大于

力+2升)，小球運動到最低點時彈力大于2mg,故B正確，C錯誤；

D.〃+/為平衡位置，動能最大，故從開始到力+玉)這段過程，根據(jù)動能定理可得

mg(h+x())-W=Ehn

而克服彈力做功等于圖乙中小三角形面積，即

卬=3〃麻0

故小球動能的最大值

L/1

D正確。

故選BD.

9、AB

【解析】

A.B下落時，A、C開始運動，當B落地后，A、C停止運動，因A、B、C三球組成系統(tǒng)機械能守恒，故球B的機

械能先減小后增大，故A正確；

B.對整個系統(tǒng)分析，有：

V3；12

解得

VB=y16gL

故B正確；

C.在B落地前的一段時間，A、C做減速運動，輕桿對球有向上力作用，故球A對地面的壓力可能小于膽g,故C錯

誤；

D.因為A、C兩球質量不相同，故球B落地點不可能位于初始位置正下方，故D錯誤。

故選AB。

10、BCD

【解析】

要考慮電場方向的可能性，可能平行于A8向左或向右，也可能平行于向上或向下.分析重力和電場力做功情況,

然后根據(jù)動能定理求解.

【詳解】

令正方形的四個頂點分別為ABCD,如圖所示

若電場方向平行于AC：

①電場力向上，且大于重力，小球向上偏轉，電場力做功為;qEL,重力做功為根據(jù)動能定理得：Ek-^mVi

11nnII1

=—qEL--mgL,即￡A=5mvi+—qEL--mgL

②電場力向上，且等于重力，小球不偏轉，做勻速直線運動，則Ek=l

2

若電場方向平行于AC,電場力向下，小球向下偏轉，電場力做功為gget,重力做功為;〃陪卻根據(jù)動能定埋得：

111111

Ek---mvi=—qEL+—mgL,即BnEk=—mv\+—qEL+—mgL.

222222

由上分析可知，電場方向平行于AC,粒子離開電場時的動能不可能為2.

若電場方向平行于AB：

若電場力向右，水平方向和豎直方向上都加速，粒子離開電場時的動能大于2.若電場力向右，小球從D點離開電場

時,有Ek-yrnvi=qEL+ymgL則得以=；mv\+qEL+-ymgL

若電場力向左，水平方向減速，豎直方向上加速，粒子離開電場時的動能也大于2.故粒子離開電場時的動能都不可

能為2.故BCD正確，A錯誤.故選BCD.

【點睛】

解決本題的關鍵分析電場力可能的方向，判斷電場力與重力做功情況，再根據(jù)動能定理求解動能.

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、0.47；0.70；0.33；大于；不需要；

【解析】

(1)依據(jù)中時刻的瞬時速度等于這段時間內的平均速度，那么計數(shù)點“2”時小車的速度大小為：

至二43()卜，00*］。-2mf$=o.47w/5；根據(jù)、=aT2結合逐差法可得：

2T2x0.1

(7.72+7.10+6.45-5.70-5.00-4.30)x10-2八”“

a=--------------------------------------------------------=0.70w/so

9x0.12

(2)根據(jù)牛頓第二定律可知mg-p(M-m)g=Ma,解得，:刖""),由圖可知，*g=?3.3,解得u=0.33；

M

P的測量值大于真實值，原因是滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦等；

(3)在此實驗中，由于把小車和祛碼的質量作為了整體，結合第二問可知，不需要滿足懸掛鉤碼質量遠小于木塊和槽

中的鉤碼總質量；

【點睛】

此題在求解加速度時還可這樣做：紙帶的長度之比等于此段紙帶的平均速度之比，還等于各段紙帶中間時刻的速度之

比，即紙帶的高度之比等于中間時刻速度之比，這種等效替代的方法減小了解題難度，要提高應用勻變速直線的規(guī)律

以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用。

12、C順時針垂直紙面向外Bf8)

【解析】

由題意可知，電流從電流計左邊進時，指針左偏，右邊進時，指針右偏，本實驗目的是探究感應電流的方向，則

進行上述實驗的目的是推斷電流計指針偏轉方向與電流方向的關系，故選C；

(2)[2]電流計指針向右偏轉，說明電流從電流計的右邊(正接線柱)流入，則說明螺線管中的電流方向(從上往下