惠州市2019屆高三第一次調研考試(理數(shù))

PAGEPAGE4惠州市2019屆高三第一次調研考試數(shù)學（理科）全卷滿分150分，時間120分鐘．注意事項：1．答題前，考生務必將自己的姓名、準考證號、座位號、學校、班級等考生信息填寫在答題卡上。2．作答選擇題時，選出每個小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案信息點涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案，寫在本試卷上無效。3．非選擇題必須用黑色字跡簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題指定的位置上，寫在本試卷上無效。一、選擇題：本題共12小題，每小題5分，共60分.在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求.（1）復數(shù)的共軛復數(shù)是（）(A) (B) (C) (D)（2）已知集合，，若，則實數(shù)的取值集合為（）(A)(B)(C)(D)（3）函數(shù)的最小正周期為，則（） (A) (B) (C) (D)（4）下列有關命題的說法錯誤的是（）(A)若“”為假命題，則與均為假命題；(B)“”是“”的充分不必要條件；(C)若命題，則命題；(D)“”的必要不充分條件是“”.（5）已知各項均為正數(shù)的等比數(shù)列中，，，，成等差數(shù)列，則數(shù)列的前項和（）(A)(B)(C)(D)（6）“牟合方蓋”是我國古代數(shù)學家劉徽在研究球的體積的過程中構造的一個和諧優(yōu)美的幾何體。它由完全相同的四個曲面構成，相對的兩個曲面在同一個圓柱的側面上，好似兩個扣合（牟合）在一起的方形傘（方蓋）。其直觀圖如圖，圖中四邊形是為體現(xiàn)其直觀性所作的輔助線。當其正視圖和側視圖完全相同時，它的俯視圖可能是（）(A)(B) (C)(D)輸出S結束輸入i=1是開始i=i+1S=0i≥8?否S輸出S結束輸入i=1是開始i=i+1S=0i≥8?否S=S/8(A) (B) (C)(D)（8）對一個作直線運動的質點的運動過程觀測了8次，得到如下表所示的數(shù)據(jù).觀測次數(shù)12345678觀測數(shù)據(jù)4041434344464748在上述統(tǒng)計數(shù)據(jù)的分析中，一部分計算見如圖所示的算法流程圖(其中是這8個數(shù)據(jù)的平均數(shù))，則輸出的的值是（）(A)6(B)7(C)8(D)9（9）已知和分別是雙曲線的兩個焦點，和是以為圓心，以為半徑的圓與該雙曲線左支的兩個交點，且是等邊三角形，則該雙曲線的離心率為()(A) (B)(C) (D)（10）已知正四棱錐的側棱與底面的邊長都為，則這個四棱錐外接球的表面積為（）(A)(B)(C)(D)（11）已知函數(shù)，若且對任意恒成立，則的最大值為（）(A)3(B)4(C)5(D)6（12）設拋物線的焦點為，過點的直線交拋物線于兩點，與拋物線準線交于點，若，則（）(A) (B)4 (C)3(D)2（21）（本小題滿分12分）已知函數(shù)，（1）試確定函數(shù)的零點個數(shù)；（2）設，是函數(shù)的兩個零點，證明：．（二）選考題：共10分。請考生在第22、23題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。答題時請寫清題號并將相應信息點涂黑。（22）（本小題滿分10分）選修4-4：坐標系與參數(shù)方程在極坐標系中，已知圓C的圓心C，半徑．（1）求圓C的極坐標方程；（2）若，直線的參數(shù)方程為（為參數(shù)），直線交圓C于A、B兩點，求弦長的取值范圍．（23）（本小題滿分10分）選修4-5：不等式選講已知函數(shù)．（1）若恒成立，求的取值范圍；（2）當時，解不等式：．

數(shù)學（理科）參考答案一、選擇題：題號123456789101112答案BDCDABABCCBD（1）【解析】B；，其共軛復數(shù)為；（2）【解析】D；注意當時，，也滿足，故選D；（3）【解析】C；，，；（4）【解析】D；由題可知：時，成立，所以滿足充分條件；但時，不一定為，所以必要條件不成立，故D錯；（5）【解析】A；設的公比為，則，，，或（舍），；（6）【解析】B；因為相對的兩個曲面在同一個圓柱的側面上，好似兩個扣合在一起的方形傘，所以其正視圖和側視圖是一個圓。俯視圖是從上向下看，相對的兩個曲面在同一個圓柱的側面上，所以俯視圖是有2條對角線且為實線的正方形，故選B；（7）【解析】A；由題意是指數(shù)型的，是對數(shù)型的且是一個偶函數(shù)，由，可得出，故，故，由此特征可以確定C、D兩選項不正確，且是一個減函數(shù)，由此知B不對，A選項是正確答案，故選A；（8）【解析】B；，.故選B；（9）【解析】C；設，是等邊三角形，，，，因此.故選C；（10）【解析】C；可求出正四棱錐的高為3．設其外接球的半徑為，則由兩者的位置關系可得，解得，所以．故選C.（11）【解析】B；考慮直線與曲線相切時的情形。設切點為，此時，即，化簡得：，設，由于，。故，所以切線斜率的取值范圍是，又，，選B；（12）【解析】D；設直線，，將直線方程代入拋物線方程得：，由韋達定理得：①，分別過點作準線的垂線，垂足分別為點，，即②，解得，，故選D。二、填空題：（13）（14）（15）（16）（13）【解析】畫出不等式組表示的平面區(qū)域，在點處取得最大值，∴．（14）【解析】向量，，，又與共線，可得，解得．（15）【解析】由題意可得，有2種分配方案：①甲部門要2個電腦編程人員，則有3種情況；兩名英語翻譯人員的分配有2種可能；根據(jù)分步計數(shù)原理，共有3×2=6種分配方案．②甲部門要1個電腦編程人員，則有3種情況電腦特長學生，則方法有3種；兩名英語翻譯人員的分配方法有2種；共3×2=6種分配方案．由分類計數(shù)原理，可得不同的分配方案共有6+6=12種。（16）【解析】設，則，由題意，當，時，取最小值1，當，時，取最大值，易知可取遍，即.數(shù)陣中前16行共有個數(shù)，所以第17行左數(shù)第10個數(shù)為。三、解答題：（17）解析：（1），…………2分，，…………4分又，.…………6分（2）由（1）可知為等邊三角形，且，在中，，即，，…………9分，即，，故，…………11分…………12分（18）（1）設四棱柱的棱長為∵，∽，∴由，，得，………2分∵，∴，…………3分是直四棱柱，，又，∴，∵，∴平面…………4分∵平面，∴平面平面…………5分（2）（方法一）過作于，于，連接……6分由平面平面，平面平面，平面…………7分∴，又，，∴平面，，是二面角的平面角…………9分在中，，，，，在中，，，，（、（求得任何一個給2分，兩個全對給3分），…………12分（方法二）以為原點，、所在直線為軸、軸，平行于的直線為軸建立空間直角坐標系，則，，…………7分設平面的一個法向量為，則即，不妨取，…………9分由（1）知，，平面的一個法向量為…………11分二面角的平面角的余弦值…………12分（19）解：（1）由題意知，b＝1，，…………2分所以橢圓E的方程為．…………4分（2）證明：設直線PQ的方程為y＝k(x－1)＋1(k≠2)，代入，得(1＋2k2)x2－4k(k－1)x＋2k(k－2)＝0，由題意知Δ＞0，設P(x1，y1)，Q(x2，y2)，且x1x2≠0，則，，…………6分所以…………9分故直線AP與AQ的斜率之和為定值2．…………12分（20）解：（1）記“抽取的兩天送餐單數(shù)都大于40”為事件，則；…………4分（2）（ⅰ）設乙公司送餐員送餐單數(shù)為，則當時，；當時，；當時，；當時，；當時，．所以的所有可能取值為152，156，160，166，172．…………6分故的分布列為：152156160166172．…………8分（ⅱ）依題意，甲公司送餐員日平均送餐單數(shù)為．……10分所以甲公司送餐員日平均工資為元．…………11分由（?。┑靡夜舅筒蛦T日平均工資為元．因為，故推薦小明去乙公司應聘．…………12分（21）解：（1）由得，令，函數(shù)的零點個數(shù)即直線與曲線的交點個數(shù)，……1分如圖，由得，∴函數(shù)在單調遞增，由得，∴函數(shù)在單調遞減?！喈敃r，函數(shù)有最大值，…………3分又當時，，，當時，∴當時，函數(shù)沒有零點；當或時，函數(shù)有一個零點；當時，函數(shù)有兩個零點。…………6分（2）證明：證法一：函數(shù)的零點即直線與曲線的交點橫坐標，由（1）知，不妨設，得，∵函數(shù)在上單調遞增，在上單調遞減，∴函數(shù)在單調遞減，在上單調遞增；要證，只需證，∴只需證，…………8分又，即要證∵由得構造函數(shù)，則，……10分當時，，，即函數(shù)在上單調遞減，∴，即當時，，即.…………12分證法二：由（1）知，不妨設，設，，…………8分由，易知是減函數(shù)，當，，又，得，所以在遞增，，即……10分由得，又，，由在上單調遞增，得在單調遞減，又，，即.…………12分（22）解：（1）∵點C的直角坐標為，…………1分∴圓C的直角坐標方程為．…………2分化為極坐標方程是…………4分（2）將代入圓C的直角坐標方程，得，即．…………6分