2025屆高三11月適應(yīng)性月考（三）物理試題（含答案）

物理試卷

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生務(wù)必用黑色碳素筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)在答題卡上填

寫清楚。

2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。在試題卷上作答無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。滿分100分，考試用時(shí)75分鐘。

一、單項(xiàng)選擇題：本大題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只

有一項(xiàng)符合題目要求。

1.如圖，一輕繩跨過(guò)光滑定滑輪，繩的一端系物塊P,P置于水平桌面上，與桌面間存在摩擦；繩的另一

端懸掛一輕盤（質(zhì)量可忽略），盤中放置祛碼。改變盤中祛碼總質(zhì)量相，并測(cè)量P的加速度大小。，得到

。一根圖像。重力加速度大小為g。在下列。一加圖像中，可能正確的是（）

2.某電動(dòng)小車在平直路面上以恒定功率P啟動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間f達(dá)到最大速度v,該過(guò)程電動(dòng)小車前進(jìn)的距離為

X。若電動(dòng)小車的質(zhì)量為機(jī)，所受阻力的大小恒為力下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.小車做加速度不變的加速運(yùn)動(dòng)

B.小車速度為v時(shí)，所受牽引力大小等于阻力大小

C.該過(guò)程，電動(dòng)機(jī)對(duì)小車所做的功為fic+~mv2

D.該過(guò)程，電動(dòng)機(jī)對(duì)小車所做的功為已

3.下圖甲為用手機(jī)和輕彈簧制作的一個(gè)振動(dòng)裝置。手機(jī)加速度傳感器記錄了手機(jī)在豎直方向的振動(dòng)情況，

以向上為正方向，得到手機(jī)振動(dòng)過(guò)程中加速度。隨時(shí)間f變化的曲線為正弦曲線，如圖乙所示，下列說(shuō)法正

確的是（）

V//////////,

a/(ms-2)

O

8

甲

t=時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能為0B.7=0.2s時(shí)，手機(jī)位于平衡位置上方

C.從/=0至f=0.2s,手機(jī)的機(jī)械能不變D.a隨，變化的關(guān)系式為a=4sin（2.5w）m/s2

4.2024年4月25日，神舟十八號(hào)飛船與天宮空間站順利對(duì)接，運(yùn)載火箭先將飛船送入圓軌道I上，通過(guò)變軌

進(jìn)入預(yù)定圓軌道。如圖所示，飛船與空間站在對(duì)接前在各自預(yù)定的圓軌道I、III上運(yùn)動(dòng)，II為對(duì)接轉(zhuǎn)移軌道，

不考慮飛船質(zhì)量的變化，下列說(shuō)法正確的是（）

A.飛船從橢圓軌道n進(jìn)入預(yù)定圓軌道in需要減速

B.飛船在I軌道上的運(yùn)行速度小于在ni軌道上的運(yùn)行速度

C.飛船在II軌道上的機(jī)械能大于在I軌道上的機(jī)械能

D.飛船在三個(gè)軌道上運(yùn)行時(shí)與地球連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等

5.如圖所示電路，電源內(nèi)阻不計(jì)，P點(diǎn)是電容器兩極板間的一個(gè)定點(diǎn)，C為電容器的電容，E為電源的電動(dòng)

勢(shì).滑動(dòng)變阻器滑片最初處于。端且電路處于穩(wěn)定狀態(tài)，現(xiàn)滑片從。端緩慢滑到b端，則該過(guò)程中（）

t&ijI?R?i

［與

-------ZL

c__二一尸—

a,C,b

--------1--------'?

氏

——-----------------------

電容器兩極板間的電壓先增大后減小B.c點(diǎn)電勢(shì)比d點(diǎn)電勢(shì)略高

C.流過(guò)鳥橫截面的電荷量等于CED.P點(diǎn)的電勢(shì)升高

6.如圖所示，在豎直y軸上固定兩個(gè)點(diǎn)電荷，電荷量為+Q的點(diǎn)電荷在2%處、電荷量加為-4。的點(diǎn)電荷

在3%處。將質(zhì)量為機(jī)、電荷量為+q的小球從坐標(biāo)原點(diǎn)。靜止釋放，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)后，剛能到達(dá)最低點(diǎn)8。以

為處為電勢(shì)能零點(diǎn)、重力勢(shì)能零點(diǎn)，小球可視為點(diǎn)電荷，小球在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的重力勢(shì)能穌1、機(jī)械能用、

動(dòng)能Ek及電勢(shì)能就2隨y變化的圖像可能正確的是（）

+q,m

0巾。

I

ynyy0y

7.如圖，真空中的勻強(qiáng)電場(chǎng)平行于紙面，半徑為R的圓形區(qū)域處于勻強(qiáng)電場(chǎng)中，圓周上的A點(diǎn)有一粒子源,

能向紙面內(nèi)各個(gè)方向陸續(xù)發(fā)射初動(dòng)能相等、帶電量均為q的同種粒子，圓周上各處均有粒子到達(dá)，不計(jì)粒子

重力和粒子間的相互作用，AC、8。是圓的兩條相互垂直的直徑，測(cè)得粒子到達(dá)圓周時(shí)的最小動(dòng)能比初動(dòng)能

小耳）,最大動(dòng)能比初動(dòng)能大3E。，則（

B

D

E.2E

A.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為多B.電場(chǎng)強(qiáng)度的大小為g

qRqR

C.電場(chǎng)方向與AC的夾角為45。D.電場(chǎng)方向與AC的夾角為30°

二、多項(xiàng)選擇題：本大題共3小題，每小題5分，共15分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有

多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

8.如圖所示，兩根通電導(dǎo)線尸、。沿垂直紙面的方向放置，導(dǎo)線P、。中通有電流4、12,電流的方向未畫

出，。點(diǎn)為兩導(dǎo)線連線的中點(diǎn)，cP=PO=OQ=Qd,。、b兩點(diǎn)位于PQ連線段的中垂線上并關(guān)于。點(diǎn)對(duì)

稱，且己知c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，d點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直源向下。已知直線電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在某點(diǎn)

的磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大小與該點(diǎn)到通電導(dǎo)線的距離成反比，則下列說(shuō)法正確的是（）

I

P：Q

?—o------------?------------O—?,

cO\d

J

I

I

I

A.P中的電流方向垂直紙面向外、。中的電流方向垂直紙面向里

B.A：八=1：9

C.O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直cd向上

D.若乙=/2，方向不變，則人兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同

9.如圖所示，柔力球以迎、弓I、拋及弧形接發(fā)技術(shù)為特征，是一項(xiàng)集健身、表演和競(jìng)技為一體的富有民族

特色的體育運(yùn)動(dòng).如圖，健身者能控制球拍使球在豎直面內(nèi)做半徑為R的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，忽略球運(yùn)動(dòng)過(guò)程

中受到的空氣阻力.。為圓周的最高點(diǎn)，c為最低點(diǎn)，在這兩處拍面水平，6、d兩點(diǎn)與圓心。等高，已知球

的質(zhì)量為加，重力加速度大小為g,球在c點(diǎn)對(duì)球拍的壓力大小為5〃?g,則球（）

A.做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度大小為J麻B.在a處受到球拍的作用力為3mg

C.在6處一定只受到兩個(gè)力的作用D.圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T=

10.如圖甲，托卡馬克是一個(gè)由封閉磁場(chǎng)組成的“容器”，形狀像一個(gè)放倒的輪胎，帶電粒子會(huì)沿封閉的磁力

線做螺旋式運(yùn)動(dòng)，上億度高溫的等離子體被約束在環(huán)形的磁場(chǎng)中，為核聚變的發(fā)生提供必要條件，我國(guó)托克

馬克裝置在世界上首次實(shí)現(xiàn)了穩(wěn)定運(yùn)行100秒的成績(jī)，托卡馬克裝置的主要特點(diǎn)是采用多個(gè)磁場(chǎng)疊加才能

實(shí)現(xiàn)磁約束，圖乙為其真空室某處橫截面環(huán)向磁場(chǎng)的示意圖，越靠近空室的右側(cè)（即甲圖中靠近豎直中央軸

線的一側(cè)）環(huán)向磁場(chǎng)越強(qiáng)，不計(jì)粒子重力及相互作用，若粒子僅在圖乙環(huán)向磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是

)

甲z.

A.正離子在環(huán)向磁場(chǎng)中沿順時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)

B.帶電粒子在環(huán)向磁場(chǎng)中速度的大小不變

C.在環(huán)向磁場(chǎng)中，帶電粒子的軌跡將逐漸發(fā)生左右方向的遷移

D.在環(huán)向磁場(chǎng)中，帶電粒子的軌跡將逐漸發(fā)生上下方向的遷移

三、非選擇題：共5小題，共57分。

11.用如圖甲所示的氣墊導(dǎo)軌來(lái)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，在氣墊導(dǎo)軌的一端裝有位移傳感器（圖中未畫出），A、

B兩物塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）沿同一直線運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，若A物塊的質(zhì)量為如=300g,B物塊的質(zhì)量為〃?2=

150g,表中是電腦記錄的A、B兩物塊在同一時(shí)刻與傳感器的距離。

x/m

乙

XA/UI1.201.010.800.590.400.350.30

XB/m00.100.210.300.400.250

（1）根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以判斷出位移傳感器固定在氣墊導(dǎo)軌的（填“左邊”或“右邊”）。

（2）為了更方便判斷A、B碰撞時(shí)是否滿足動(dòng)量守恒，于是畫出了A、B兩物塊位置隨時(shí)間變化的圖像

（如圖乙），a、b分別為A、B兩物塊碰撞前后的位置時(shí)間圖線。

①碰撞前A物塊的速度大小為m/s,碰撞前B物塊的速度大小為_________m/s?

②由題中數(shù)據(jù)結(jié)合XT圖像中提供的信息，可判斷兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過(guò)程中動(dòng)量_________（填

“守恒”或“不守恒”），這個(gè)碰撞_________（填“是”或“不是"）彈性碰撞。

12.錢學(xué)森班的同學(xué)們打算估測(cè)幾個(gè)電阻的阻值?，F(xiàn)有一只電流表、一個(gè)電源E（內(nèi)阻廠未知）、一個(gè)阻值為

尺的定值電阻一個(gè)阻值為4的定值電阻（用作保護(hù)電阻）,開關(guān)s和導(dǎo)線若干，他們?cè)O(shè)計(jì)了如圖甲所示的

電路，實(shí)驗(yàn)步驟如下:

A

B

&

甲

第一步：把若干個(gè)待測(cè)電阻分別單獨(dú)接入A、B之間，發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)一致，據(jù)此他們認(rèn)為這些電阻的阻

值相等，均設(shè)為民

第二步：取下待測(cè)電阻，在A、B之間接入定值電阻A。，記下電流表的示數(shù)/（），如圖乙;

第三步：取下定值電阻A。，將〃個(gè)（〃=1，2…）待測(cè)電阻并聯(lián)后接入A、8之間，記下并聯(lián)待測(cè)電阻的

個(gè)數(shù)〃與電流表對(duì)應(yīng)示數(shù)幾

請(qǐng)完成如下計(jì)算和判斷：

（1）如圖乙，電流表的示數(shù)/°=A；

11

（2）根據(jù)上述第二步，丁與凡、&、E、r關(guān)系式丁=;

/（），（）

“111

（3）定義/=7一廠，則丫與_________（填“〃”“小”或“一”）的關(guān)系式是如圖丙所示的線性關(guān)

7o4n

系；

（4）已知用=6.0Q,4=3.0Q,結(jié)合讀取的數(shù)據(jù)和圖丙的信息可得R=。，同時(shí)可得后=

V,r=Q?（均保留2位有效數(shù)字）

（5）本實(shí)驗(yàn)中未考慮電流表的內(nèi)阻，對(duì)R、E、r的測(cè)量值_______（填”均有”“均無(wú)”或“部分有”）

影響。

13.如圖所示，用兩根長(zhǎng)度相同的絕緣細(xì)線把一個(gè)質(zhì)量為0.2kg的小球A懸掛到水平板的M、N兩點(diǎn)，A上

帶有Q=6.0XW6C的正電荷，兩線夾角為120。，左右兩線上的拉力大小分別為片和心,A的正下方0.3m

處有一個(gè)與A帶等量異種電荷的小球B固定在絕緣支架上.已知重力加速度取g=10m/s2,靜電力常量

^=9.0xl09N.m2/C2，A、B球可視為點(diǎn)電荷.則:

（1）兩線上的拉力大小分別為多少?

（2）若將小球B和絕緣支架一起水平右移，使M、A、B在同一直線上，此時(shí)兩線上的拉力大小又分別為

多少？

14.質(zhì)量為2根的物體A穿在光滑的水平桿上，用長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩與質(zhì)量為相的小球B相連，如圖甲所示，初

始時(shí)A、B在同一水平面上（細(xì)繩平行于水平桿），且細(xì)繩剛好拉直，將小球B由靜止釋放，當(dāng)細(xì)繩剛好豎

直、小球B運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)繩子恰好繃斷，已知A、B均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g,求：

甲乙

（1）小球B運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，物體A的速度大小以及A相對(duì)于初始位置運(yùn)動(dòng)的距離；

（2）細(xì)繩的最大張力；

（3）以A物體的初始位置為坐標(biāo)原點(diǎn)建立如圖乙所示平面直角坐標(biāo)系xOy,求出繩斷之前小球B運(yùn)動(dòng)的

軌跡方程。

_4

15.如圖所示，在xOy平面內(nèi)，在0<丁<￡,,￡<%<%（/未知）的區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向沿y軸

正方向，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小可以調(diào)節(jié)；在y〉L和-孩L<y<0區(qū)間內(nèi)分別存在垂直xOy平面向外的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)區(qū)域I和n,兩區(qū)域內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小也相同，平面內(nèi)》軸正半軸上距離坐標(biāo)原點(diǎn)L處有一粒子源，可向

xOy平面內(nèi)第一象限沿不同方向射入速度大小均為Vo的粒子，粒子質(zhì)量為機(jī)，帶正電且電荷量為4,不計(jì)粒

子重力和粒子間的相互作用，當(dāng)粒子源發(fā)射與〉軸正方向夾角為，=53。的粒子時(shí)，該粒子恰好從勻強(qiáng)電場(chǎng)

的左邊界上［^^工］處進(jìn)入電場(chǎng)，然后從勻強(qiáng)電場(chǎng)的右邊界上（瓦，0）處射出電場(chǎng)，并且首次在磁場(chǎng)區(qū)域II運(yùn)

動(dòng)過(guò)程中剛好不從下邊界射出磁場(chǎng)。（sin53°=0.8）

（1）求勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。?/p>

（2）求玉）的大?。ㄓ靡冶硎?，E未知）；

（3）調(diào)節(jié)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，使得當(dāng)粒子源發(fā)射的粒子沿+y方向射出時(shí)（速度仍為％,恰好擊中沿x軸放

置的粗細(xì)不計(jì)的金屬條的右端，該金屬條長(zhǎng)度為左端所離坐標(biāo)原點(diǎn),工。粒子擊中金屬條立即被吸

93

收，求所有滿足條件的勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小。

物理答案

【答案】D

【詳解】設(shè)P的質(zhì)量為P與桌面的動(dòng)摩擦力為了;以P為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得

T-f=Ma

以盤和祛碼為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得

mg-T-ma

聯(lián)立可得

M+mM+m

可知，?。弧ú皇蔷€性關(guān)系，排除AC選項(xiàng),可知當(dāng)祛碼的重力小于物塊P最大靜摩擦力時(shí)，物塊和祛碼靜

止，加速度為0,當(dāng)祛碼重力大于/時(shí)，才有一定的加速度，當(dāng)初趨于無(wú)窮大時(shí)，加速度趨近等于g。

故選D。

2.【答案】A

【詳解】A.由題意可知，小車功率恒定，則在運(yùn)動(dòng)時(shí)間/內(nèi)，有

P=Fv

所受阻力恒為力由牛頓第二定律

F-f=--/=ma

v

可知隨著小車速度增大，其加速度減小，小車做變加速運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤，與題意相符；

B.小車速度達(dá)到最大速度v時(shí)，加速度為零，牽引力大小等于阻力大小。故B正確，與題意不符；

CD.該過(guò)程，電動(dòng)機(jī)對(duì)小車所做的功為

W^Pt

由動(dòng)能定理可得

1,

W-fx=-mv^-0

解得

1,

W=fa+—mv~

故CD正確，與題意不符。

本題選錯(cuò)誤的，故選A。

3.【答案】D

【詳解】A.由題圖乙知，/=0時(shí)，手機(jī)加速度為0,由牛頓第二定律得彈簧彈力大小為

F=mg

彈簧形變量不為零，彈性勢(shì)能不為零，A錯(cuò)誤；

B.由題圖乙知，/=0.2s時(shí)，手機(jī)的加速度為正，則手機(jī)位于平衡位置下方，B錯(cuò)誤；

C.由題圖乙知，從t=0至7=0.2s,手機(jī)的加速度增大，手機(jī)從平衡位置向最大位移處運(yùn)動(dòng)，速度減小,

動(dòng)能減小，重力勢(shì)能減小，所以機(jī)械能減小，C錯(cuò)誤；

D.由題圖乙知

T=0.8s

則角頻率

2兀

co=——=2.5?rad/s

T

則a隨f變化的關(guān)系式為

a=4sin(2.5^)m/s2

D正確。

故選D。

4.【答案】C

【詳解】A.飛船需要通過(guò)加速?gòu)臋E圓軌道II進(jìn)入預(yù)定圓軌道III,故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)萬(wàn)有引力等于向心力

Mmv2

G=m—

r

可得

可知飛船在I軌道運(yùn)行速度大于在III軌道上的運(yùn)行速度，故B錯(cuò)誤；

c.飛船從軌道I到軌道n要進(jìn)行加速，機(jī)械能增加，則飛船在II軌道上的機(jī)械能大于在I軌道上的機(jī)械能,

故c正確；

D.根據(jù)開普勒第二定律可知，飛船在三個(gè)不同軌道上運(yùn)行時(shí),與地球連線在單位時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積不相等，

故D錯(cuò)誤。

故選C。

5.【答案】C

【詳解】A.滑片緩慢向右滑行全程，電容器兩極板由“下正上負(fù)”逐漸轉(zhuǎn)變?yōu)椤吧险仑?fù)”，電容器經(jīng)

歷先放電再充電的過(guò)程，則兩極板間的電壓先減小后增大，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)''充電電流流向正極板，放電電流流向負(fù)極板”可知，充放電流全程由d點(diǎn)經(jīng)R流向c點(diǎn)，由于

過(guò)程緩慢，則充放電流很小，所以用兩端電壓很小，即d點(diǎn)電勢(shì)比c點(diǎn)略高，故B錯(cuò)誤；

D.尸點(diǎn)的電勢(shì)先比上極板高，后比上極板低，故P點(diǎn)電勢(shì)降低，故D錯(cuò)誤；

C.放電過(guò)程，向下流過(guò)鳥的電量為

q1=CE號(hào)

充電過(guò)程，向下流過(guò)鳥的電量為

q,=CE殳

&+R?

全程向下流過(guò)過(guò)鳥的電量為

C-E)+CE4=CE

&+R,7?|+R,

故C正確。

故選C。

6.【答案】B

【詳解】A.為處為重力勢(shì)能零點(diǎn)，則在九處重力勢(shì)能為0,重力勢(shì)能變化與下落高度成線性關(guān)系，故A

錯(cuò)誤；

BD.設(shè)正電荷。的正上方x處電場(chǎng)強(qiáng)度為0,則

k-4Q_kQ

（為+%）2%2

解得

即A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為0;機(jī)械能的變化對(duì)應(yīng)電場(chǎng)力做功，結(jié)合圖可知，A點(diǎn)上方場(chǎng)強(qiáng)方向向下，A點(diǎn)到正電荷場(chǎng)

強(qiáng)方向向上。則小球從。點(diǎn)到8點(diǎn),電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，機(jī)械能先增大后減小，電勢(shì)能先減小后增

加并且在先處為零，故D錯(cuò)誤，B正確；

C.小球初末速度為0,中間過(guò)程不為0,所以動(dòng)能先增加后減小。分析可知，則動(dòng)能最大的位置在先下

方不在為處，故C錯(cuò)誤。

故選B。

7.【答案】B

【詳解】由動(dòng)能定理可知，最大動(dòng)能與最小動(dòng)能出現(xiàn)在平行于電場(chǎng)方向的直徑的兩端，設(shè)該直徑（電場(chǎng)方

向）與AC夾角為，，過(guò)A點(diǎn)作直徑的垂線，即為A點(diǎn)所在的等勢(shì)線。如圖

B

根據(jù)動(dòng)能定理有

qE(R-Rcos0)=Eo

qE(R+RcosO')=3E°

解得

e=±60°

qE

故選B。

二、多項(xiàng)選擇題:

8.【答案】ACD

【詳解】B.由題意c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零，則說(shuō)明導(dǎo)線P、。在c點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)大小相等、方向相反，又

因?yàn)閏點(diǎn)距P、Q的距離比為1:3,則

電流之比為1:3,故B錯(cuò)誤;

A.由B分析可知，導(dǎo)線。在d點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)強(qiáng)，1點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，由安培定則可知P中的電流

方向向外、則。中的電流方向向里，故A正確;

C.由安培定則可知，導(dǎo)線P、。在。點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向均垂直cd連線向上，故C正確;

D.由于人=/2,分別作出兩電流在服6兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向，如圖所示

根據(jù)磁場(chǎng)的矢量合成可知。、6兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等、方向相同，故D正確。

故選ACDo

9.【答案】BD

【詳解】A.球在c點(diǎn)對(duì)球拍的壓力大小為5〃際，由牛頓第三定律，在c點(diǎn)球拍對(duì)球的支持力大小

然=5mg

則在c點(diǎn)

v2

F-mg=m—

NK

解得

v=2癡^

故A錯(cuò)誤；

B.在a處

V2

F^+mg=m--

K

解得

然a=31ng

故B正確；

c.設(shè)在6處球拍與水平面的夾角為e,若滿足

Ay2

mgtanc/=m一

又

V=2y[gR

解得

0=

可知小球在6處可能受重力、支持力和摩擦力這三個(gè)力的作用。故c錯(cuò)誤;

D.運(yùn)動(dòng)的周期為

故D正確。

故選BDo

10.【答案】BD

【詳解】A.根據(jù)左手定則可判斷正離子在磁場(chǎng)中受力如圖

XX

XX

所以正離子在環(huán)向場(chǎng)中沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.由于洛倫茲力總是與速度方向垂直，所以洛倫茲力不改變速度大小，則帶電粒子在環(huán)向場(chǎng)中的速度大

小不變，故B正確；

CD.由圖可知左右兩邊磁感應(yīng)強(qiáng)度不一樣，根據(jù)洛倫茲力提供心有

qvB=

解得

可知同一正離子在磁場(chǎng)中因?yàn)榇鸥袘?yīng)強(qiáng)度不同導(dǎo)致左右的半徑不同，所以發(fā)生偏移，2越大，R越小，所以

同一正離子在左邊部分的半徑大于右邊部分的半徑，結(jié)合左手定則判斷出正離子就會(huì)向下側(cè)遷移，同理可

知電子向上側(cè)遷移，故C錯(cuò)誤，D正確。

故選BD?

非選擇題:

11.【答案】（1）右邊⑵①.4②.2③.守恒④.不是

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

根據(jù)表中數(shù)據(jù)可以判斷出位移傳感器在開始時(shí)距離B較近，則固定在右邊。

【小問(wèn)2詳解】

①口]根據(jù)x-t圖像可知碰撞前A物塊的速度為

0.4-1.2,,,

即碰撞前A物塊的速度大小為4m/s；

⑵同理可得碰撞前B物塊的速度

釬絲心燧:2向s

B0.2

碰撞后A物塊的速度為

上上卷=-1卷

0.6-0.2

碰撞后B物塊的速度為

土更向s=-41nzs

0.3-0.2

②[3][4]代入數(shù)據(jù)可得

叫“+壯2VB=必吸+加2%

]_2121,21f2

+-mv<-m,v+-mv

2A2BA2B

可知兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過(guò)程中動(dòng)量守恒，這個(gè)碰撞不是彈性碰撞。

12.【答案】(1)0.30

n

(4)①.3.0②.3.0③.1.0

(5)均無(wú)

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

圖乙電流表量程選擇0~0.6A,分度值為0.02A,由圖可知電流表的示數(shù)為

Io=0.30A

【小問(wèn)2詳解】

由閉合電路歐姆定律得

E=/0(7?1+7?0+r)

整理可得

1R[+RQ+F

4=E

【小問(wèn)3詳解】

A、2間接入“個(gè)并聯(lián)待測(cè)電阻后，由閉合電路歐姆定律得

E=*+”

可得

1_nR〔+R+nrRx+rR1

InnEEEn

則有

Y_11凡—欣_4生1

IoInEEEn

可知Y與工的關(guān)系式是如圖丙所示的線性關(guān)系。

n

【小問(wèn)4詳解】

[1]⑵[3]根據(jù)

_R1_

EEn

結(jié)合圖丙可得

殳=1A?,

—=1A'

EE

又&)=3.0。，解得

E=3.0V,R=3.0。

由

E=I0(Rl+RQ+r)

代入/0=0.30A,R}=6.0Q,解得

r=1.0Q

【小問(wèn)5詳解】

如果考慮電流表的內(nèi)阻，則有

E=I0(Rl+R0+r+RJ

E=I\R+—+r+R|

"InJ

聯(lián)立整理可得

EEn

顯然電流表的內(nèi)阻對(duì)R、E、r的測(cè)量值均無(wú)影響。

13.【答案】(1)兩繩子拉力均為5.6N(2)AM繩拉力B=2.9N,AN繩拉力￡=2N

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

對(duì)A小球受繩的拉力6、重力mg,庫(kù)倫力尸庫(kù)，如圖

由平衡條件可知

水平方向

F[sin60=F2sin60

豎直方向

片cos60°+F2COS60°=mg+F庫(kù)

又因?yàn)?/p>

繆="6"小二刖

庫(kù)r20.32

解得

月=8=5.6N

【小問(wèn)2詳解】

若將小球2和絕緣支架一起水平右移，使M、A、3在同一直線上，受力如圖

MN

</=0.6m

由A球受力平衡，可得水平方向

耳sin60°=F2sin60+F庫(kù)cos30°

豎直方向

Fxcos60°+F2COS60°=mg+sin30

又因?yàn)?/p>

聯(lián)立以上，解得

寫=2.9N,g=2N

14.【答案】⑴^11；二⑵(3)(if+>2=心2

5354

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

小球B從初始位置到第一次到達(dá)最低點(diǎn)的過(guò)程中，小球B和A物體系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，取水平向左為

正方向，可得

mVj-lmv2=0

設(shè)A相對(duì)于初始位置運(yùn)動(dòng)的距離為,可得

m———-2m—=0

tt

解得

L

根據(jù)能量守恒有

聯(lián)立，解得

~5

【小問(wèn)2詳解】

小球B運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)繩子恰好繃斷，有

T-mg=m

T=——mg

即細(xì)繩的最大張力為《mg=

【小問(wèn)3詳解】

當(dāng)小球位置坐標(biāo)為(x,y)時(shí)，此時(shí)A物體運(yùn)動(dòng)的位移為Ar,則水平動(dòng)量守恒

m(L-%)-2mAx=0

由幾何關(guān)系可知

(x-Ax)"+y2=￡2

解得小球從出發(fā)至最低點(diǎn)過(guò)程的軌跡方程

15.【答案】(1)箕?(2)—L(3)見解析