新教材適用2024-2025學(xué)年高中物理第12章電能能量守恒定律章末小結(jié)學(xué)案新人教版必修第三冊(cè)

章末小結(jié)一、電路中的能量轉(zhuǎn)化在閉合電路中，電源通過(guò)非靜電力做功將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能，在整個(gè)電路中，通過(guò)電場(chǎng)力做功又將電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能。電源為整個(gè)電路供應(yīng)的電功率P總＝EI，其中內(nèi)阻的發(fā)熱功率P內(nèi)＝I2r，電源的輸出功率P出＝UI＝P總－P內(nèi)，電源的效率η＝eq\f(P出,P總)×100%＝eq\f(U,E)×100%。1．純電阻電路在純電阻電路中，電功等于電熱，電功率等于熱功率，即P＝UI＝I2R＝eq\f(U2,R)。2．非純電阻電路在非純電阻電路中，電功等電熱與其他形式能量之和；電功率等熱功率與其他形式功率之和P＝UI＝I2R＋P機(jī)。典例剖析典題1(2024·河北正定中學(xué)高二上學(xué)期段考)一個(gè)電飯煲和一臺(tái)洗衣機(jī)并聯(lián)接在輸出電壓為220V的溝通電源上(電源內(nèi)阻忽視不計(jì))，均正常工作。用電流表分別測(cè)得通過(guò)電飯煲的電流是5.0A，通過(guò)洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)的電流是0.50A，則下列說(shuō)法中正確的是(C)A．飯煲的電阻為44Ω，洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為440ΩB．電飯煲消耗的電功率為1555W，洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為155.5WC．1min內(nèi)電飯煲消耗的電能為6.6×104J，洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)消耗的電能為6.6×103JD．電飯煲發(fā)熱功率是洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率的10倍解析：由于電飯煲是純電阻用電器，所以R1＝eq\f(U,I1)＝44Ω，P1＝UI1＝1100W，其在1min內(nèi)消耗的電能W1＝UI1t＝6.6×104J，洗衣機(jī)為非純電阻用電器，所以R2≠eq\f(U,I2)＝440Ω，P2＝UI2＝110W，其在1min內(nèi)消耗的電能W2＝UI2t＝6.6×103J，所以電飯煲發(fā)熱功率不是洗衣機(jī)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率的10倍，只有選項(xiàng)C正確。二、閉合電路的分析與計(jì)算1．閉合電路的歐姆定律探討閉合電路，主要物理量為E、r、R、I、U，前兩個(gè)是常量，后三個(gè)是變量，閉合電路的歐姆定律的表達(dá)形式有：(1)E＝U外＋U內(nèi)(2)I＝eq\f(E,R＋r)(I、R間關(guān)系)(3)U＝E－Ir(U、I間關(guān)系)(4)U＝eq\f(R,R＋r)E(U、R間關(guān)系)從(3)式看出：當(dāng)外電路斷開時(shí)(I＝0)，路端電壓等于電動(dòng)勢(shì)。從(2)式看出：當(dāng)外電路短路時(shí)(R＝0)電流最大為Im＝E/r→短路電流。2．電源的功率和效率(1)功率：①電源的功率(電源的總功率)PE＝EI；②電源的輸出功率P出＝UI；③電源內(nèi)部消耗的功率Pr＝I2r。(2)電源的效率：η＝eq\f(P出,PE)＝eq\f(U,E)，當(dāng)內(nèi)外電阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，為Pm＝eq\f(E2,4r)。3．電路的動(dòng)態(tài)分析分析依據(jù)是：閉合電路的歐姆定律、部分電路的歐姆定律、串聯(lián)電路的電壓關(guān)系、并聯(lián)電路的電流關(guān)系，常用規(guī)律：(1)變更電阻本身和總電路變更規(guī)律相同；(2)總電路上R增大時(shí)總電流I減小，路端電壓U增大；(3)和變更電阻有串聯(lián)關(guān)系的看電流，即總電流減小時(shí)，該電阻的電流、電壓都減小。(4)和變更電阻有并聯(lián)關(guān)系的看電壓，即路端電壓增大時(shí)，該電阻的電流、電壓都增大。4．閉合電路的U－I圖像圖中a為電源的U－I圖像，b為外電阻的U－I圖像。兩者的交點(diǎn)坐標(biāo)表示該電阻接入電路時(shí)電路的總電流和路端電壓；該點(diǎn)和原點(diǎn)之間的矩形的面積表示輸出功率；a的斜率的肯定值表示電源內(nèi)阻大??；b的斜率表示外電阻的大??；當(dāng)兩個(gè)斜率相等時(shí)(即內(nèi)、外電阻相等時(shí))圖中矩形面積最大，即電源的輸出功率最大。典例剖析典題2(多選)(2024·湖南長(zhǎng)沙高二期中)如圖，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r，閉合開關(guān)，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，志向電壓表V1、V2、V3示數(shù)變更量的肯定值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，志向電流表A示數(shù)變更量的肯定值為ΔI，正確的是(BD)A．A的示數(shù)減小B．電源輸出功率在增大C．ΔU3與ΔI的比值減小D．ΔU1大于ΔU2解析：由題圖可知，滑動(dòng)變阻器與電阻R串聯(lián)，滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，其阻值減小，整個(gè)閉合回路電阻減小，電流增大，故A錯(cuò)誤；電源的輸出功率隨外電阻的變更關(guān)系如圖所示由于定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r，故外電阻減小時(shí)，電源輸出功率在增大，故B正確；V1、V3分別測(cè)得是R和滑動(dòng)變阻器的電壓，滑動(dòng)變阻器兩端電壓為U3＝E－I(r＋R)，可得eq\f(ΔU3,ΔI)＝r＋R，可知ΔU3與ΔI的比值保持不變，故C錯(cuò)誤；由題意可知eq\f(ΔU1,ΔI)＝R，eq\f(ΔU2,ΔI)＝r，由于R>r，故ΔU1大于ΔU2，故D正確。故選BD。三、電學(xué)試驗(yàn)中的幾個(gè)問(wèn)題1．進(jìn)行儀器選擇、電路設(shè)計(jì)時(shí)，應(yīng)留意以下原則：(1)平安性原則：所選元件在電路中不能被損壞，如電壓表或電流表在電路中時(shí)，各對(duì)應(yīng)物理量不超過(guò)它們的量程。(2)目的性原則：所設(shè)計(jì)的電路應(yīng)能夠達(dá)到試驗(yàn)的目的。(3)精確性原則：選取儀器或器材時(shí)應(yīng)考慮減小系統(tǒng)誤差，如電壓表或電流表的指針偏轉(zhuǎn)應(yīng)大于表量程的eq\f(1,3)，測(cè)量數(shù)據(jù)大一些。(4)便利操作原則：所設(shè)計(jì)的試驗(yàn)簡(jiǎn)潔達(dá)到試驗(yàn)?zāi)康?，且又?jiǎn)捷、便利。(5)經(jīng)濟(jì)實(shí)惠原則：所設(shè)計(jì)的電路中所用的儀器應(yīng)在大多數(shù)試驗(yàn)室能找到，本原則也可稱為可實(shí)施原則。2．電壓表、電流表及多用電表的讀數(shù)(1)電壓表、電流表和多用電表的直流電壓、直流電流擋的讀數(shù)，要看清選擇的量程和分度值。(2)多用電表的歐姆擋的讀數(shù)要看清選擇的倍率，如：×1、×10、×100等。3．試驗(yàn)儀器的選取(1)電源允許通過(guò)的最大電流要大于電路中的實(shí)際電流。(2)用電器的額定電流應(yīng)大于或等于通過(guò)它的實(shí)際電流。(3)電壓表和電流表的量程或改裝后的量程不能小于被測(cè)電壓和電流的最大值。4．電路的選取(1)伏安法測(cè)電阻時(shí)，電路有內(nèi)外兩種接法：當(dāng)eq\f(RV,Rx)>eq\f(Rx,RA)時(shí)選電流表外接法；當(dāng)eq\f(RV,Rx)<eq\f(Rx,RA)時(shí)選電流表內(nèi)接法。(2)滑動(dòng)變阻器調(diào)控電路有限流和分壓兩種接法；限流式調(diào)整電流、電壓范圍小，分壓式調(diào)整電流、電壓范圍大，可從零起先變更。當(dāng)滑動(dòng)變阻器的全阻值遠(yuǎn)小于用電器的電阻，若試驗(yàn)要求電流、電壓變更范圍較大時(shí)，采納分壓式。當(dāng)電源供應(yīng)的最小電流仍大于儀器允許的最大電流時(shí)，必需采納分壓式。其他狀況，從削減電能損耗考慮，應(yīng)優(yōu)先采納限流式電路。5．電路的實(shí)物連接方法(1)先圖后連，先串后并。(2)看準(zhǔn)極性，接線到柱。(3)明確量程，檢查定位。6．?dāng)?shù)據(jù)的處理方法(1)公式法：物理意義比較明確。(2)圖像法：有取平均值的效果，結(jié)果比較精確。7．儀器代換(1)一個(gè)定值電阻和一個(gè)已知內(nèi)阻的電流表可以代換電壓表。(2)已知內(nèi)阻的小量程電流表可以改裝后再接入電路。典題3(2024·廣西桂林十八中高二上期中)如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E＝6V，內(nèi)阻r＝1Ω，電阻R1＝3Ω，R2＝6Ω，電容器的電容C＝3.6μF，二極管D具有單向?qū)щ娦裕鹣葧r(shí)，開關(guān)S1閉合，S2斷開。(1)開關(guān)S1閉合，S2，斷開時(shí)，電容器兩端的電壓為多少？(2)閉合S2，待電路穩(wěn)定以后，求電容器上電荷量變更了多少？(3)閉合S2，待電路穩(wěn)定以后再斷開S1，求斷開S1后流過(guò)R1的電荷量是多少？解析：二極管具有單向?qū)щ娦?，由電路圖可知，二極管反接，相當(dāng)于斷路，(1)開關(guān)S1閉合，S2斷開時(shí)，只有R1接入電路，電容器兩端的電壓為U1，通過(guò)R1的電流為I1，依據(jù)閉合電路的歐姆定律有I1＝eq\f(E,R1＋r)＝1.5A，電容器兩端電壓與其并聯(lián)的電阻兩端電壓相等，有U1＝I1R1＝4.5V。(2)閉合開關(guān)S2后，R1與R2并聯(lián)接入電路，電容器兩端電壓為U2，干路電流為I2；依據(jù)閉合電路的歐姆定律有I2＝eq\f(E,\f(R1R2,R1＋R2)＋r)＝2A，U2＝eq\f(I2R1R2,R1＋R2)＝4V，所以電容器上電荷量削減了ΔQ＝(U1－U2)C＝1.8×10－6C。(3)設(shè)閉合S2后，電容器上的電荷量為Q，則Q＝CU2＝1.44×10－5C，再斷開S1后，R1與R2并聯(lián)后接在電容器兩端，流過(guò)R1和R2的電流與阻值成反比，故流過(guò)電阻的電荷量與阻值成反比；故流過(guò)電阻R1的電荷量為Q1＝eq\f(R2,R1＋R2)Q＝9.6×10－6C。答案：(1)4.5V(2)削減了1.8×10－6C(3)9.6×10－6C一、高考真題探析典題(2024·湖北高考真題)某試驗(yàn)小組為測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，設(shè)計(jì)了如圖(a)所示電路，所用器材如下：電壓表(量程0～3V，內(nèi)阻很大)；電流表(量程0～0.6A)；電阻箱(阻值0～999.9Ω)；干電池一節(jié)、開關(guān)一個(gè)和導(dǎo)線若干。(1)依據(jù)圖(a)，完成圖(b)中的實(shí)物圖連線。(2)調(diào)整電阻箱到最大阻值，閉合開關(guān)。逐次變更電阻箱的電阻，記錄其阻值R、相應(yīng)的電流表示數(shù)I和電壓表示數(shù)U。依據(jù)記錄數(shù)據(jù)作出的U－I圖像如圖(c)所示，則干電池的電動(dòng)勢(shì)為_1.58__V(保留3位有效數(shù)字)、內(nèi)阻為_0.64__Ω(保留2位有效數(shù)字)。(3)該小組依據(jù)記錄數(shù)據(jù)進(jìn)一步探究，作出eq\f(1,I)－R圖像如圖(d)所示。利用圖(d)中圖像的縱軸截距，結(jié)合(2)問(wèn)得到的電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，還可以求出電流表內(nèi)阻為_2.5__Ω(保留2位有效數(shù)字)。(4)由于電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大，本試驗(yàn)干電池內(nèi)阻的測(cè)量值_偏小__(填“偏大”或“偏小”)。解析：(1)實(shí)物連線如圖：(2)由電路結(jié)合閉合電路的歐姆定律可得U＝E－Ir，由圖像可知E＝1.58V，內(nèi)阻r＝eq\f(1.58－1.37,0.33)Ω＝0.64Ω。(3)依據(jù)E＝I(R＋RA＋r)，可得eq\f(1,I)＝eq\f(1,E)×R＋eq\f(RA＋r,E)，由圖像可知eq\f(RA＋r,E)＝2，解得RA＝2.5Ω。(4)由于電壓表內(nèi)阻不是無(wú)窮大，則試驗(yàn)測(cè)得的是電壓表內(nèi)阻與電源內(nèi)阻的并聯(lián)值，即試驗(yàn)中測(cè)得的電池內(nèi)阻偏小。答案：(1)見(jiàn)解析圖二、臨場(chǎng)真題練兵1．(2024·江蘇高考)如圖所示，電路中燈泡均正常發(fā)光，阻值分別為R1＝2Ω，R2＝3Ω，R3＝2Ω，R4＝4Ω，電源電動(dòng)勢(shì)E＝12V，內(nèi)阻不計(jì)，四個(gè)燈泡中消耗功率最大的是(A)A．R1 B．R2C．R3 D．R4解析：由電路圖可知R3與R4串聯(lián)后與R2并聯(lián)，再與R1串聯(lián)。并聯(lián)電路部分的等效電阻為R并＝eq\f(R2\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(R3＋R4)),\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(R2＋R3＋R4)))＝2Ω，由閉合電路歐姆定律可知，干路電流即經(jīng)過(guò)R1的電流為I1＝I＝eq\f(E,R1＋R并)＝3A，并聯(lián)部分各支路電流大小與電阻成反比，則I2＝eq\f(IR并,R2)＝2A，I3＝I4＝eq\f(IR并,R3＋R4)＝1A，四個(gè)燈泡的實(shí)際功率分別為，P1＝Ieq\o\al(2,1)R1＝18W，P2＝Ieq\o\al(2,2)R2＝12W，P3＝Ieq\o\al(2,3)R3＝2W，P4＝Ieq\o\al(2,4)R4＝4W，故四個(gè)燈泡中功率最大的是R1。故選A。2．(2024·浙江高考)風(fēng)力發(fā)電已成為我國(guó)實(shí)現(xiàn)“雙碳”目標(biāo)的重要途徑之一。如圖所示，風(fēng)力發(fā)電機(jī)是一種將風(fēng)能轉(zhuǎn)化為電能的裝置。某風(fēng)力發(fā)電機(jī)在風(fēng)速為9m/s時(shí)，輸出電功率為405kW，風(fēng)速在5～10m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變。該風(fēng)機(jī)葉片旋轉(zhuǎn)一周掃過(guò)的面積為A，空氣密度為ρ，風(fēng)場(chǎng)風(fēng)速為v，并保持風(fēng)正面吹向葉片。下列說(shuō)法正確的是(D)A．該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速成正比B．單位時(shí)間流過(guò)面積A的流淌空氣動(dòng)能為eq\f(1,2)ρAv2C．若每天平均有1.0×108kW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量為2.4×109kW·hD．若風(fēng)場(chǎng)每年有5000h風(fēng)速在6～10m/s范圍內(nèi)，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為6.0×105kW·h解析：?jiǎn)挝粫r(shí)間流過(guò)面積A的流淌空氣體積為V0＝Av，單位時(shí)間流過(guò)面積A的流淌空氣質(zhì)量為m0＝ρV0＝ρAv，單位時(shí)間流過(guò)面積A的流淌空氣動(dòng)能為eq\f(1,2)m0v2＝eq\f(1,2)ρAv3，風(fēng)速在5～10m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變，可知該風(fēng)力發(fā)電機(jī)的輸出電功率與風(fēng)速的三次方成正比，A、B錯(cuò)誤；由于風(fēng)力發(fā)電存在轉(zhuǎn)化效率，若每天平均有1.0×108kW的風(fēng)能資源，則每天發(fā)電量應(yīng)滿意E<1.0×108×24kW·h＝2.4×109kW·h，C錯(cuò)誤；若風(fēng)場(chǎng)每年有5000h風(fēng)速在6～10m/s的風(fēng)能資源，當(dāng)風(fēng)速取最小值6m/s時(shí)，該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量具有最小值，依據(jù)題意，風(fēng)速為9m/s時(shí)，輸出電功率為405kW，風(fēng)速在5～10m/s范圍內(nèi)，轉(zhuǎn)化效率可視為不變，可知風(fēng)速為6m/s時(shí)，輸出電功率為P＝63×eq\f(405,93)kW＝120kW，則該發(fā)電機(jī)年發(fā)電量至少為E＝Pt＝120×5000kW·h＝6.0×105kW·h，D正確。3．(2024·湖南卷)某試驗(yàn)小組需測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，器材有：一節(jié)待測(cè)電池、一個(gè)單刀雙擲開關(guān)、一個(gè)定值電阻(阻值為R0)、一個(gè)電流表(內(nèi)阻為RA)、一根勻稱電阻絲(電阻絲總阻值大于R0，并配有可在電阻絲上移動(dòng)的金屬夾)、導(dǎo)線若干。由于缺少刻度尺，無(wú)法測(cè)量電阻絲長(zhǎng)度，但發(fā)覺(jué)桌上有一個(gè)圓形時(shí)鐘表盤。某同學(xué)提出將電阻絲繞在該表盤上，利用圓心角來(lái)表示接入電路的電阻絲長(zhǎng)度。主要試驗(yàn)步驟如下：(1)將器材如圖(a)連接。(2)開關(guān)閉合前，金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的_b__(填“a”或“b”)端。(3)變更金屬夾的位置，閉合開關(guān)，記錄每次接入電路的電阻絲對(duì)應(yīng)的圓心角θ和電流表示數(shù)I，得到多組數(shù)據(jù)。(4)整理數(shù)據(jù)并在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)繪圖，所得圖像如圖(b)所示，圖線斜率為k，與縱軸截距為d，設(shè)單位角度對(duì)應(yīng)電阻絲的阻值為r0，該電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻可表示為E＝eq\f(r0,k)，r＝deq\f(r0,k)－R0－RA。(用R0、RA、k、d、r0表示)(5)為進(jìn)一步確定結(jié)果，還須要測(cè)量單位角度對(duì)應(yīng)電阻絲的阻值r0。利用現(xiàn)有器材設(shè)計(jì)試驗(yàn)，在圖(c)方框中畫出試驗(yàn)電路圖(電阻絲用滑動(dòng)變阻器符號(hào)表示)。(6)利用測(cè)出的r0，可得該電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。答案：(5)見(jiàn)解析圖解析：(2)開關(guān)閉合前，為了愛(ài)護(hù)電路中的元件，應(yīng)將電阻絲的最大阻值接入電路，依據(jù)電阻定律R＝ρeq\f(L,S)可知電阻絲接入越長(zhǎng)，接入電阻越大，金屬夾應(yīng)夾在電阻絲的b端。(4)設(shè)圓心角為θ時(shí)，電阻絲接入電路中的電阻為θr0，依據(jù)閉合電路歐姆定律E＝U＋I(xiàn)r可知E＝I(RA＋R0＋θr0)＋I(xiàn)r，整理得eq\f(1,I)＝eq\f(r0,E)θ＋eq\f(RA＋R0＋r,E)，結(jié)合圖像的斜率和截距滿意eq\f(r0,E)＝k，eq\f(RA＋R0＋r,E)＝d，解得電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻為E＝eq\f(r0,k)，r＝eq\f(r0d,k)－R0－RA。(5)試驗(yàn)器材中有定值電阻R0和單刀雙擲開關(guān)，考慮運(yùn)用等效法測(cè)量電阻絲電阻，試驗(yàn)電路圖如圖所示。原理的簡(jiǎn)潔說(shuō)明：①將開關(guān)置于R0位置，讀出電流表示數(shù)I0；②將開關(guān)置于電阻絲處，調(diào)整電阻絲的角度，直到電流表示數(shù)為I0，讀出此時(shí)角度θ；③此時(shí)θr0＝R0，即可求得r0的數(shù)值。4．(2024·全國(guó)甲卷)某同學(xué)要測(cè)量微安表內(nèi)阻，可利用的試驗(yàn)器材有：電源E(電動(dòng)勢(shì)1.5V，內(nèi)阻很小)，電流表(量程10mA，內(nèi)阻約10Ω)，微安表(量程100μA，內(nèi)阻Rg待測(cè)，約1kΩ)，滑動(dòng)變阻器R(最大阻值10Ω)，定值電阻R0(阻值10Ω)，開關(guān)S，導(dǎo)線若干。(1)將圖中所示的器材符號(hào)連線，畫出試驗(yàn)電路原理圖；(2)某次測(cè)量中，微安表的示數(shù)為90.0μA，電流表的示數(shù)為9.00mA，由此計(jì)算出微安表內(nèi)阻Rg＝_990__Ω。答案：(1)見(jiàn)解析圖解析：(1)為了精確測(cè)出微安表兩端的電壓，可以讓微安表與定值電阻R0并聯(lián)，再與電流表串聯(lián)，通過(guò)電流表的電流與微安表的電流之差，可求出流過(guò)定值電阻R0的電流，從而求出微安表兩端的電壓，進(jìn)而求出微安表的內(nèi)電阻，由于電源電壓過(guò)大，并且為了測(cè)量多組數(shù)據(jù)，滑動(dòng)電阻器采納分壓式解法，試驗(yàn)電路原理圖如圖所示(2)流過(guò)定值電阻R0的電流I＝IA－IG＝9.00mA－0.09mA＝8.91mA，加在微安表兩端的電壓U＝IR0＝8.91×10－2V，微安表的內(nèi)電阻Rg＝eq\f(U,IG)＝eq\f(8.91×10－2,90.0×10－6)Ω＝990Ω。5．(2024·浙江高考真題)在“測(cè)量干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”試驗(yàn)中(1)部分連線如圖1所示，導(dǎo)線a端應(yīng)連接到_B__(選填“A”“B”“C”或“D”)接線柱上。正確連接后，某次測(cè)量中電壓表指針位置如圖2所示，其示數(shù)為_1.20__V。(2)測(cè)得的7組數(shù)據(jù)已標(biāo)在如圖3所示U－I坐標(biāo)系上，用作圖法求干電池的電動(dòng)勢(shì)E＝_1.50__V和內(nèi)阻r＝_1.04__Ω。(計(jì)算結(jié)果均保留兩位小數(shù))解析：(1)電壓表測(cè)量的電壓應(yīng)為滑動(dòng)變阻器接入電路中電阻絲兩端的電阻，開關(guān)應(yīng)能限制電路，所以導(dǎo)線a端應(yīng)連接到B處；干電池電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，電壓表選擇0～3V量程，分度值為0.1V，題圖中電壓表讀數(shù)為1.20V。(2)作出U－I如圖所示:依據(jù)閉合電路的歐姆定律U＝E－Ir，可知U－I圖像縱軸截距為電源電動(dòng)勢(shì)可得：E＝1.50V，U－I圖像斜率的肯定值等于電源內(nèi)阻：r＝eq\f(1.50－1.00,0.48－0)Ω＝1.04Ω。6．(2024·天津高考)試驗(yàn)小組測(cè)量某型號(hào)電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。用電流表、電壓表、滑動(dòng)變阻器、待測(cè)電池等器材組成如圖1所示試驗(yàn)電路，由測(cè)得的試驗(yàn)數(shù)據(jù)繪制成的U－I圖像如圖2所示。(1)圖1的電路圖為下圖中的B。(選填“A”或“B”)(2)假如試驗(yàn)中所用電表均視為志向電表，依據(jù)圖2得到該電池的電動(dòng)勢(shì)E＝4.5V，內(nèi)阻r＝1.8Ω。(3)試驗(yàn)后進(jìn)行反思，發(fā)覺(jué)上述試驗(yàn)方案存在系統(tǒng)誤差。若考慮到電表內(nèi)阻的影響，對(duì)測(cè)得的試驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行修正，在圖2中重新繪制U－I圖線，與原圖線比較，新繪制的圖線與橫坐標(biāo)軸交點(diǎn)的數(shù)值將不變，與縱坐標(biāo)軸交點(diǎn)的數(shù)值將變大。(兩空均選填“變大”“變小”或“不變”)解析：(1)通過(guò)視察實(shí)物圖可知電壓表接在電源兩端，故電路圖為B。(2)依據(jù)閉合電路的歐姆定律E＝U＋I(xiàn)r，有U＝－Ir＋E，則U－I圖線在縱軸上的截距表示電池的電動(dòng)勢(shì)E，斜率的肯定值是電池的內(nèi)阻r，依據(jù)圖像可知，縱軸截距為4.5，橫軸截距為2.5，結(jié)合上述分析可知電池電動(dòng)勢(shì)E＝4.5V；內(nèi)阻r＝eq\f(4.5,2.5)Ω＝1.8Ω。(3)分析測(cè)量電路可知系統(tǒng)誤差的來(lái)源是電壓表的分流作用，使得電流表的示數(shù)小于流過(guò)電池的電流，考慮電壓表內(nèi)阻RV的影響，流過(guò)電壓表的電流為IV＝eq\f(U測(cè),RV)，可知流過(guò)電池的電流為I＝I測(cè)＋eq\f(U測(cè),RV)，I>I測(cè)，因電壓表內(nèi)阻RV不變，隨著電壓U測(cè)