山西省大同市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末物理試題（含答案）

山西省大同市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單選題1．電源電動(dòng)勢(shì)反映了電源把其他形式的能量轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能的能力，因此電動(dòng)勢(shì)（）A．就是閉合電路中電源兩端的電壓B．由電源中非靜電力的特性決定C．越大，表明電源儲(chǔ)存的電能越多D．等于把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極移到正極靜電力做的功2．如圖所示，空間存在垂直紙面的磁場(chǎng)，一帶電粒子從P點(diǎn)平行紙面射入磁場(chǎng)中，由于受到與運(yùn)動(dòng)方向相反的阻力作用，其運(yùn)動(dòng)軌跡恰好是一段圓弧。已知Q是軌跡上的另一點(diǎn)，不計(jì)粒子的重力，下列說(shuō)法正確的是（）A．粒子從P到Q做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B．該磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng)C．沿圓弧從P到Q磁感應(yīng)強(qiáng)度越來(lái)越小D．沿圓弧從P到Q磁感應(yīng)強(qiáng)度越來(lái)越大3．如圖所示，通電直導(dǎo)線旁放有一閉合線圈abcd，線圈與直導(dǎo)線在同一平面內(nèi)并可自由移動(dòng)，ab與直導(dǎo)線平行。當(dāng)直導(dǎo)線中的電流I大小發(fā)生變化時(shí)，下列判斷正確的是（）A．電流I增大，線圈向右平動(dòng) B．電流I增大，線圈向左平動(dòng)C．電流I減小，線圈向紙面外平動(dòng) D．電流I減小，線圈向紙面內(nèi)平動(dòng)4．19世紀(jì)，安培為了解釋地球的磁性提出“分子電流假說(shuō)”，認(rèn)為地球的磁場(chǎng)是由帶電的地球繞過(guò)地心的軸形成的環(huán)形電流引起的，如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A．地球表面任意位置的地磁場(chǎng)方向都與地面平行B．地球內(nèi)部也存在磁場(chǎng)，地磁南極在地理南極附近C．根據(jù)右手螺旋定則可判斷，地球帶負(fù)電荷D．地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球赤道的質(zhì)子有向西的力的作用5．如圖所示，矩形abcd中。ab>bc，電荷量為q(q>0)的點(diǎn)電荷固定在a點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）A．沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸增大B．沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電勢(shì)先升高后降低C．將正試探電荷從b點(diǎn)沿bcd移動(dòng)到d點(diǎn)，電場(chǎng)力所做的總功為負(fù)D．負(fù)試探電荷在cd上任意一點(diǎn)的電勢(shì)能總小于在d點(diǎn)的電勢(shì)能6．如圖所示，正五邊形線框abcde由五根相同的導(dǎo)體棒連接而成，固定于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直，線框頂點(diǎn)a、c與直流電源兩端相接。已知導(dǎo)體棒abc受到的安培力大小為F，則線框abcde受到的安培力的大小為（）A．0 B．23F C．F D．57．圖1為CT的剖面圖，圖2為其簡(jiǎn)化的工作原理示意圖。M、N間有一加速電場(chǎng)，虛線框內(nèi)有垂直紙面的勻強(qiáng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)。從電子槍逸出的電子（忽略初速度），經(jīng)M、N間的電場(chǎng)加速后沿帶箭頭的實(shí)線方向前進(jìn)，打到靶上的P點(diǎn)，從而產(chǎn)生X射線進(jìn)行工作，則（）A．M處的電勢(shì)高于N處的電勢(shì)B．偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的方向垂直于紙面向外C．當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，射出電場(chǎng)時(shí)的速度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍D．當(dāng)加速電壓增加為原來(lái)的2倍時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)樵瓉?lái)的2倍8．已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線在其周?chē)a(chǎn)生磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小與電流成正比、與到導(dǎo)線的距離成反比。如圖，兩根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線a、b平行放置，a、b中的電流強(qiáng)度分別為I和2I，此時(shí)a受到b的磁場(chǎng)力為F，b受到a的磁場(chǎng)力為-F?，F(xiàn)在a、b的正中間放置一根與a、b電流方向相反且平行共面的通電長(zhǎng)直導(dǎo)線c，a受到的磁場(chǎng)力大小變?yōu)?F，則此時(shí)b受到的磁場(chǎng)力為（）A．-5F B．5F C．-3F D．3F9．如圖為半導(dǎo)體離子注入工藝原理示意圖。離子P3+經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后，垂直進(jìn)入寬度為d的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，轉(zhuǎn)過(guò)一定角度后從磁場(chǎng)射出，注入半導(dǎo)體內(nèi)部達(dá)到摻雜的目的。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為mU6ed2、方向垂直紙面向里，離子A．30° B．60° C．37° D．10．如圖所示，金屬棒ab垂直導(dǎo)軌放置在寬度為d的固定平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌平面與水平面成θ角，金屬棒與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ（μ<tanθ），整個(gè)裝置處于垂直斜面向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。已知金屬棒ab的質(zhì)量為m、電阻為R0A．變阻器R的觸頭在最左端時(shí)，金屬棒受到的安培力最大B．金屬棒受到的安培力最大時(shí)，摩擦力沿導(dǎo)軌平面向上C．變阻器R接入電路的值不小于BEdD．變阻器R接入電路的值不大于BEd二、多選題11．在物理學(xué)中，常常用物理量之比表示研究對(duì)象的某種性質(zhì)，從而定義新物理量的方法叫比值定義法。在用FILA．這一比值不描述電流元的性質(zhì)，也不描述磁場(chǎng)的性質(zhì)B．被定義的B跟定義式中的物理量描述的是同一研究對(duì)象C．在定義B的同時(shí)，也就確定了B與F，以及IL單位間的關(guān)系D．在定義B的同時(shí)，也包含了利用相同電流元“比較”受安培力大小的思維方法12．如圖所示，磁鐵固定在水平放置的電子測(cè)力計(jì)上時(shí)，測(cè)力計(jì)的示數(shù)為F1。現(xiàn)控制導(dǎo)線框abcd平面與磁場(chǎng)方向垂直，底邊水平，以恒定的速率在磁場(chǎng)中豎直向下運(yùn)動(dòng)。當(dāng)ab邊進(jìn)入磁鐵兩極間時(shí)，測(cè)力計(jì)的示數(shù)變?yōu)镕A．a(chǎn)b邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，流過(guò)ab邊電流由a指向bB．a(chǎn)b邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框受到的安培力豎直向上C．a(chǎn)b邊中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是由于洛倫茲力的作用產(chǎn)生的D．磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與（F213．直流電源、滑動(dòng)變阻器R、定值電阻R0以及平行板電容器C連接成如圖的電路。圖中C的下極板接地，開(kāi)始時(shí)C不帶電?，F(xiàn)閉合開(kāi)關(guān)S1、S2A．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片上滑時(shí)，R0中電流向右B．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片下滑時(shí)，油滴向上運(yùn)動(dòng)C．?dāng)嚅_(kāi)S2，C的下極板下移時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)升高D．?dāng)嚅_(kāi)S2，C的上極板下移時(shí)，油滴的電勢(shì)能減小14．在用圖1的電路研究自感現(xiàn)象時(shí)，電流傳感器顯示各時(shí)刻通過(guò)線圈L（直流電阻為0）的電流如圖2所示。已知燈泡的電阻與定值電阻R相同且不隨電流變化，可以判定（）A．閉合S時(shí)燈泡緩慢變亮，斷開(kāi)S時(shí)燈泡緩慢熄滅B．1.0×10-3s前后，S由閉合變?yōu)閿嚅_(kāi)C．1.2×10-3s時(shí)，通過(guò)燈泡的電流方向?yàn)閺挠蚁蜃驞．1.1×10-3s時(shí)，燈泡的功率約為5.0×10-4s時(shí)的二分之一15．如圖所示E=3V，r=1Ω，R0=3Ω，滑動(dòng)變阻器R的總阻值為10Ω。在滑動(dòng)觸頭P從右向左移動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A．理想電壓表V示數(shù)增大 B．理想電流表A示數(shù)增大C．R消耗的最大功率為98W D．R0消耗的最大功率為27三、實(shí)驗(yàn)題16．某同學(xué)將電流表G（滿(mǎn)偏電流Ig=3mA，內(nèi)阻Rg=30Ω）按圖1的電路改裝成歐姆表，其中電源電動(dòng)勢(shì)E=1.5V，內(nèi)阻r=1Ω。（1）圖1中A端應(yīng)與（填“紅”或“黑”）表筆相連接：（2）測(cè)量電阻前，將紅、黑表筆短接進(jìn)行歐姆調(diào)零。當(dāng)G滿(mǎn)偏時(shí)，R0接入電路的阻值為Ω；（3）將待測(cè)電阻Rx接入A、B間，此時(shí)G的示數(shù)如圖2所示，則Rx=Ω。17．疊層電池的性質(zhì)與普通干電池相同，但它具有體積小、輸出電壓高的特點(diǎn)。為測(cè)量某疊層電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r，該同學(xué)利用下列器材設(shè)計(jì)了如圖1所示的測(cè)量電路：A．待測(cè)電池B．定值電阻R0C．理想電壓表V1（量程為15V）D．理想電壓表V2（量程為3V）E．滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為500Ω）F．開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干回答下列問(wèn)題（1）閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器R的觸頭置于（選填“最左端”或“最右端”）；（2）實(shí)驗(yàn)中，調(diào)節(jié)R觸頭的位置，發(fā)現(xiàn)當(dāng)電壓表V1讀數(shù)為6.0V時(shí)，電壓表V2讀數(shù)為1.96V，此時(shí)通過(guò)電源的電流為mA；（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。（3）多次改變R接入電路的電阻，讀出多組V1和V2的示數(shù)U1、U2，將（2）中的點(diǎn)描在圖2中，連同已描出的點(diǎn)作出（4）由U1?U2圖像可知該疊層電池的電動(dòng)勢(shì)E=四、解答題18．目前，中國(guó)汽車(chē)電池企業(yè)“寧德時(shí)代”和整車(chē)企業(yè)“比亞迪”，在全球新能源汽車(chē)領(lǐng)域處于領(lǐng)先地位?，F(xiàn)將“比亞迪”某型號(hào)電動(dòng)汽車(chē)的部分電路簡(jiǎn)化為如圖所示，已知車(chē)燈電阻為174Ω，當(dāng)電源電量剩余20%時(shí)，電源的電動(dòng)勢(shì)為350V。閉合開(kāi)關(guān)S1，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S2，電流表示數(shù)為2A；然后接著閉合S2，電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)，電流表示數(shù)達(dá)到89A，設(shè)電流表為理想電表，車(chē)燈電阻恒定，求；（1）此狀態(tài)下汽車(chē)電源的內(nèi)阻r；（2）電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)后，電動(dòng)機(jī)消耗的電功率。19．2022年10月，我國(guó)成功運(yùn)行了世界首個(gè)“電磁撬”，它對(duì)噸級(jí)物體的最高推進(jìn)速度達(dá)到每小時(shí)1030公里（286m/s）。如圖為簡(jiǎn)化后的“電磁撬”模型：兩根平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌沿水平方向固定，其間安放金屬滑塊，滑塊可沿導(dǎo)軌無(wú)摩擦滑行，且始終與導(dǎo)軌保持良好接觸。電源提供的強(qiáng)大電流經(jīng)導(dǎo)軌-滑塊-導(dǎo)軌流回電源，滑塊被導(dǎo)軌中電流形成的磁場(chǎng)推動(dòng)而加速。將滑塊所處位置的磁場(chǎng)簡(jiǎn)化為方向垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5T，若兩導(dǎo)軌間的距離L=2m，滑塊質(zhì)量為1000kg，設(shè)通電后滑塊開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，其加速度大小為50m/s2，求：（1）滑塊勻加速過(guò)程中電源提供的電流大??；（2）滑塊沿軌道運(yùn)動(dòng)9m時(shí)所受安培力的瞬時(shí)功率。20．如圖所示，間距為L(zhǎng)的光滑平行金屬導(dǎo)軌傾斜放置，其與水平面間的夾角為θ，整個(gè)裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中（圖中磁場(chǎng)未畫(huà)出），磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。導(dǎo)軌上端接有阻值為R的定值電阻。一質(zhì)量為m的金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置在導(dǎo)軌上。在沿導(dǎo)軌平面向下的恒力F作用下，金屬桿ab以速度v0（1）金屬桿ab受力F的大??；（2）某時(shí)刻撤去力F，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后，金屬桿再次沿軌道向下勻速運(yùn)動(dòng)，求此時(shí)電阻R消耗的電功率。21．2022年5月，我國(guó)自主設(shè)計(jì)建造的新一代碳約束核聚變實(shí)驗(yàn)裝置——“人造太陽(yáng)”實(shí)現(xiàn)首次放電。如圖為磁約束裝置的簡(jiǎn)化示意圖，圖中環(huán)形區(qū)域內(nèi)有一垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=1.0T，磁場(chǎng)邊界內(nèi)圓半徑R1未知，外圓半徑R2=3m。一帶正電粒子自中空區(qū)域的圓心O點(diǎn)以某一初速度v0沿環(huán)形區(qū)域半徑OM方向射入磁場(chǎng)后，恰好不能穿出磁場(chǎng)外邊界，且從磁場(chǎng)內(nèi)邊界上的N點(diǎn)第一次射回中空區(qū)域。已知∠MON=60°，被束縛帶正電粒子的比荷qm（1）帶電粒子射入環(huán)形磁場(chǎng)時(shí)的初速度v0；（2）該粒子從O點(diǎn)出發(fā)到再次回到O點(diǎn)所需的最短時(shí)間。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A．電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓，在閉合電路中電源兩極間的電壓是路端電壓，小于電源電動(dòng)勢(shì)，A不符合題意；B．電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量，是非靜電力做功能力的反映，電動(dòng)勢(shì)越大，表明電源將其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大，B符合題意；C．電動(dòng)勢(shì)的大小與所儲(chǔ)存的電能是無(wú)關(guān)的，C不符合題意；D．電動(dòng)勢(shì)等于非靜電力把1C的正電荷在電源內(nèi)部從負(fù)極搬運(yùn)到正極所做的功，D不符合題意。故答案為：B。

【分析】電動(dòng)勢(shì)等于電源沒(méi)有接入電路時(shí)兩極間的電壓，路端電壓小于電源的電動(dòng)勢(shì)，電動(dòng)勢(shì)是描述電源把其它形式的能量轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)的物理量。2．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)題意，粒子受洛倫茲力和阻力作用，洛倫茲力始終不做功，阻力做負(fù)功，則粒子運(yùn)動(dòng)的速度減小，所以粒子不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，A不符合題意；BCD．由于阻力始終與速度方向相反，所以洛倫茲力提供向心力，則有qvB=mv2r故答案為：C。

【分析】粒子在磁場(chǎng)中洛倫茲力提供向心力，從而得出磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式以及變化情況。3．【答案】A【解析】【解答】AB．當(dāng)直導(dǎo)線中的電流I增大時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，線圈產(chǎn)生逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，根據(jù)左手定則可知，線圈受到的安培力向右，所以線圈向右運(yùn)動(dòng)，A符合題意，B不符合題意；CD．同理，當(dāng)直導(dǎo)線中的電流I減小時(shí)，穿過(guò)線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，線圈產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，根據(jù)左手定則可知，線圈受到的安培力向左，所以線圈向左運(yùn)動(dòng)，CD不符合題意。故答案為：A。

【分析】當(dāng)直導(dǎo)線中的電流的變化時(shí)根據(jù)通電導(dǎo)線周?chē)拇艌?chǎng)分布以及楞次定律得出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合左手定則得出線圈的運(yùn)動(dòng)情況。4．【答案】C【解析】【解答】A．地球表面只有赤道位置的地磁場(chǎng)方向與地面平行，A不符合題意；B．地磁南極在地理北極附近，B不符合題意；C．由圖可知，地磁北極在地理南極附近，根據(jù)右手螺旋定則可確定電流方向與地球自轉(zhuǎn)方向相反，說(shuō)明地球帶負(fù)電，C符合題意；D．根據(jù)左手定則可知，地磁場(chǎng)對(duì)垂直射向地球赤道的質(zhì)子有向東的力的作用，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】赤道位置的磁場(chǎng)方向與地面平行，地磁的南北極和地理的南北極相反，結(jié)合左手定則得出地磁場(chǎng)對(duì)質(zhì)子的作用力。5．【答案】C【解析】【解答】A．根據(jù)點(diǎn)電荷電場(chǎng)強(qiáng)度的決定式E=kqB．正點(diǎn)電荷的電場(chǎng)方向指向無(wú)窮遠(yuǎn)處，根據(jù)電勢(shì)順線降，距離點(diǎn)電荷越遠(yuǎn)電勢(shì)越低，故沿bcd從b點(diǎn)到d點(diǎn)，電勢(shì)先降低后升高，B不符合題意；C．根據(jù)電場(chǎng)力做功只與始末位置有關(guān)，將正試探電荷從b點(diǎn)沿bcd移動(dòng)到d點(diǎn)，靠近正場(chǎng)源電荷，故電場(chǎng)力所做的總功為負(fù)，C符合題意；D．cd線上由c到d上電勢(shì)逐漸升高，負(fù)試探電荷在電勢(shì)越高處電勢(shì)能越低，故負(fù)試探電荷在d點(diǎn)的電勢(shì)能最低，D不符合題意。故答案為：C。

【分析】根據(jù)點(diǎn)電荷周?chē)姾蓤?chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式得出電場(chǎng)強(qiáng)度的變化情況，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，通過(guò)電場(chǎng)力做功和電勢(shì)能的變化情況進(jìn)行分析判斷。6．【答案】D【解析】【解答】設(shè)正五邊形線框每邊電阻為R，abc邊的電阻為2R，通過(guò)的電流為I，則abc邊受到的安培力為F=BIL，由于abc邊與aedc邊并聯(lián)，電壓相等，aedc邊電阻為3R，故流過(guò)的電流為23I，aedc邊的有效長(zhǎng)度為L(zhǎng)，受到的安培力為F故答案為：D。

【分析】根據(jù)安培力的表達(dá)式以及串并聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律得出電流的大小，利用安培力的表達(dá)式得出合力的大小。7．【答案】D【解析】【解答】A．由于電子在MN間做加速運(yùn)動(dòng)，所以電子受到的電場(chǎng)力水平向右，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向水平向左，即N的電勢(shì)高于M的電勢(shì)，A不符合題意；B．由于電子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則可以確定磁場(chǎng)的方向應(yīng)垂直紙面向里，B不符合題意；C．在加速電場(chǎng)中，有qU=12mv2D．在偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)中，洛倫茲力提供向心力，有qvB=mv2r，v=2qUm故答案為：D。

【分析】沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，利用左手定則得出電子在磁場(chǎng)所受洛倫茲力的方向，在加速電場(chǎng)中利用動(dòng)能定理得出電子速度的表達(dá)式，通過(guò)洛倫茲力提供向心力得出軌道半徑的表達(dá)式。8．【答案】B【解析】【解答】根據(jù)同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，當(dāng)放入c時(shí)，b對(duì)a的作用力方向向右，大小為F，c對(duì)a的作用力方向向左，a受到的磁場(chǎng)力為b、c對(duì)a的合力，合力大小為2F，說(shuō)明合力方向向左，則有2F=Fc?F，所以F故答案為：B。

【分析】同向電流相互吸引，反向電流相互排斥，結(jié)合通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中安培力的方向以及力的合成得出ｂ受到的磁場(chǎng)力。9．【答案】A【解析】【解答】設(shè)離子P3+經(jīng)電壓為U的電場(chǎng)加速后的速度為v，由動(dòng)能定理3eU=12mv2，離子進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力3evB=mv2r，由幾何關(guān)系，離子P故答案為：A。

【分析】粒子在加速電場(chǎng)中根據(jù)動(dòng)能定理得出離子的速度，通過(guò)洛倫茲力提供向心力得出粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度。10．【答案】D【解析】【解答】A．變阻器R的觸頭在最左端時(shí)，電路中的電流最小，金屬棒受到的安培力最小。A不符合題意；B．由左手定則可知，安培力沿導(dǎo)軌平面向上，當(dāng)金屬板剛好要上滑時(shí)，金屬棒受到的安培力最大，摩擦力沿導(dǎo)軌平面向下。B不符合題意；C．當(dāng)金屬板剛好要上滑時(shí)，變阻器R接入電路的值最小，對(duì)金屬棒，由平衡條件得mgsinθ+μmgsinθ=BI'dD．由于μ<tanθ，則金屬棒剛好下滑時(shí)，電路中電流最小，即變阻器R接入電路的值最大，對(duì)金屬棒，由平衡條件得mgsinθ=μmgsinθ+BId，由閉合電路歐姆定律得E=I(r+R+R故答案為：D。

【分析】變阻器R的觸頭在最左端時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律得出電流的變化情況和安培力的變化情況，對(duì)金屬棒根據(jù)受力分析和共點(diǎn)力平衡得出變阻器R接入電路的值。11．【答案】C,D【解析】【解答】A．這一比值不描述電流元的性質(zhì)，描述磁場(chǎng)的性質(zhì)，即對(duì)垂直放入其中的電流元有力的作用，A不符合題意；B．被定義的B描述磁場(chǎng)的強(qiáng)弱及方向，而定義式中的物理量描述電流元受力情況，B不符合題意；C．在定義B的同時(shí)，也就確定了B與F，以及IL單位間的關(guān)系，即1T=1NC符合題意；D．在定義B的同時(shí)，也包含了利用相同電流元“比較”受安培力大小的思維方法，即控制變量法，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】比較安培力時(shí)采用控制變量法根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式和國(guó)際單位制中的基本單位進(jìn)行分析判斷。12．【答案】B,C【解析】【解答】AB．a(chǎn)b邊進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，線框abcd的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，流過(guò)ab邊電流由b指向a，線框受到的安培力豎直向上，A不符合題意，B符合題意；C．a(chǎn)b邊中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是ab邊運(yùn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生的，本質(zhì)是由于洛倫茲力的作用產(chǎn)生的，C符合題意；D．設(shè)ab邊長(zhǎng)度為L(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)速度為v，導(dǎo)線框電阻為R，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；則ab邊產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv，感應(yīng)電流為I=ER=BLvR，ab邊受到的安培力為F安=BIL=故答案為：BC。

【分析】線圈進(jìn)入磁場(chǎng)中根據(jù)楞次定律得出電流的方向和安培力的方向，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律以及閉合電路歐姆定律和安培力的表達(dá)式得出磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式。13．【答案】A,C【解析】【解答】A．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片上滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值變大，電容器兩端的電壓增大，根據(jù)C=QU，電容器處于充電狀態(tài)，則RB．保持兩開(kāi)關(guān)閉合，R的滑片下滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器的阻值變小，電容器兩端的電壓減小，根據(jù)E=UC．?dāng)嚅_(kāi)S2，電容器兩極板之間電荷量保持不變，根據(jù)C=QU，E=Ud，C=εD．?dāng)嚅_(kāi)S2，電容器兩極板之間電荷量保持不變，根據(jù)E=4πkQεr故答案為：AC。

【分析】保持兩開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，滑片的移動(dòng)時(shí)接入電路中電阻的變化和閉合電路歐姆定律得出電路中電流的變化情況，利用電容器的決定式和定義式以及勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度的表達(dá)式得出Ｐ點(diǎn)電勢(shì)的變化情況以及油滴電勢(shì)能的變化情況。14．【答案】B,C【解析】【解答】AB．當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，流過(guò)燈泡的電流瞬間增大，所以燈泡瞬間變亮，由于線圈的自感作用使得流過(guò)電阻R的電流逐漸增大，斷開(kāi)S時(shí)，由于燈泡的電阻與定值電阻R相同電流逐漸減小，A不符合題意，B符合題意；C．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向向右，所以流過(guò)燈泡的電流向左，C符合題意；D．由圖可知，t=1.1×10-3s時(shí)，電流為0.9A，t=5.0×10-4s時(shí)，電流為1.5A，根據(jù)功率的計(jì)算公式P=I2R故答案為：BC。

【分析】當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，根據(jù)通過(guò)電流的變化情況得出燈泡亮度的變化情況，斷開(kāi)開(kāi)關(guān)時(shí)根據(jù)線圈中電流的方向，利用功率的表達(dá)式得出燈泡的功率。15．【答案】B,D【解析】【解答】AB．當(dāng)滑動(dòng)觸頭P從右向左移動(dòng)的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值減小，所以回路中的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，回路中的電流增大，即電流表示數(shù)增大，但內(nèi)電壓增大，從而路端電壓減小，即電壓表讀數(shù)減小，A不符合題意，B符合題意；D．當(dāng)回路中的電流最大時(shí)，定值電阻R0消耗的功率最大，此時(shí)滑片滑到最左端，有Im=EC．當(dāng)外電路電阻與電源內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，根據(jù)等效電源法，當(dāng)R消耗的功率最大時(shí)，有R=R0+r=4Ω，I=故答案為：BD。

【分析】滑動(dòng)觸頭P從右向左移動(dòng)的過(guò)程中根據(jù)閉合電路歐姆定律得出電壓表示數(shù)的變化情況，利用電功率的表達(dá)式得出Ｒ消耗的最大功率。16．【答案】（1）紅（2）469（3）1000【解析】【解答】（1）電流從電源正極流出，從黑筆流出從紅筆流入，所以A端應(yīng)與紅筆相連；（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得Ig=（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得13I【分析】（1）電流從多用電表的黑表筆流出，紅表筆流入；

（2）結(jié)合閉合電路歐姆定律得出R0接入電路的阻值；

（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律得出待測(cè)電阻接入ＡＢ間的阻值。17．【答案】（1）最左端（2）65.3（3）（4）14.0；122【解析】【解答】（1）為保護(hù)電壓表，閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器有效阻值調(diào)至最大，故R的觸頭置于最左端。（2）電壓表為理想電表，則電流為I=（3）描出U1為6.0V，U2為1.96V