新疆阿克蘇市沙雅縣二中2025屆高二物理第一學期期末達標檢測試題含解析

新疆阿克蘇市沙雅縣二中2025屆高二物理第一學期期末達標檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，正六邊形abcdef區(qū)域內有垂直于紙面向外的勻強磁場．一帶電粒子從a點沿ad方向射入磁場，當速度大小為v1時，粒子從b點離開磁場；當速度大小為v2時，粒子從c點離開磁場，不計粒子重力，則v1與v2的大小之比為（）A.1：3 B.1：2C.2：1 D.3：22、圖中的實線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶電粒子的運動軌跡，粒子先經過M點，再經過N點．可以判定（）A.M點的電勢小于N點的電勢B.粒子帶正電，M點的電勢大于N點的電勢C.粒子在M點受到的電場力大于在N點受到的電場力D.粒子在M點的電勢能小于在N點的電勢能3、如圖所示，半徑為R的絕緣球殼上均勻分布著正電荷，O為球心?，F(xiàn)從球殼上A處挖出足夠小的帶電荷量為＋q的一部分，并將它沿OA延長線移距離R到B處。若球殼其它部分帶電情況不變，已知靜電力常量為k，則此時球心O點的電場強度為（）A.，方向沿B到OB.，方向沿O到BC.，方向沿O到BD.，方向沿B到O4、四盞燈泡接成如圖所示的電路，a、c燈泡的規(guī)格為“220V40W”，b、d燈泡的規(guī)格為“220V100W”，各個燈泡的實際功率都沒有超過它的額定功率，則這四盞燈泡實際消耗功率大小的順序是A.B.C.D.5、關于曲線運動的下列幾種說法中正確的是（）A.曲線運動的速度有可能不變B.曲線運動的速度大小有可能不變C.曲線運動可能沒有加速度D.曲線運動的物體所受合力可能為零6、如圖所示，矩形線框在勻強磁場中做的各種運動，能夠產生感應電流的是（）A B.C. D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一閉合矩形線圈在勻強磁場中繞垂直于磁感線的軸勻速轉動時，穿過線圈的磁通量隨時間的變化圖象如圖所示，則下列說法中正確的是（）A.t=0時刻線圈平面與中性面平行B.t=0.1s時刻，穿過線圈平面的磁通量變化率為零C.t=0.2s時刻，線圈中有最大感應電動勢D.t=0.4s時刻，線圈中的感應電流為零8、如圖甲所示，在足夠長的光滑的斜面上放置著金屬線框，垂直于斜面方向的勻強磁場的磁感應強度B隨時間的變化規(guī)律如圖乙所示（規(guī)定垂直斜面向上為正方向）．t＝0時刻將線框由靜止釋放，在線框下滑的過程中，下列說法正確的是A.線框中產生大小、方向周期性變化的電流B.MN邊受到的安培力先減小后增大C.線框做勻加速直線運動D.線框中產生的焦耳熱等于其機械能的損失9、如圖所示，在兩等量異種點電荷的電場中，MN為兩電荷連線的中垂線，a、b、c三點所在直線平行于兩電荷的連線，且a和c關于MN對稱，b點位于MN上，d點位于兩電荷的連線上。以下判斷正確的是（）A.b點的電勢低于c點的電勢B.b點電場強度小于d點電場強度C.a、b兩點間的電勢差等于b、c兩點間的電勢差D.試探電荷+q在a點的電勢能小于在c點的電勢能10、如圖所示，勻強磁場方向垂直紙面向里，正方形單匝線框從左邊界由靜止開始勻加速穿過磁場區(qū)域，線圈的邊長和磁場的寬度相等．從線框cd邊剛進磁場開始計時，逆時針方向為電流的正方向，線框中的感應電流i、電功率P隨時間t的變化圖象可能正確的是A. B.C. D.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在如圖甲所示電路中，L1、L2、L3為三只“6V,3W”的燈泡，變壓器為理想變壓器，各電表均為理想電表，當ab端接如圖乙所示的交變電壓時，三只燈泡均正常發(fā)光．則電壓表的示數(shù)為__________.12．（12分）張明同學在測定某種合金絲的電阻率時：(1)用螺旋測微器測得其直徑為_____mm（如圖甲所示）；(2)用20分度游標卡尺測其長度為______cm（如圖乙所示）；(3)用圖丙所示電路測得的電阻值將比真實值________(填“偏大”或“偏小”)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，水平放置的光滑的金屬導軌M、N，平行地置于勻強磁場中，間距為d，磁場的磁感強度大小為B，方向與導軌平面夾為α，金屬棒ab的質量為m，放在導軌上且與導軌垂直．電源電動勢為E，內電阻r，定值電阻為R，其余部分電阻不計．則當電鍵調閉合的瞬間，棒ab的加速度為多大？14．（16分）如圖甲所示，在水平地面上固定一對與水平面傾角為的光滑平行導電軌道，軌道間的距離為，兩軌道底端的連線與軌道垂直，頂端接有電源．將一根質量為的直導體棒放在兩軌體會配合，且與兩軌道垂直．已知軌客導體棒的電阻及電源的內電阻均不能忽略，通過導體棒的恒定電流大小為，方向由到，圖乙為圖甲沿方向觀察的平面圖．若重力加速度為，在軌道所在空間加一豎直向上的勻強磁場，使導體棒在軌道上保持靜止（）請在圖乙所示的平面圖中畫出導體棒受力的示意圖；（）求出磁場對導體棒的安培力的大??；（）如果改變導軌所在空間的磁場方向，試確定使導體棒在軌道上保持靜止的勻強磁場磁感應強度的最小值的大小和方向15．（12分）如圖所示是一個示波管工作原理圖，電子經電壓V加速后以速度沿兩極板的中線進入電壓V,間距為,板長的平行金屬板組成的偏轉電場，離開電場后打在距離偏轉電場的屏幕上的點，（e=1.6×10-19C，m=0.9×10-30kg）求：（1）電子進入偏轉電場時的速度（2）射出偏轉電場時速度的偏角（3）打在屏幕上側移位移

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】考查帶電粒子在勻強磁場中的運動?！驹斀狻恳李}意，畫出兩種情況的軌跡如圖：設邊長為a，由幾何關系可得：可知，兩半徑之比為：由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的半徑公式：可得，兩速度之比為：。故選A。2、B【解析】A、粒子所受電場力指向軌跡彎曲的內側，斜向左下方，與電場方向一致，粒子帶正電，根據(jù)順著電場線的方向電勢降低，可知過M點的等勢面的電勢高于過N點的等勢面的電勢，則M點的電勢高于N點的電勢，故A錯誤，B正確；C、由電場線的疏密表示電場強度的大小，可知，M點的電場強度比N點的小，由知，粒子在M點受到的電場力小于在N點受到的電場力，故C錯誤；D、從M到N，粒子的所受電場力斜向左下方，則電場力對粒子做正功，電勢能減少，所以粒子在M點的電勢能大于在N點的電勢能，故D錯誤3、B【解析】球殼內部電場的形成是球殼剩余部分的電荷形成的，在球殼表面A處取下一面積足夠小，所以對于球殼內部的場強影響可以忽略，電場線仍是由球殼各點沿曲線指向A點，根據(jù)矢量合成原理可知，球心O點場強是由A點關于圓心O的對稱點的電荷形成的場強與B點在O點形成的場強的合場強，故大小為：方向沿O到B。A．，方向沿B到O與分析不符，故A錯誤；B．，方向沿O到B與分析相符，故B正確；C．，方向沿O到B與分析不符，故C錯誤；D．，方向沿B到O與分析不符，故D錯誤。故選：B。4、C【解析】根據(jù)公式可得b、d的電阻小于a、c的電阻，a、d串聯(lián)在干路，所以兩燈泡的電流相等，故根據(jù)公式可得，因為通過b、c的電流之和等于d的電流，所以通過d的電流大于b的電流，b、c并聯(lián)，電壓相同，由于b的電阻小于c的電阻，所以b的電流大小于c的電流，故根據(jù)公式可得，，綜合可得，C正確；【點睛】已知用電器的額定功率、額定電壓，求實際電壓的功率時，要抓住電阻不變這一關鍵點，能結合串并聯(lián)電路的特點解題，難度適中5、B【解析】A項：物體做曲線運動時，速度的方向沿曲線的切線方向，速度肯定變化，故A錯誤；B項：物體做勻速圓周運動時速度大小不變．故B正確；C項：物體做曲線運動時，速度肯定變化，必然有加速度．故C錯誤；D項：物體做曲線運動的條件是合力的方向與速度方向不在同一條直線上，所以合外力不可能為0，故D錯誤故選B6、B【解析】A項：線框在勻強磁場中運動時，穿過線框的磁感線條數(shù)不變，即磁通量不變，沒有感應電流產生，故A錯誤；B項：線框在磁場中轉動時，穿過線框的磁通量發(fā)生變化，產生感應電流，故B正確CD項：線框與磁場平行，穿過線框的磁通量為零，當線框向右平動時，磁通量保持為零，沒有變化，所以沒有感應電流產生，故CD錯誤故選B二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A.由圖可知t=0時刻通過線圈的磁通量為0，此時線圈平面與磁場方向平行，與中性面垂直，選項A錯誤；B.t=0.1s時刻通過線圈的磁通量最大，穿過線圈平面的磁通量變化率為零，選項B正確；C.t=0.2s時刻通過線圈磁通量為0，磁通量變化率最大，線圈中有最大感應電動勢，選項C正確；D.t=0.4s時刻，通過線圈的磁通量為0，磁通量變化率最大，線圈中有最大感應電動勢，線圈中的感應電流最大，選項D錯誤。故選BC。8、BC【解析】A．穿過線圈的磁通量先向下減小，后向上增加，則根據(jù)楞次定律可知，感應電流方向不變，選項A錯誤；B．因B的變化率不變，則感應電動勢不變，感應電流不變，而B的大小先減后增加，根據(jù)F＝BIL可知，MN邊受到的安培力先減小后增大，選項B正確；C．因線圈平行的兩邊電流等大反向，則整個線圈受的安培力為零，則線圈下滑的加速度為gsinθ不變，則線框做勻加速直線運動，選項C正確；D．因安培力對線圈不做功，斜面光滑，則線框的機械能守恒，選項D錯誤9、BC【解析】A．MN是一條等勢線，則b點電勢為零，而c點電勢小于零，則b點電勢高于c點，選項A錯誤；B．因d電場場強大于O點場強，而O點場強大于b點場強，可知b點電場強度小于d點電場強度，選項B正確；C．由對稱性可知，a、b兩點的電勢差等于b、c兩點間的電勢差，故C正確；D．因a點的電勢高于c點的電勢，故試探電荷+q在a點的電勢能高于在c點的電勢能，故D錯誤；故選BC。10、AD【解析】線框的速度：，感應電動勢：，電功率：，故A正確，B錯誤；感應電流：，由右手定則碰撞，線框進入磁場過程電流沿逆時針方向，是正的，線框離開磁場過程，感應電流沿順時針方向，是負的，故C錯誤，D正確．所以AD正確，BC錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、12V【解析】電壓表的示數(shù)為變壓器輸入電壓，交流電的有效值為Uab=18V；則有：U=Uab-UL1=18V-6V=12V12、①.3.202-3.205②.5.015③.偏小【解析】（1）解決本題的關鍵明確：螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀（2）游標卡尺讀數(shù)方法，主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀（3）由電路圖，根據(jù)電表內阻的影響確定誤差情況【詳解】（1）螺旋測微器的固定刻度為3.0mm，可動刻度為20.5×0.01mm=0.205mm，所以最終讀數(shù)為3.0mm+0.205mm=3.205mm（2）20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為50mm，游標尺上第3個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm（3）由歐姆定律得，電阻阻值R=U/I，由于電壓表分流作用使電流測量值偏大，則電阻測量值偏小【點睛】考查螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù)；游標卡尺不需要估讀、螺旋測微器需要估讀．掌握由歐姆定律分析電路的誤差的方法四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、棒ab的加速度大小為【解析】由題意知，電鍵閉合時，導體棒中通過的電流方向是從a到b，根據(jù)左手定則知，導體棒受到的安培力方向如圖所示：因為導體棒受三個力作用下在水平方向運動，故導體棒在豎直方向所受合力為0由題意得：則導體棒所受的合力為：根據(jù)牛頓第二定律，棒產生的加速度為：在電路中，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：所以導體棒產生的加速度為：，方向向左【點睛】能通過左手定則確定安培力的大小和方向，并對導體棒正確的受力分析得出導體棒所受的合力，根據(jù)牛頓第二定律解得．主要考查左手定則和閉合回路的歐姆定律的運用14、（）圖見解析（2）；（3）垂直軌道平面斜向上【解析】導體棒受到重力、軌道支持力和磁場對導體棒的安培力，安培力方向由左手定則判斷，作出受力示意圖．根據(jù)共點力平衡條件求解磁場對導體棒的安培力的大?。灰勾鸥袘獜姸茸钚?，則要求安培力