2025屆四川省成都市龍泉第二中學高二物理第一學期期末經(jīng)典模擬試題含解析

2025屆四川省成都市龍泉第二中學高二物理第一學期期末經(jīng)典模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示、幾位同學在做“搖繩發(fā)電”實驗：把一條長導線的兩端連在一個靈敏電流表的兩個接線柱上，形成閉合回路。兩個同學迅速搖動AB這段“繩”。假設圖中情景發(fā)生在赤道，地磁場方向與地面平行。圖中搖“繩”同學是沿東西站立的，甲同學站在西邊，手握導線上的A點，乙同學站在東邊，手握導線上的B點。下列說法正確的是（）A.此位置的地磁場方向由北指向南B.當“繩”向下運動時，“繩”中電流從A流向BC.當“繩”搖到最高點時，“繩”中電流最大D.當“繩”搖到最低點時，“繩”受到的安培力最大2、有關電壓與電動勢的說法中正確的是（）A.電壓與電動勢的單位都是伏特，所以電動勢與電壓是同一物理量的不同叫法B.電動勢是電源兩極間的電壓C.電動勢公式E＝中W與電壓公式U＝中的W是一樣的，都是電場力做的功D.電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量3、用細線拴住一個小球在光滑的水平面內做勻速圓周運動，下列描述小球運動的物理量，發(fā)生變化的是()A.動能 B.線速度C.周期 D.角速度4、下列圖中表示閉合電路中的一部分導體ab在磁場中做切割磁感線運動的情景，導體ab上的感應電流方向為a→b的是A. B.C. D.5、如圖所示是個單擺在時間內做簡諧運動的圖象，由圖象可知A.在時間內，擺球受到的回復力越來越小B.時刻，擺球的速度最大C.擺球的動能和重力勢能相互轉化的周期為D.擺球的動能和重力勢能相互轉化的周期為6、如圖所示的電路中，當變阻器R3的滑片向上移動時（）A電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小C.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變大D.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在等腰直角三角形abc區(qū)域內存在垂直紙面向外、磁感應強度為B的勻強磁場，O為ab邊的中點，在O處有一粒子源沿紙面內不同方向、以相同的速率不斷向磁場中釋放相同的帶正電的粒子，已知粒子的質量為m，電荷量為q，直角邊ab長為，不計重力和粒子間的相互作用力．則A.粒子能從bc邊射出的區(qū)域長度為B.粒子在磁場中運動的最長時間為C.若粒子從bc邊射出，則入射方向與Ob的夾角一定小于D.從ac邊射出的粒子中，沿Oa方向射入磁場的粒子在磁場中運動的時間最短8、如圖所示，通電導線旁邊同一平面有矩形線圈abcd.則（）A.若線圈向右平動，其中感應電流方向是a→b→c→dB.若線圈豎直向下平動，無感應電流產生C.當線圈以通電導線為軸轉動時，其中感應電流方向是a→b→c→dD.當線圈向導線靠近時，其中感應電流方向是a→b→c→d9、如圖所示，在勻強電場和勻強磁場共存區(qū)域內，電場的場強為E，方向豎直向上，磁場的磁感應強度為B，方向垂直于紙面向里，一質量為m的帶電粒子，在場區(qū)內的一豎直平面內做圓周運動，則下列說法中正確的是A.粒子在運動過程中速率不變B.帶有電荷量為的負電荷C.粒子沿圓周逆時針運動D.粒子沿圓周順時針運動10、如圖所示，電流表A1（0~3A）和A2（0~0.6A）是由兩個相同的電流表改裝而成，現(xiàn)將這兩個電流表并聯(lián)后接入電路中，閉合開關S，調節(jié)滑動變阻器，下列說法中正確的是（）A.A1、A2的讀數(shù)之比為1∶1B.A1、A2的讀數(shù)之比為5∶1C.A1、A2的指針偏轉角度之比為1∶1D.A1、A2的指針偏轉角度之比為1∶5三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）利用圖甲所示的裝置探究碰撞中的不變量，在圖甲中，氣墊導軌上有A、B兩個滑塊，滑塊A右側帶有一彈簧片，左側與打點計時器(圖中未畫出)的紙帶相連；滑塊B左側也帶有一彈簧片，上面固定一遮光片，光電計時器(未完全畫出)可以記錄遮光片通過光電門的時間，實驗測得滑塊A質量m1=0.280kg，滑塊B的質量m2=0.110kg，遮光片的寬度d=0.50cm；打點計時器所用的交流電的頻率為f=50Hz，將光電門固定在滑塊B的右側，啟動打點計時器，給滑塊A一向右的初速度，使它與靜止的B相碰；碰后光電計時器顯示的時間為△tB=2.500ms，碰撞后打出的紙帶如圖乙所示(1)在該實驗方案中，下列說法正確的是____A．調節(jié)氣墊導軌，確保導軌水平B．滑塊A的初始位置應盡可能靠近滑塊BC．遮光片的寬度適當窄一些有利于減小誤差D．滑塊A和滑塊B的質量交換也可完成該實驗(2)兩滑塊碰撞前A滑塊的速度大小為____m/s，兩滑塊碰撞后B滑塊的速度大小為____m/s；(結果保留三位有效數(shù)字)(3)碰撞后滑塊A的質量和速度的乘積大小為____kg·m/s；(結果保留三位有效數(shù)字)(4)通過實驗采集到的數(shù)據(jù)可得，在誤差允許的范圍內，A、B兩個滑塊碰撞過程中的不變量是____12．（12分）如圖所示，是某同學測量電池的電動勢和內阻的實驗中得到的圖線，則該電池的電動勢為___________V，內阻為___________Ω（結果保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）用10N的水平拉力拉一個靜止在水平面上的物體，可以使它產生1m/s2的加速度，若換用15N的水平力，可以使它產生2m/s2的加速度(1)物體受到的摩擦力是多大？(2)如果用35N的水平拉力拉這個物體，產生的加速度大小是多少？14．（16分）汽車又停下來了，原來是進了加油站。小明想，機器總是要消耗能源才干活兒，要是制造出不消耗任何能源卻能源源不斷對外做功的機器，那該是利國利民的大功勞一件?。⌒∶鳛榇嗽O計了一個離子加速器方案：兩個靠得很近的、正對處留有狹縫的半圓形金屬盒，處在垂直于紙面向里、磁感應強度大小為B的勻強磁場中，M和是固定在金屬盒狹縫邊緣的兩平行極板，其上有正對的兩個小孔，給極板充電后，上板帶正電且兩板間電壓為U；質量為m、帶電量為q的正離子從M板小孔由靜止開始加速，經(jīng)板小孔進入磁場區(qū)域，離子經(jīng)磁場偏轉后又回到M板小孔繼續(xù)加速，再偏轉，再加速……假設電場集中在兩極板之間，其他區(qū)域沒有電場，并忽略離子所受的重力，試計算：（1）兩于第1次加速后獲得的動能：（2）第n次加速后和第次加速后，離子在磁場中偏轉的半徑大小之比；（3）小明想，離子每次經(jīng)磁場偏轉后都能再次進入兩極板間的電場進行加速，這個過程中電場、磁場不發(fā)生任何變化，離子動能卻不斷的增加……這個離子加速器就實現(xiàn)了不消耗任何能源便可以能源源不斷地對離子做功的目的！請根據(jù)你所學的知識，試判斷小明的設計方案是否科學，并具體闡述你的理由。15．（12分）如圖為遠距離輸電過程的示意圖．已知某個小型發(fā)電機的輸出功率為90kW，發(fā)電機的電壓為250V，通過升壓變壓器升高電壓后向遠處輸電，輸電線總電阻為5Ω，在用戶端用一降壓變壓器把電壓降為220V，要求在輸電線上損失的功率控制為2kW（即用戶得到的功率為88kW），求：（1）降壓變壓器輸出的電流和輸電線上通過的電流（2）輸電線上損失電壓和升壓變壓器輸出的電壓（3）兩個變壓器各自的匝數(shù)比

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】A．在赤道上，地磁場方向由南指向北，故A錯誤；B．當“繩”向下運動時，地磁場向北，根據(jù)右手定則判斷可知，“繩”中電流從A流向B，故B正確；C．當“繩”搖到最高點時，繩轉動的速度與地磁場方向平行，不切割磁感線，產生的感應電動勢最小，“繩”中感應電流最小，故C錯誤；D．當“繩”搖到最低點時，繩轉動的速度與地磁場方向平行，不切割磁感線，感應電流最小，繩受到的安培力也最小，故D錯誤，故選B。2、D【解析】電壓與電動勢是兩個不同的概念，電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領大小的物理量，電動勢定義式公式中E＝W是非靜電力做功電壓定義的公式U＝W是靜電力做功，電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓。故選D。3、B【解析】做勻速圓周運動的物體的速度大小恒定，所以動能不變，但是速度方向在時時刻刻變化，所以線速度在變化，A錯誤B正確；做勻速圓周運動的速度大小恒定，因為，所以周期恒定，C錯誤；根據(jù)公式可得角速度恒定，D錯誤；考點：考查了描述圓周運動的物理量4、D【解析】感應電流方向根據(jù)右手定則或楞次定律進行判斷．右手定則研究一段導體，楞次定律研究一個回路，從而即可求解【詳解】A圖中，穿過回路的磁通量減小，由楞次定律知，回路中感應電流方向由b→a→c→d，則導體ab上的感應電流方向為b→a．故A錯誤．B圖中，ab向紙外運動，運用右手定則時，磁感線穿過手心，拇指指向紙外，則知導體ab上的感應電流方向為b→a，故B錯誤．C圖中，ab棒沿導軌向下運動，由右手定則判斷知導體ab上的感應電流方向為b→a，故C錯誤．D圖中，ab棒順時針轉動，運用右手定則：磁感線穿過手心，拇指指向順時針方向，則導體ab上的感應電流方向為a→b．故D正確．故選D【點睛】本題的關鍵要掌握右手定則和楞次定律，要知道它們在判斷切割產生的感應電流方向上結果是相同的，不過研究的對象不同5、D【解析】在時間內，擺球的位移增大，受到的回復力越來越大，故A錯誤；由圖可知，該擺球的周期為，且，質點位移最大，可知在時刻質點的位移也是最大，速度為零，故B錯誤；動能與勢能都是標量，它們變化的周期等于簡諧振動的周期的一半，所以擺球的動能和重力勢能相互轉化的周期為，故C錯誤，D正確6、B【解析】當變阻器R3的滑片向上移動時，R3接入電路的阻值增加，整個電路總電阻增加，總電流強度減小，內電壓降低，路端電壓升高，電壓表示數(shù)增加；流過R1的電流減小，加在R1兩端的電壓降低，因此加在R2兩端的電壓升高，流過R2的電流增大，由于總電流減小，因此流過電流表的電流減小，故B正確，ACD錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】粒子在磁場中做圓周運動，洛倫茲力提供向心力，作出粒子運動軌跡，求出粒子軌道半徑與粒子轉過的圓心角，然根據(jù)粒子做圓周運動的周期公式求出粒子的運動時間【詳解】ABC．粒子運動軌跡如圖所示：粒子在bc邊可以從b點射出，最高點在P點．根據(jù)可得粒子做圓周運動半徑，ab邊長為，根據(jù)幾何知識可得，粒子恰好與ac邊相切時，恰好從P點射出，，P為bc中點，，粒子運動的最長時間，且粒子與Ob方向的夾角可以大于，故AB正確，C錯誤；D．若粒子從ac邊射出，則粒子在磁場中運動的時間最短時，弧長所對應的弦長最短，如上圖，粒子從aQ的中點E射出時弦最短為L，故D錯誤所以AB正確，CD錯誤【點睛】解答此題的關鍵是找出運動最長和最短時間的圓的運動軌跡，注意數(shù)學知識求解8、BD【解析】當導線框向右平移時，穿過線圈的磁通量減少，根據(jù)右手螺旋定則與楞次定律可知，感應電流方向是a→d→c→b，即順時針方向．故A錯誤；若線圈豎直向下平動，穿過線圈的磁通量不變，無感應電流產生．故B正確；當線圈以通電導線邊軸轉動時，由通電導線的磁場分布可知線圈的磁通量不變，因此沒有感應電流；故C錯誤；當線圈向導線靠近時，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，其中感應電流方向是a→b→c→d．故D正確．故選BD【點睛】解決本題的關鍵掌握右手螺旋定則判斷電流周圍的磁場方向，掌握感應電流的產生條件，會根據(jù)楞次定律判斷感應電流的方向9、AC【解析】AB．帶電粒子在重力場、勻強電場和勻強磁場的復合場中做圓周運動，可知帶電粒子受到的重力和電場力一定平衡，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相同，可知帶電粒子帶正電；根據(jù)電場力和重力大小相等，得：mg=qE解得：因粒子所受的洛倫茲力為向心力，則粒子一定做勻速圓周運動，速率不變，故A正確，B錯誤；CD．粒子由洛侖茲力提供向心力，由左手定則可知粒子沿逆時針方向做圓周運動，選項C正確，D錯誤；故選AC。10、BC【解析】AB．量程不同的電流表讀數(shù)不同，電流表A1的量程為3A，A2的量程為0.6A，當偏轉角相同時，A1、A2的讀數(shù)之比為5∶1，A錯誤，B正確；CD．圖中的A1、A2并聯(lián)，表頭的電壓相等，電流相等，指針偏轉的角度相同，所以A1、A2的指針偏轉角度之比為1∶1，C正確，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.AC②.1.90③.2.00④.0.308⑤.兩滑塊總動量【解析】(1)[1]A．導軌水平，可以消除重力分力的影響，故A正確；B．滑塊A的初始位置越靠近B，不利于滑塊A碰前的初速度計算，故B錯誤；C．遮光片的寬度適當窄些，處理滑塊的速度越準確，故C正確；D．由于A的質量較大，如果交換質量，有可能使A反彈，則不能完成該實驗，故D錯誤。故選AC；(2)[2]由圖乙所示紙帶可知，碰撞前A的速度[3]兩滑塊碰撞后B滑塊的速度大??；(3)[4]碰撞后滑塊A的速度為碰撞后滑塊A的質量和速度的乘積大小為；(4)[5]碰撞后滑塊B質量和速度的乘積大小為碰撞前滑塊A的質量和速度的乘積大小為碰撞后滑塊A、B的質量和速度的乘積之和為所以在誤差允許的范圍內，A、B兩個滑塊碰撞過程中的不變量是兩滑塊與速度乘積之和即總動量。12、①.1.5②.0.83【解析】電源的U-I圖象與縱坐標交點的縱坐標軸是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻，根據(jù)圖示圖象可以求出電源電動勢與內阻【詳解】由圖可知，圖象與縱軸的交點坐標值是1.5，則電源的電動勢為E=1.5V；電源內阻；【點睛】測定電動勢和內電阻的實驗中為了減小誤差采用了圖象分析法，要根據(jù)實驗原理得出公式，并結合圖象的斜率和截距得出正確的結果四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)5N(2)6m/s2【解析】物體在水平方向上受拉力、摩擦力作用，根據(jù)牛頓第二定律求出摩擦力的大小，從而通過牛頓第二定律求出拉力為35N時的加速度大小.【詳解】(1)對物體進行受力分析，在水平方向，根據(jù)牛頓第二定律有：F1－Ff＝ma1，F(xiàn)2－Ff＝ma2解得：Ff＝5N，m＝5kg.(2)當拉力為35N時，F(xiàn)3－Ff＝ma3，a3＝6m/s2【點睛】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用牛頓第二定律進行求解.14、（1）qU；（2）；（3）見解析?！窘馕觥浚?）由動能定理可qU=Ek-0解得離子第1次加速后獲得的動能為Ek=qU（2）設第n次加速后離子獲得的速度為vn，則由動