2025屆浙東北聯盟物理高二第一學期期中統(tǒng)考模擬試題含解析

2025屆浙東北聯盟物理高二第一學期期中統(tǒng)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、奧斯特實驗說明了（）A．磁場的存在B．磁場具有方向性C．通電導線周圍存在磁場D．磁體間有相互作用2、下列說法正確的是A．電荷受到的電場力的方向總跟電場方向相同B．沿電場線所指的方向，電場強度越來越小C．在以點電荷為中心的同一球面上，處處的電場強度都相同D．電場強度的方向總是跟正電荷受到的電場力方向一致3、如圖所示，一小球（可視為質點）沿斜面勻加速下滑，依次經過A、B、C三點，已知，，小球經過AB和BC兩段所用的時間均為2s，則小球經過A、B、C三點時的速度大小分別是（）A．12m/s，13m/s，14m/sB．10m/s，14m/s，18m/sC．8m/s，12m/s，16m/sD．6m/s，12m/s，18m/s4、一物體靜置在平均密度為的球形天體表面的赤道上．已知萬有引力常量為G，若由于天體自轉使物體對天體表面壓力恰好為零，則天體自轉周期為A． B． C． D．5、有兩個完全相同的金屬小球A和B(它們的大小可忽略不計)，分別帶電荷量q和5q，當它們在真空中相距一定距離時，A球對B球的斥力為F，若用絕緣手柄移動這兩個小球，使它們相接觸后分別再放回原處，則它們間的作用力變?yōu)椋ǎ〢．F B．1.8F C．3F D．6F6、足球比賽中，運動員用力將球踢出，在此過程中A．運動員先給足球作用力，足球隨后給運動員反作用力B．運動員給足球的作用力大于足球給運動員的反作用力C．運動員給足球的作用力與足球給運動員的反作用力是一對平衡力D．運動員給足球的作用力與足球給運動員的反作用力方向相反二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中A球系在絕緣細線的下端，B球固定在絕緣平面上，它們帶電的種類以及位置已在圖中標出．A球能保持靜止的是（）A．B．C．D．8、電飯鍋工作時有兩種狀態(tài)。一種是鍋內水燒干前的加熱狀態(tài)，另一種是鍋內水燒干后保溫狀態(tài)，如圖所示是電飯鍋電路原理示意圖，K是感溫材料制造的開關。下列說法中正確的是（）A．其中R2是供加熱用的電阻絲B．當開關S接通時電飯鍋為加熱狀態(tài)，S斷開時為保溫狀態(tài)C．要使R2在保溫狀態(tài)時的功率為加熱狀態(tài)的一半，應為2：1D．要使R2在保溫狀態(tài)時的功率為加熱狀態(tài)時一半，應為9、質點由靜止開始做勻加速直線運動，經過時間t，通過與出發(fā)點相距x1的P點，再經過時間t，到達與出發(fā)點相距x2的Q點，則該質點通過P點的瞬時速度為()A． B． C． D．10、如圖所示，有一平行于紙面的勻強電場A、B、C、D、E、F為電場中一個邊長為1m的正六邊形的六個頂點，A、B、C三點電勢分別為10V、20V、30V，則下列說法正確的是（）A．勻強電場的場強大小為B．B、E一定處在同一等勢面上C．正點電荷從E點移到F點，則電場力做負功D．電子從F點移到D點，電荷的電勢能減少20eV三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用游標卡尺測量一個圓柱形銅片的直徑，如圖所示，其直徑為_____mm。12．（12分）(1)如圖所示的是“研究電磁感應現象”的實驗裝置．①將圖中所缺導線補接完整__________.②如果在閉合開關時發(fā)現靈敏電流計的指針向右偏了一下，那么合上開關后線圈A迅速從線圈B中拔出時，電流計指針將___________（選填“向右偏”、“向左偏”或“不偏轉”）.(2)某學生選用匝數可調的可拆變壓器來“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數的關系”實驗時，原線圈接在學生電源上，用多用電表測量副線圈的電壓.①下列操作正確的是________A．原線圈接直流電壓，電表用直流電壓擋B．原線圈接直流電壓，電表用交流電壓擋C．原線圈接交流電壓，電表用直流電壓擋D．原線圈接交流電壓，電表用交流電壓擋②該學生繼續(xù)做實驗，在電源電壓不變的情況下,先保持原線圈的匝數不變，增加副線圈的匝數，觀察到副線圈兩端的電壓增大；然后再保持副線圈的匝數不變，增加原線圈的匝數，觀察到副線圈兩端的電壓_________（選填“增大”、“減小”或“不變”）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如下圖所示,分布在半徑為r的圓形區(qū)域內的勻強磁場,磁感應強度為B,方向垂直紙面向里．電量為q、質量為m的帶正電的粒子從磁場邊緣A點沿圓的半徑AO方向射入磁場,離開磁場時速度方向偏轉了60°角．試確定:①粒子做圓周運動的半徑;②粒子的入射速度;③粒子在磁場中運動的時間．14．（16分）在電場中某點放入一正點電荷，電量為q1=1.0×10-10C,受到的電場力F=1.8×10-5N，方向向東。求：（1）電場中該點的場強大小和方向。（2）若在該點放入另一負點電荷，電量為q2=-2.0×10-10C，求q2受到的電場力大小和方向。15．（12分）游樂場過山車的運動情況可以抽象為如圖所示的模型：弧形軌道AB的下端B點與半徑為R的豎直圓軌道平滑連接，質量為m的小球從弧形軌道上離水平地面高度為h的A點由靜止開始滾下，小球進入豎直圓軌道后順利通過圓軌道最高點C，不考慮摩擦等阻力，重力加速度為g．求：（1）小球位于A點時的重力勢能（以水平地面為參考平面）；（2）小球從A點運動到C點的過程中，重力所做的功；（3）小球經過C點時的速度大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

奧斯特將通電導線放于小磁針上方時發(fā)現小磁針發(fā)生了偏轉，說明了通電導線周圍存在著磁場。A.磁場的存在。與結論不符，故A錯誤；B.磁場具有方向性。與結論不符，故B錯誤；C.通電導線周圍存在磁場。與結論相符，故C正確；D.磁體間有相互作用。與結論不符，故D錯誤。2、D【解析】試題分析：負電荷受到的電場力方向和電場方向相反，和正電荷受到的電場力方向相同，A錯誤D正確；沿電場方向電勢降低，電場強度大小與電場方向無關，B錯誤；在以點電荷為中心的同一球面上，各點的電場強度大小相同，方向不同，C錯誤；考點：考查了電場強度，電場線【名師點睛】電場強度的方向與正電荷所受到的電場力方向相同，與負電荷所受到的電場力方向相反；沿著電場線的方向，電勢降低；點電荷為球心，則同一球面上的電場強度大小處處相等．3、D【解析】

根據△x=at2得：B點的瞬時速度等于AC段的平均速度，則有：則C點的速度為：vC=vB+at=12+3×2=18m/sA點的速度為：vA=vB-at=12-3×2=6m/sA．12m/s，13m/s，14m/s，與結論不相符，選項A錯誤；B．10m/s，14m/s，18m/s，與結論不相符，選項B錯誤；C．8m/s，12m/s，16m/s，與結論不相符，選項C錯誤；D．6m/s，12m/s，18m/s，與結論相符，選項D正確；故選D。4、D【解析】

當壓力為零時，，又，聯立解得，所以ABC錯誤；D正確．5、B【解析】

AB之間表現為斥力，所以帶同種電荷，相接觸之前由庫侖定律可得:相接觸后平均分配電荷，即各帶電荷量3q，根據庫侖定律可知：故B對；ACD錯；【點睛】A球對B球的斥力為F,說明A和B帶同種電荷,根據庫侖定律可以得到F與電量Q、距離r的關系;A、B球相互接觸后放回原處,距離r不變,電荷平分,再根據庫侖定律得到相互作用的庫侖力大小與Q、r的關系,用比例法求解.6、D【解析】

運動員給足球的作用力與足球給運動員的反作用力方向相反，兩個力同時存在，同時消失；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

對A球進行受力分析，由于A球能保持靜止，根據共點力平衡狀態(tài)解決問題；【詳解】A、對A球進行受力分析：

根據力的合成，可知道三個力合力可以為0，故A正確；

B、對A球進行受力分析：

根據力的合成，可知道任意兩個力的合力的方向不可能與第三個力方向相反，合力不為零，故B錯誤；

C、對A球進行受力分析：

根據力的合成，可知道任意兩個力的合力的方向不可能與第三個力方向相反，合力不為零，故C錯誤；

D、對A球進行受力分析：

根據力的合成，可知道三個力合力可以為0，故D正確。【點睛】根據受力分析，找出所受的力合力可以為0，那么小球可以處于靜止狀態(tài)。8、ABD【解析】

AB．如圖所示，由得，當接通K時，電阻變小，功率變大，處于加熱狀態(tài)；當斷開K時，電阻變大，功率變小，處于保溫狀態(tài)，則R2是供加熱用的電阻絲，當開關K接通時電飯鍋為加熱狀態(tài)，K斷開時為保溫狀態(tài)，故AB正確；CD．使R2在保溫狀態(tài)時的功率為加熱狀態(tài)的一半，由P=I2R可得：電阻R2在保溫與加熱狀態(tài)下的電流之比，所以則故C錯誤，D正確。故選ABD。9、ABD【解析】

A．因為初速度為零的勻加速直線運動，在t內和2t內的位移之比為1:4，則x2=4x1，則P點的速度為故A正確．B．OQ間的距離為x2，由于通過OP和PQ的時間相等，均為t，根據平均速度推論知，質點通過P點的瞬時速度為故B正確．CD．根據勻變速直線運動的判別式：x2?x1?x1＝at2加速度為：則P點的速度故D正確，C錯誤．10、BD【解析】

AB、連接AC、DF，AC中點電勢為20V，與B電勢相等，則EB連線必為一條等勢線，而勻強電場的等勢面平行，則DF、CA直線與等勢線垂直，則為電場中的兩條電場線．故B正確；BA間的電勢差為UBA=10V，又UBA=EdABcos30°，得場強E==．故A錯誤；C、由上得知，E的電勢為20V，F點與A點的電勢相等為10V，則正電荷從E點移到F點，電場力做正功，故C錯誤；D、由以上得，F點與A點電勢相等，DC電勢相等，故電子從F點移到D點與從A點移到C點電場力做功相同，電荷的電勢能減少量為20eV，故D正確；故選BD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、10.75【解析】

游標卡尺的主尺讀數為1cm=10mm，游標尺上第15個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標讀數為15×0.05mm=0.75mm，所以最終讀數為：10mm+0.75mm=10.75mm。12、（1）見解析；（2）向左（3）D減小【解析】試題分析：探究電磁感應現象實驗電路分兩部分，電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，靈敏電流計與副線圈組成另一個閉合電路．磁場方向不變，磁通量的變化不變時電流方向不變，電流表指針偏轉方向相同，磁通量的變化相反時，電流表指針方向相反；副線圈上的感應電動勢，是通過兩個線圈間的互感現象產生的，所以原線圈上的電流應該是變化的，應為交流電流，電壓為交流電壓．副線圈上的感應電流（感應電動勢）也應該是交流．（1）①探究電磁感應現象實驗電路分兩部分，要使原線圈產生磁場必須對其通電，故電源、開關、滑動變阻器、原線圈組成閉合電路，靈敏電流計與副線圈組成另一個閉合電路，如圖所示：②閉合開關瞬間，通過線圈B的磁通量增大，感應電流磁場阻礙原磁場的增大，感應電流方向和圓電流方向相反，電流計向右偏，而把A從B中拔出來時，通過線圈的B的磁通量減小，感應電流的磁場要阻礙原磁場的減小，即感應電流方向和原電流方向相同，故電流計向左偏轉．（2）變壓器的工作原理是互感現象，故原線圈接交流電壓，輸出電壓也是交流電壓，故電表用交流電壓擋，故ABC錯誤，D正確；

（2）根據變壓比公式，保持副線圈的匝數不變，增加原線圈的匝數，觀察到副線圈兩端的電壓減?。凰?、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)r；(2)；(3)．【解析】

電荷在勻強磁場中做勻速圓周運動，畫出軌跡，由幾何知識求出半徑，洛倫茲力提供向心力，根據牛頓第二定律求出速度、定圓心角，求時間；【詳解】（1）設粒子做勻速圓周運動的半徑為R，如圖所示：，所以：，則三角形是等邊三角形，故：；（2）根據牛頓運動定律：，則：；

（3）由圖知，粒子在磁場中的運動方向偏轉了60?角，所以粒子完成了個圓運動，根據線速度與周期的關系，得

粒子在磁場中的運動時間為：．【點睛】帶電粒子在勻強磁場中勻速圓周運動問題，關鍵是畫出粒子圓周的軌跡，找圓心，往往用數學知識求半徑，然后利用洛倫