2025屆天津市物理高二第一學期期中質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆天津市物理高二第一學期期中質(zhì)量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、地球的半徑為R，某衛(wèi)星在地球表面所受萬有引力為F，則該衛(wèi)星在離地面高度約6R的軌道上受到的萬有引力約為（）A．6F B．7F C．F36 D．2、如圖所示，一電子以初速度v1垂直于電場方向進入長為L、場強為E的平行金屬板間的偏轉電場中，從偏轉電場的另一側飛出電場，側移距離為y.如果將初速度增大到原來的兩倍，則側移距離y變?yōu)樵瓉淼模娮又亓Σ挥嫞ǎ〢．2倍B．4倍C．1．5倍D．1.25倍3、由i-t圖可知，屬于交流電的是A． B．C． D．4、2019年春節(jié)，電影《流浪地球》熱播。影片中，人們給地球裝上發(fā)動機，讓地球從繞太陽公轉的圓形軌道Ι進入霍曼轉移軌道ΙΙ，這樣就可以用最少的燃料到達木星軌道ΙΙΙ。下列說法正確的是（）A．沿軌道ΙΙ運行時，過A點的線速度大于過B點的線速度B．沿軌道ΙΙ運行時，過A點的加速度小于過B點的加速度C．地球沿軌道Ι運行的周期大于沿軌道ΙΙΙ運行的周期D．沿軌道Ι運行至A點時，需要向前噴氣減速才能進入軌道ΙΙ5、如圖所示，直線為電場中一條豎直的電場線，有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球，由該直線上的A點靜止釋放，小球向下運動達到B點時速度減小為零，之后返回A點．下列判斷正確的是A．該電場可能是豎直向上的勻強電場，且B．A點的電勢高于B點的電勢C．A點的場強小于B點的場強D．向下運動的過程中，重力勢能的減少量總是等于電勢能的增加量6、如圖所示，電源的電動勢為6V、內(nèi)阻為1Ω，R是一個電阻箱，定值電阻R2=4Ω、R3=10Ω，電容器C的電容為5μF，閉合開關S，調(diào)節(jié)電阻箱R，電路達到穩(wěn)定狀態(tài)后，下列說法正確的是A．當R1的阻值增大時，電源的路端電壓增大，流過R3的電流減小B．當R1的阻值增大時，電容器的電荷量將增大C．當R1的電阻為6Ω時，電容器所帶電荷量的大小為1×10-5CD．當S斷開后，R2中將出現(xiàn)瞬時電流，方向由a→b二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體狀態(tài)變化的p-V圖像，理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷a→b、b→c，c→a三個過程回到原狀態(tài)a，下列說法正確的是_______。A．a(chǎn)→b是等溫過程B．a(chǎn)→b過程中，氣體的溫度先升高后降低C．b→c是氣體放熱過程D．c→a過程中氣體分子平均動能減小E.a→b→c→a整個過程氣體一定吸熱8、如圖所示的電路中，R1=1Ω，R2=6Ω，電源內(nèi)阻r=1Ω，若開關閉合后，銘牌上標有“6V12W”的電動機剛好正常工作，則()A．流過電動機的電流為6AB．流過R2上的電流為1AC．電源電動勢E=12VD．若電動機線圈電阻為0.5Ω，則電動機輸出功率為7.5W9、如圖所示在光滑、絕緣的水平面上，沿一直線依次排列三個帶電小球A、B、C(可視為質(zhì)點)．若它們恰能處于平衡狀態(tài)．那么這三個小球所帶的電荷量及電性的關系，下面的情況可能的是()A．－9、4、－36 B．4、9、36C．－3、2、8 D．3、－2、610、設兩極板正對面積為S，極板間的距離為d，靜電計指針偏角為θ．實驗中，極板所帶電荷量不變，則下列說法正確的是（）A．保持S不變，增大d，則θ變大B．保持d不變，減小S，則θ變小C．用手觸摸極板B，則θ變大D．在兩板間插入電介質(zhì)，則θ變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用圖（a）所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，其中打點計時器的電源為交流電源，可以使用的頻率有220Hz、30Hz和40Hz，打出紙帶的一部分如圖（b）所示。該同學在實驗中沒有記錄交流電的頻率f，需要用實驗數(shù)據(jù)和其他條件進行推算。（1）若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用f和圖（b）中給出的物理量可以寫出：在打點計時器打出B點時，重物下落的速度大小為________，重物下落的加速度的大小為________。（2）已測得s1=8.89cm，s2=9.50cm，s3=10.10cm；當重力加速度大小為9.80m/s2，實驗中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1％。由此推算出f為_________Hz。12．（12分）有一個小燈泡上有“4V2W”的字樣，現(xiàn)要描繪這個小燈泡的伏安特性曲線．現(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表（1～5V，內(nèi)阻11kΩ）B．電壓表（1～11V，內(nèi)阻21kΩ）C．電流表（1～1．3A，內(nèi)阻1Ω）D．電流表（1～1．6A，內(nèi)阻1．4Ω）E．滑動變阻器（11Ω，2A）F．滑動變阻器（1kΩ，1A）G．學生電源（直流6V），還有電鍵、導線若干（1）電流表應選，滑動變阻器應選（用序號字母表示）．（2）為使實驗誤差盡量減小，要求從零開始多取幾組數(shù)據(jù)，請在方框內(nèi)畫出滿足實驗要求的電路圖．（3）若該同學已正確選用器材，并連接好部分實驗電路．如圖所示，請在圖中完成其余的電路連接四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平導軌間距為L＝0.5m，導軌電阻忽略不計；導體棒ab的質(zhì)量m＝1kg，電阻R0＝0.9Ω，與導軌接觸良好；電源電動勢E＝10V，內(nèi)阻r＝0.1Ω，電阻R＝4Ω；外加勻強磁場的磁感應強度B＝5T，方向垂直于ab，與導軌平面成α＝53°角，取重力加速度g＝10m/s2，ab處于靜止狀態(tài)．已知sin53°＝0.8，cos53°＝0.6.求：(1)ab受到的安培力大小；(2)ab受到的靜摩擦力大小。14．（16分）如圖所示，質(zhì)量m＝1.0×10－4kg、電荷量q＝1.0×10－6C的帶正電微粒靜止在空間范圍足夠大的電場強度為E1的勻強電場中．取g＝10m/s1．(1)求勻強電場的電場強度E1的大小和方向；(1)在t＝0時刻，勻強電場強度大小突然變?yōu)镋1＝4.0×103N/C，且方向不變．求在t＝0.10s時間內(nèi)電場力做的功；(3)在t＝0.10s時刻突然撤掉第(1)問中的電場，求帶電微?；氐匠霭l(fā)點時的動能．15．（12分）圖中兩根足夠長的平行光滑導軌，相距1m水平放置，磁感應強度B=0.4T的勻強磁場豎直向上穿過整個導軌所在的空間．金屬棒ab、cd質(zhì)量分別為0.1kg和0.2kg，電阻分別為0.4Ω和0.2Ω，并排垂直橫跨在導軌上．若兩棒以相同的初速度3m/s向相反方向分開，不計導軌電阻，求：(1)金屬棒運動達到穩(wěn)定后的ab棒的速度大小；(2)金屬棒運動達到穩(wěn)定的過程中，回路上釋放出的焦耳熱；(3)金屬棒運動達到穩(wěn)定后，兩棒間距離增加多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

地球的半徑為R，該衛(wèi)星在地球表面所受萬有引力為F，則F=G該衛(wèi)星在離地面高度約6R的軌道上受到的萬有引力F則衛(wèi)星在離地面高度約6R的軌道上受到的萬有引力F故選D。2、D【解析】粒子在電場中水平方向做勻速直線運動，豎直方向做勻加速直線運動，豎直方向的加速度，豎直方向的位移，如果將初速度增大到原來的兩倍，則側移距離y變?yōu)樵瓉淼模还蔇正確，ABC錯誤；故選D。3、B【解析】

交流電是指電流的方向發(fā)生變化的電流，它的電流的大小可以不變，也可以變化，故選B。4、A【解析】

A．沿軌道ΙΙ運行時，地球從A點到B點引力做負功，動能減小，則過A點的線速度大于過B點的線速度，故A正確；B．從A到B的過程，B點距太陽更遠，由公式可知，B點加速度更小，故B錯誤；C．根據(jù)開普勒第三定律得：軌道半徑越大，周期越長，所以軌道ⅡI上運行周期長，故C錯誤；D．沿軌道Ι運行至A點時，需要向后噴氣加速使地球做離心運動才能進入軌道ΙΙ，故D錯誤。故選A。5、C【解析】

若電場是豎直向上的勻強電場，且qE>mg可知，小球所受的合力向上，小球從靜止開始只能沿AB向上做單向的直線運動，不可能回到A點；故A錯誤．小球向下運動的過程中，應先加速后減小，所受的電場力方向必定豎直向上，則電場線方向從B指向A，所以A點的電勢低于B點電勢，故B錯誤．根據(jù)小球的運動情況可知，在A點，有qEA＜mg，在B點，有qEB＞mg，則得：EA＜EB．故C正確．向下運動的過程中，小球有動能時，根據(jù)能量守恒定律可知重力勢能的減少量等于動能增加量和電勢能的增加量之和；當小球到B點時，重力勢能的減少量等于電勢能的增加量，故D錯誤．故選C．【點睛】本題的關鍵抓住小球在A、B兩點時速度為零，分析其所受的電場力方向，確定出電場線方向，能正確分析能量是如何轉化的，即可正確解答．6、C【解析】

A．當R1的阻值增大時，總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流減小，內(nèi)電壓減小，電源的路端電壓增大，則R3兩端電壓增大，通過的電流增大；故A錯誤。B．電容器兩端的電壓為電阻R2兩端電壓，干路電流減小，通過R3的電流增大，則流過R2的電流減小，兩端電壓減小，電容器的電荷量Q=CU減??；故B錯誤。C．當R1的電阻為6Ω時，則外電阻為5Ω，則路端電壓為5V，電阻R2兩端電壓為2V，電荷量Q=CU=5×10-6×2C=1×10-5C故C正確。D．當S斷開時，電容器放電，左端為正極，R2中將出現(xiàn)瞬時電流，方向由b→a；故D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】

AB．在p-V圖像中，等溫過程對應圖線應是雙曲線；同一氣體，雙曲線離原點越遠溫度越高，所以a→b不是等溫過程，氣體的溫度先増大后減小，故A項錯誤，B項正確；C．b→c過程，氣體體積減小，外界對氣體做功；氣體溫度降低減小，內(nèi)能減?。挥蔁崃W第一定律可知，氣體對外界放熱；選項C正確；D．c→a過程，氣體發(fā)生等容升壓，溫度增大，氣體分子平均動能增大，選項D錯誤；E．a(chǎn)→b→c→a整個過程，氣體對外做功，內(nèi)能不變，由熱力學第一定律可知，氣體一定吸熱，選頃E正確。8、BC【解析】試題分析：閉合開關電動機正常工作，則電動機與R2兩端電壓為6V，流過電動機的電流由＝2A，A錯誤；電動機的輸入功率為12W，電動機線圈消耗的功率為P內(nèi)＝，則電動機的輸出功率為10W，D錯誤；由知流過R2的電流為1A，B正確；通過以上分析知流過電路的總電流為3A，由知，R1兩端電壓為3V，內(nèi)阻兩端電壓為3V，由閉合電路歐姆定律知，電源電動勢為12V，C正確．考點：本題考查非純電阻電路計算．9、AD【解析】

因題目中要求三個小球均處于平衡狀態(tài)，故可分別對任意兩球進行分析列出平衡方程即可求得結果．三個小球只受靜電力而平衡時，三個小球所帶的電性一定為“兩同夾一異”，且在大小上一定為“兩大夾一小”．AD．AD均滿足“兩同夾一異”且“兩大夾一小”，故AD正確．BC．根據(jù)電場力方向來確定各自電性，從而得出“兩同夾一異”，因此BC均錯誤．10、AD【解析】試題分析：保持S不變，增大d，由電容的決定式C=εS4πkd可知電容C減小，Q不變，再由電容的定義式C=QU分析得知，板間電壓增大，則θ變大，故A正確．保持d不變，減小S，電容C減小，Q不變，由C=Q考點：電容器的動態(tài)分析【名師點睛】對于電容器的動態(tài)分析問題，關鍵抓住電容的兩個公式：電容的決定式C=εS4πkd和電容的定義式三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、40【解析】

(1)[1][2]根據(jù)某段時間內(nèi)的平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：由速度公式vC=vB+aT可得：a=(2)[3]由牛頓第二定律可得：mg-0.01mg=ma所以a=0.99g結合(1)解出的加速度表達式，代入數(shù)據(jù)可得f=40HZ12、（1）DE（2）（3）【解析】試題分析：（1）因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準確；故只能選用1～5V的電壓表．由P=UI得，燈泡的額定電流I=1．5A，故電流表應選擇1～1．6A的量程，故電流表選D；而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應選總阻值小的滑動變阻器，故選E；（2）在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法；由于燈泡的電阻較小，所以選擇電流表外接法．所以電路圖如圖．（3）按電路圖畫出實際電路圖為考點：描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗．【名師點睛】（1）儀表的選擇應本著安全準確的原則；電壓表要測量燈泡兩端的電壓，故應通過燈泡的額定電壓值判斷需要的電壓表；由流過燈泡的