2025屆廣東省廣州市番禺區(qū)高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆廣東省廣州市番禺區(qū)高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.法拉第發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系C.安培提出了分子電流假說，說明了一切磁現(xiàn)象都是由電流產(chǎn)生的D.歐姆首先發(fā)現(xiàn)了電荷之間存在相互作用力，并得出真空中兩個點電荷之間作用力的表達(dá)式2、圖中能產(chǎn)生感應(yīng)電流的是（）A.磁鐵穿過不閉合鐵環(huán)B.導(dǎo)體棒分別向左右運動C.通電導(dǎo)線置于閉合鐵環(huán)正上方D.無限大的磁場中平動的閉合鐵框3、板間距為的平行板電容器所帶電荷量為時，兩極板間電勢差為，板間場強為，現(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)?，板間距變?yōu)椋渌麠l件不變，這時兩極板間電勢差，板間場強為，下列說法正確的是（）A.，B.，C.，D.，4、邊長為L的閉合正三角形金屬框架，左邊豎直且與磁場右邊界平行，完全處于垂直框架平面向里的勻強磁場中.現(xiàn)用外力F把框架水平勻速拉出磁場（如圖），若用E表示感應(yīng)電動勢大小，P表示外力的功率，則各物理量與框架運動位移x的關(guān)系圖像正確的是（）A. B.C. D.5、如圖所示，實線是一簇未標(biāo)明方向的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點．若帶電粒子在運動中只受電場力的作用，對于a，b兩點下列判斷正確的是（）A.電場中a點的電勢較高 B.帶電粒子在a點的動能較小C.帶電粒子在a點的加速度較大 D.帶電粒子一定帶正電6、一勻強電場的方向豎直向下，時刻，一重力不計的帶正電粒子以一定初速度水平射入該電場中，時刻該帶電粒子的動能為Ek，則Ek–t關(guān)系圖象可表示為（）AB.C.D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、回旋加速器的原理如圖所示，它由兩個銅質(zhì)D形盒D1、D2構(gòu)成，其間留有空隙，下列說法正確的是()A.離子從電場中獲得能量B.離子從磁場中獲得能量C.只增大空隙間的加速電壓可增大離子從回旋加速器中獲得的動能D.只增大D形盒的半徑可增大離子從回旋加速器中獲得的動能8、如圖所示，水平直導(dǎo)線中通有恒定電流I，在導(dǎo)線的正上方處將一帶電粒子以與電流方向相同的初速度v0射入，不計重力作用，該粒子將A.若粒子帶正電，將沿路徑a運動B.若粒子帶正電，將沿路徑b運動C.若粒子沿路徑b運動，軌跡半徑變小D.若粒子沿路徑b運動，軌跡半徑變大9、法拉第圓盤發(fā)電機的示意圖如圖所示．銅圓盤安裝在豎直的銅軸上，兩銅片P、Q分別與圓盤的邊緣和銅軸接觸．圓盤處于方向豎直向上的勻強磁場B中．圓盤旋轉(zhuǎn)時，關(guān)于流過電阻R的電流，下列說法正確的是（）A.若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度恒定，則電流大小恒定B.若從上向下看，圓盤順時針轉(zhuǎn)動，則電流沿a到b的方向流動C.若圓盤轉(zhuǎn)動方向不變，角速度大小發(fā)生變化，則電流方向可能發(fā)生變化D.若圓盤轉(zhuǎn)動的角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，則電流在R上的熱功率也變?yōu)樵瓉淼?倍10、如圖,電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，不計電壓表和電流表內(nèi)阻對電路的影響，當(dāng)電鍵閉合后，兩小燈泡均能發(fā)光．在將滑動變阻器的觸片逐漸向右滑動的過程中，下列說法正確的是()A.小燈泡L1、L2均變暗B.小燈泡L1變亮，小燈泡L2變暗C.電流表A的讀數(shù)變大，電壓表V的讀數(shù)變小D.電流表A的讀數(shù)變小，電壓表V的讀數(shù)變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)要探究一種新材料制成的圓柱體的電阻步驟如下：（1）用20分度的游標(biāo)卡尺測量其長度如圖1，由圖可知其長度為______mm（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖2，由圖可知其直徑為______mm（3）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖3，則該電阻的阻值約為______（4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R電流表A1（量程0～4mA，內(nèi)阻約50Ω）電流表A2（量程0～10mA，內(nèi)阻約30Ω）電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ）直流電源E：電動勢4V，內(nèi)阻不計滑動變阻器R1阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A滑動變阻器R2阻值范圍0～20kΩ，允許通過的最大電流0.5A開關(guān)S導(dǎo)線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，請在圖4方框中畫出測量的電路圖，并標(biāo)明所用器材的代號____________12．（12分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導(dǎo)線的電阻，要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確,現(xiàn)備有以下器材:A.電池組（3V，內(nèi)阻1Ω）B.電流表（0～3A，內(nèi)阻0.0125Ω）C.電流表（0～0.6A，內(nèi)阻0.125Ω）D.電壓表（0～3V，內(nèi)阻3kΩ）E.電壓表（0～15V，內(nèi)阻15kΩ）F.滑動變阻器（0～20Ω，額定電流1A）G滑動變阻器（0～2000Ω，額定電流0.3A）H.開關(guān)、導(dǎo)線（1）上述器材中應(yīng)選用的是；__________（填寫各器材的字母代號）（2）實驗電路應(yīng)采用電流表________接法；（填“內(nèi)”或“外”）（3）設(shè)實驗中,電流表、電壓表的某組示數(shù)如下圖所示，圖示中I=_______A，U=______V.（4）為使通過待測金屬導(dǎo)線的電流能在0～0.5A范圍內(nèi)改變,請按要求畫出測量待測金屬導(dǎo)線的電阻Rx的原理電路圖_____________,然后根據(jù)你設(shè)計的原理電路將圖中給定的器材連成實驗電路___________.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距，a、b間的電場強度為，b板下方整個空間存在著正交的勻強磁場和勻強電場，勻強磁場的方向垂直紙面向里；勻強電場方向水平（圖中沒有畫出）。今有一質(zhì)量為，電荷量為的帶正電的質(zhì)點，從貼近a板的左端以的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫處穿過b板進(jìn)入電、磁場區(qū)，并在該區(qū)域做直線運動。（）求：（1）粒子從狹縫處穿出電場時的速度大小及速度方向與b板的夾角；（2）勻強磁場的磁感應(yīng)強度B。14．（16分）（1）如圖1所示，固定于水平面上金屬框架abcd，處在豎直向下的勻強磁場中。金屬棒MN沿框架以速度v向右做勻速運動，框架的ab與dc平行，bc與ab、dc垂直。MN與bc的長度均為l，在運動過程中MN始終與bc平行，且與框架保持良好接觸，磁場的磁感應(yīng)強度為B。a．請根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，推導(dǎo)金屬棒MN中的感應(yīng)電動勢E；b．在上述情景中，金屬棒MN相當(dāng)于一個電源，這時非靜電力與棒中自由電子所受洛倫茲力有關(guān)，請根據(jù)電動勢的定義，推導(dǎo)金屬棒MN中的感應(yīng)電動勢E（2）為進(jìn)一步研究導(dǎo)線做切割磁感線運動產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的過程，現(xiàn)構(gòu)建如下情景：如圖2所示，在垂直于紙面向里的勻強磁場中，一內(nèi)壁光滑長為l的絕緣細(xì)管MN，沿紙面以速度v向右做勻速運動。在管的N端固定一個電量為q的帶正電小球（可看作質(zhì)點），某時刻將小球釋放，小球?qū)毓苓\動。已知磁感應(yīng)強度大小為B，小球的重力可忽略。在小球沿管從N運動到M的過程中，求小球所受各力分別對小球做的功。15．（12分）如圖所示，兩根平行光滑金屬導(dǎo)軌MP、NQ與水平面成θ＝30°角固定放置，裝置所在區(qū)域存在一沿豎直方向的勻強磁場，導(dǎo)軌電阻不計，兩導(dǎo)軌間距L＝0.5m，在兩導(dǎo)軌形成的斜面上放一個與導(dǎo)軌垂直的均勻金屬棒ab，同時閉合電鍵S，金屬棒ab處于靜止?fàn)顟B(tài)，它的質(zhì)量為m＝5×10﹣2kg．金屬棒ab兩端連在導(dǎo)軌間部分對應(yīng)的電阻為R2＝2Ω，電源電動勢E＝3V，電源內(nèi)阻r＝0.5Ω，電阻R1＝2Ω，其他電阻不計．g取10m/s2，求：（1）金屬棒中的電流；（2）所加磁場的磁感應(yīng)強度大小和方向

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】電磁學(xué)的物理學(xué)史，根據(jù)奧斯特、法拉第、安培、庫侖等人的物理學(xué)成就進(jìn)行解答；【詳解】A、1820年，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故A錯誤；B、法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系，故B錯誤；C、安培提出了分子電流假說，說明了一切磁現(xiàn)象都是由電流產(chǎn)生的；故C正確；D、歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，反映導(dǎo)體的電流與電壓、電阻的關(guān)系，庫侖首先發(fā)現(xiàn)了電荷之間存在相互作用力，并得出真空中兩個點電荷之間作用力的表達(dá)式，故D錯誤；故選C【點睛】關(guān)鍵是物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶2、B【解析】A．磁鐵穿過不閉合鐵環(huán)時，能產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，但不能形成感應(yīng)電流，選項A錯誤；B．導(dǎo)體棒分別向左右運動時，閉合電路的磁通量變化，會產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項B正確；C．通電導(dǎo)線置于閉合鐵環(huán)正上方時，穿過鐵環(huán)的磁通量總為零，則無感應(yīng)電流，選項C錯誤；D．無限大的磁場中平動的閉合鐵框，磁通量不變，不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，選項D錯誤；故選B。3、C【解析】電容器所帶電荷量為時，電容器所帶電荷量變?yōu)?，板間距變?yōu)闀r，選項C正確，ABD錯誤；故選C。4、B【解析】根據(jù)幾何知識找出框架切割磁感線的有線長度L與框架穿出磁場的距離x的關(guān)系，由E=BLv求出感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律求出感應(yīng)電流，應(yīng)用安培力公式求出安培力，應(yīng)用平衡條件求出拉力，應(yīng)用P=Fv求出拉力的功率，然后分析圖示圖象答題【詳解】當(dāng)框架穿出磁場x距離后，線框切割磁感線的有效長度：L=2xtan30°=x，感應(yīng)電動勢：E=BLv=Bxv，E與x成正比，故A錯誤，B正確；感應(yīng)電流：；安培力：FA=BIL=x2，框架做勻速直線運動，由平衡條件得：F=FA=x2，故C錯誤；拉力的功率：P=Fv=x2，故D錯誤；故選B【點睛】本題以圖象的形式考查了導(dǎo)體棒切割磁感線時感應(yīng)電動勢的計算、安培力的計算、功率的計算；根據(jù)相應(yīng)的物理規(guī)律、公式推導(dǎo)出縱橫坐標(biāo)所表示物理量之間的關(guān)系是處理圖象問題的關(guān)鍵5、C【解析】A．根據(jù)圖中軌跡分析，粒子軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受電場力沿電場線向左，但電場線方向不明，故無法判斷電勢高低，A錯誤B．從a到b的過程中，根據(jù)軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知：如果粒子從a運動到b電場力做負(fù)功，動能減少，a點動能大；如果粒子從b運動到a，電場力做正功，動能增大，a點動能大．所以粒子在a點動能大C．根據(jù)電場線疏密可判斷a處場強大于b處場強，由牛頓第二定律得：，場強大的地方，粒子加速度大，所以帶電粒子在a點的加速度較大，C正確D．結(jié)合選項A的分析，由于電場線的方向未知，無法判斷粒子帶電的正負(fù)，D錯誤6、D【解析】帶電粒子垂直進(jìn)入電場后做類平拋運動，在沿電場方向上，向下做初速度為零的勻加速直線運動，故沿電場方向上的速度為：，故t秒時粒子的動能為，則說明Ek–t關(guān)系圖象為一條拋物線，時間為零時，粒子動能不為零，故D正確ABC錯誤。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．離子每次通過D形盒D1、D2間的空隙時，電場力做正功，動能增加，所以離子從電場中獲得能量。故A正確；B．離子在磁場中受到的洛倫茲力不做功，不能改變離子的動能，所以離子不能從磁場中獲得能量。故B錯誤；CD．設(shè)D形盒的半徑為R，當(dāng)離子圓周運動的半徑等于R時，獲得的動能最大，則由得則最大動能可見，最大動能與加速電壓無關(guān)，增大D形盒的半徑可增加離子從回旋加速器中獲得的最大動能，故C錯誤，D正確。故選AD。8、AD【解析】水平導(dǎo)線中通有穩(wěn)定電流I，根據(jù)安培定則判斷出導(dǎo)線所產(chǎn)生的磁場方向，由左手定則判斷帶電粒子所受的洛倫茲力方向，即可分析粒子的運動方向；根據(jù)半徑公式，結(jié)合磁感應(yīng)強度的變化分析帶電粒子半徑如何變化.【詳解】A、B、水平導(dǎo)線中通有穩(wěn)定電流I，根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線上方的磁場方向向里，導(dǎo)線下方的磁場方向向外，由左手定則判斷可知，導(dǎo)線上面的正粒子所受的洛倫茲力方向向下，則正粒子將沿a軌跡運動，故A正確，B錯誤.C、D、若粒子沿b軌跡運動，洛倫茲力不做功其速率v不變，而離導(dǎo)線越遠(yuǎn)，磁場越弱，磁感應(yīng)強度B越小，由半徑公式可知粒子的軌跡半徑逐漸增大；故C錯誤，D正確.故選AD.【點睛】本題是安培定則、左手定則及洛倫茲力對帶電粒子不做功而提供向心力的半徑公式的綜合應(yīng)用.9、AB【解析】A.由電磁感應(yīng)定律得，，故ω一定時，電流大小恒定，選項A正確；B.由右手定則知圓盤中心為等效電源正極，圓盤邊緣為負(fù)極，電流經(jīng)外電路從a經(jīng)過R流到b，選項B正確；C.圓盤轉(zhuǎn)動方向不變時，等效電源正負(fù)極不變，電流方向不變，選項C錯誤；D.電流在R上的熱功率角速度加倍時功率變成原來的4倍，選項D錯誤。故選AB。10、BD【解析】將滑動變阻器的滑片逐漸向右滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻增大，與燈L1并聯(lián)的電阻增大，外電路總電阻增大，干路電流減小，電流表讀數(shù)變小，L2變暗，電源的內(nèi)電壓減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知路端電壓增大，電壓表V的讀數(shù)變大．路端電壓增大，而L2燈電壓減小，所以L1燈的電壓增大，L1燈變亮故選BD【點睛】本題是一道閉合電路的動態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式、靈活應(yīng)用歐姆定律公式是正確解題的關(guān)鍵．也可以運用結(jié)論進(jìn)行分析：變阻器電阻增大，與之并聯(lián)的電燈會亮，與之串聯(lián)的電燈會變暗，即“串反并同”三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）50.15；②.（2）4.700；③.（3）220Ω；④.（4）如圖所示：【解析】（1）游標(biāo)卡尺的讀數(shù)等于主尺讀數(shù)加游標(biāo)尺讀數(shù)，不估讀（2）螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；（3）歐姆表讀數(shù)等于表盤示數(shù)乘以倍率（4）電壓從零調(diào)起，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)待測電阻阻值與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法，然后作出實驗電路圖；【詳解】（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)為：L=5cm+0.05mm×3=50.15mm.（2）螺旋測微器的讀數(shù)為D=4.5mm+0.01mm×20.0=4.700mm（3）電阻的讀數(shù)為：R=22×10=220Ω（4）電源電動勢為4V，電壓表應(yīng)選：V1，電路最大電流約為：，電流表應(yīng)選A2，為方便實驗操作，滑動變阻器應(yīng)選擇R1，由于電阻阻值遠(yuǎn)大于滑動變阻器最大阻值，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，，，，電流表應(yīng)采用外接法，實驗電路圖如圖所示：【點睛】游標(biāo)卡尺時應(yīng)分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀，注意游標(biāo)卡尺的分度；對于電學(xué)實驗器材的選擇，應(yīng)根據(jù)電源電動勢大小或待測電阻的額定電壓來選擇電壓表量程，根據(jù)通過待測電阻的最大電流來選擇電流表的量程；當(dāng)待測電阻阻值遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻時，電流表應(yīng)選外接法；當(dāng)滑動變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測電阻值時或要求電流從零調(diào)時，滑動變阻器應(yīng)用分壓式；當(dāng)實驗要求電流從零調(diào)或要求測得多組數(shù)據(jù)或變阻器的全電阻遠(yuǎn)小于待測電阻時，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)12、①.A、C、D、F、H②.外③.0.48④.2.2⑤.⑥.【解析】(1)[1]實驗中需要電源即A，開關(guān)、導(dǎo)線即H，由于電池組3V，則選取電壓表D，根據(jù)歐姆定律所以電流表選取C，題目要求測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確要選擇滑動變阻器分壓接法，則選取總阻較小的滑動變阻器即F；故選取的器材為：ACDFH；(2)[2]由于被測電阻說明待測電阻為小電阻，故選擇電流表外接；(3)[3]由于電流表量程為，最小分度為0.02A，由圖可知，電流為[4]電壓表量程為，最小分度為0.1V，由圖可知，電壓為(4)[5]電流表外接又滑動變阻器分壓接法，故電實驗原理電路圖如圖[6]按原理圖連接實物圖如圖四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)，；(2)?！窘馕觥浚?/p>