2025屆貴州省長順縣二中物理高二上期中檢測試題含解析

2025屆貴州省長順縣二中物理高二上期中檢測試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某電場區(qū)域的電場線如圖所示．把一個(gè)電子從A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，則（）A．電子所受的電場力增大，電子克服電場力做功B．電子所受的電場力減小，電場力對(duì)電子做功C．電子所受的電場力增大，電勢能減小D．電子所受的電場力增大，電勢能增大2、電場中有一點(diǎn)P，下列說法中正確的有（）A．若放在P點(diǎn)的電荷的電荷量減半，則P點(diǎn)的場強(qiáng)減半B．若P點(diǎn)沒有試探電荷，則P點(diǎn)場強(qiáng)為零C．P點(diǎn)的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)受到的電場力越大D．P點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)榉旁谠擖c(diǎn)的電荷所受電場力的方向3、如圖所示，兩平行光滑金屬導(dǎo)軌固定在絕緣斜面上，導(dǎo)軌間距為L，勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧上端固定，下端與水平直導(dǎo)體棒ab相連，彈簧與導(dǎo)軌平面平行并與ab垂直，直導(dǎo)體棒垂直跨接在兩導(dǎo)軌上，空間存在垂直導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場．閉合開關(guān)K后，導(dǎo)體棒中的電流為I，導(dǎo)體棒平衡時(shí)，彈簧伸長量為x1；調(diào)轉(zhuǎn)圖中電源極性使棒中電流反向，導(dǎo)體棒中電流仍為I，導(dǎo)體棒平衡時(shí)彈簧伸長量為x2.忽略回路中電流產(chǎn)生的磁場，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為（）A．(x2＋x1) B．(x2－x1)C．(x2－x1) D．(x1＋x2)4、如圖，P和Q為帶電量分別為+q和-q的兩個(gè)等量異種電荷，兩者相距為L，O為PQ連線的中點(diǎn)，M、N為中垂線上關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的兩個(gè)點(diǎn)，則()A．M、O、N三點(diǎn)的場強(qiáng)都相等B．M、N兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，方向相同C．O點(diǎn)的場強(qiáng)為零D．M、O、N三點(diǎn)的電勢大小關(guān)系為φM＞φN＞φO5、一平行板電容器兩極板間距離為d，極板正對(duì)面積為S，對(duì)此電容器充電后再與電源斷開．當(dāng)只增加兩板間距離d時(shí)，電容器兩極板間的（）A．電場強(qiáng)度減小，電勢差變大B．電場強(qiáng)度減小，電勢差減小C．電場強(qiáng)度不變，電勢差變大D．電場強(qiáng)度不變，電勢差不變6、用細(xì)線拴住一個(gè)小球在光滑的水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，下列描述小球運(yùn)動(dòng)的物理量發(fā)生變化的是()A．速率 B．線速度 C．周期 D．角速度二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、一矩形線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢e隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的有（）A．t1時(shí)刻線圈位于中性面B．t2時(shí)刻通過線圈的磁通量最大C．電動(dòng)勢的有效值為D．一個(gè)周期內(nèi)交變電流的方向改變一次8、關(guān)于多用電表的使用，下列說法正確的有()A．甲圖是用多用電表直流電壓檔測量小燈泡兩端的電壓，表筆接法正確B．乙圖是用多用電表直流電流檔測量電路中的電流，表筆接法正確C．丙圖中用的是多用電表電阻檔測量二極管的反向電阻D．丁圖中用多用電表電阻檔測量的是二極管的反向電阻9、如圖所示，平行實(shí)線代表電場線，方向未知，帶電量為1×10－2C的正電荷在電場中只受電場力作用．該電荷由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，動(dòng)能損失了0.1J，若A點(diǎn)電勢為10V，則：A．B點(diǎn)的電勢為零B．電場線方向向左C．電荷運(yùn)動(dòng)的軌跡可能是圖中曲線①D．電荷運(yùn)動(dòng)的軌跡可能是圖中曲線②10、如圖，一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平。一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)上方高度R處由靜止開始下落，恰好從P點(diǎn)進(jìn)入軌道。質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低點(diǎn)N時(shí)，對(duì)軌道的壓力為4mg，g為重力加速度的大小。用W表示質(zhì)點(diǎn)從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中克服摩擦力所做的功。則()A．W＝mgR，質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離B．W＝mgR，質(zhì)點(diǎn)恰好能到達(dá)Q點(diǎn)C．質(zhì)點(diǎn)再次經(jīng)過N點(diǎn)時(shí)，對(duì)N點(diǎn)壓力大于2mgD．要使質(zhì)點(diǎn)能到達(dá)Q點(diǎn)上方R處，應(yīng)在P點(diǎn)上方2R處釋放質(zhì)點(diǎn)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在做“用電流表和電壓表測電池的電動(dòng)勢E(約３V)和內(nèi)電阻r的實(shí)驗(yàn)時(shí)，部分器材參數(shù)如下：電壓表（量程3V）電流表（量程0.6A）保護(hù)電阻R0（阻值為3Ω）滑動(dòng)變阻器（阻值約30Ω）⑴某同學(xué)設(shè)計(jì)的電路圖如圖所示．當(dāng)他閉合開關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)電壓表有示數(shù)，電流表沒有示數(shù)．反復(fù)檢查后發(fā)現(xiàn)電路連接完好，估計(jì)是某一元件斷路，因此他拿來多用電表檢查故障．他的操作如下：①斷開電源開關(guān)s②將多用表選擇開關(guān)置于×1Ω檔，調(diào)零后，紅黑表筆分別接R兩端，讀數(shù)為30Ω③將多用表選擇開關(guān)置于×100Ω檔，調(diào)零后，將紅黑表筆分別接電壓表兩端，發(fā)現(xiàn)指針讀數(shù)如圖所示,則所測阻值為Ω，然后又將兩表筆接電流表兩端，發(fā)現(xiàn)指針位置幾乎不變．由以上操作可知，發(fā)生斷路故障的元件是．⑵在更換規(guī)格相同的元件后，他改變滑動(dòng)變阻器的阻值，測出了6組對(duì)應(yīng)的數(shù)據(jù)后，想通過描點(diǎn)作圖的方法求電動(dòng)勢E與內(nèi)阻r，如右圖所示，請(qǐng)繼續(xù)完成圖象，根據(jù)圖象可求得該電源的電動(dòng)勢E＝．并可求出電源內(nèi)阻r=．（保留兩位有效數(shù)字）12．（12分）如圖所示，為某同學(xué)設(shè)計(jì)的“探究加速度與物體所受合力F及質(zhì)量m的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置簡圖.（1）本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是____．A．控制變量法B．假設(shè)法C．理想實(shí)驗(yàn)法D．等效替代法（2）在保持小車受力相同時(shí)，探究加速度與質(zhì)量關(guān)系的實(shí)驗(yàn)屮，以下故法正確的是______．A．平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)將裝有砝碼的小桶用細(xì)繩通過定滑輪系在小車上B．每次改變小車的質(zhì)量時(shí)，不需要重新平衡摩擦力C．實(shí)驗(yàn)時(shí)，先放開小車，再接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源D．為得出加速度a與與質(zhì)量m的關(guān)系而作出圖象（3）下圖是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶的一部分，其中O、A、B、C、D是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖，打“B”計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車的速度大小為___________________m/s.由紙帶求出小車的加速度的大小為_____________m/s2.(計(jì)算結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（4）如圖所示是某同學(xué)在探究加速度與力的關(guān)系時(shí)，根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a?F圖線.其中圖線不過原點(diǎn)的原因是______，圖線在末端彎曲的原因是______.四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質(zhì)量為1kg的金屬桿靜止于相距1m的兩水平軌道上，金屬桿中通有方向如圖所示.大小為20A的恒定電流，兩軌道處于豎直方向的勻強(qiáng)磁場中.金屬桿與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6.(g取10m/s(1)欲使桿向右勻速運(yùn)動(dòng)，求磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向(2)欲使桿向右以加速度為2m/s14．（16分）在如圖所示的豎直平面內(nèi)，物體A和帶正電的物體B用跨過定滑輪的絕緣輕繩連接，分別靜止于傾角θ＝37°的光滑斜面上的M點(diǎn)和粗糙絕緣水平面上，輕繩與對(duì)應(yīng)平面平行．勁度系數(shù)k＝5N/m的輕彈簧一端固定在O點(diǎn)，一端用另一輕繩穿過固定的光滑小環(huán)D與A相連，彈簧處于原長，輕繩恰好拉直，DM垂直于斜面．水平面處于場強(qiáng)E＝5×104N/C、方向水平向右的勻強(qiáng)電場中．已知A、B的質(zhì)量分別為mA＝0.1kg和mB＝0.2kg，B所帶電荷量q＝＋4×10－6C．設(shè)兩物體均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)滑輪質(zhì)量和摩擦，繩不可伸長，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，B電荷量不變．取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.(1)求B所受靜摩擦力的大??；(2)現(xiàn)對(duì)A施加沿斜面向下的拉力F，使A以加速度a＝0.6m/s2開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．A從M到N的過程中，B的電勢能增加了ΔEp＝0.06J．已知DN沿豎直方向，B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.4.求A到達(dá)N點(diǎn)時(shí)拉力F的瞬時(shí)功率．15．（12分）如圖所示，一足夠長的矩形區(qū)域abcd內(nèi)充滿方向垂直紙面向里的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，在ad邊中點(diǎn)O，垂直于磁場射入一速度方向跟ad邊夾角θ＝30°、大小為v0的帶正電粒子．已知粒子質(zhì)量為m，電荷量為q，ad邊長為L，ab邊足夠長，粒子重力不計(jì)，求：（1）粒子能從ab邊上射出磁場的v0大小范圍；（2）如果帶電粒子不受上述v0大小范圍的限制，求粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的最長時(shí)間．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】由圖可知，B處電場線密，電場強(qiáng)度較大，所以電子在B受到的電場力較大，而電場力方向與電場線方向相反，所以從A運(yùn)動(dòng)到B，電場力對(duì)電子做正功，故AB錯(cuò)誤；電子從A點(diǎn)移到B點(diǎn)時(shí)，電場力增大，而電場力做正功，其電勢能減小，故C正確，D錯(cuò)誤。所以C正確，ABD錯(cuò)誤。2、C【解析】

AB．電場中某點(diǎn)的電場強(qiáng)度是由電場本身決定的，與放在該點(diǎn)的試探電荷的電量以及電荷的有無均無關(guān)，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)F=Eq可知，P點(diǎn)的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)受到的電場力越大，選項(xiàng)C正確；D．P點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)榉旁谠擖c(diǎn)的正電荷所受電場力的方向，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。3、B【解析】

彈簧伸長量為x1時(shí)，導(dǎo)體棒所受安培力沿斜面向上，根據(jù)平衡條件沿斜面方向有：mgsinα=kx1+BIL；電流反向后，導(dǎo)體棒所受安培力沿斜面向下，根據(jù)平衡條件沿斜面方向：mgsinα+BIL=kx2；聯(lián)立兩式得：B=（x2-x1）A．(x2＋x1)，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．(x2－x1)，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；C．(x2－x1)，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．(x1＋x2)與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；故選B．4、B【解析】

由于M、N兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，所以M、N兩點(diǎn)場強(qiáng)相同，由等量異種點(diǎn)電荷周圍電場線的分布可知O點(diǎn)場強(qiáng)是中垂線上最大的一點(diǎn)，A錯(cuò)；B對(duì)；O點(diǎn)場強(qiáng)不為零，C錯(cuò)；中垂線為等勢線，所以M、O、N三點(diǎn)的電勢相等，D錯(cuò)；【點(diǎn)睛】對(duì)常見電場周圍的電場線的分布要熟記，并能根據(jù)對(duì)稱性巧妙的處理一些問題5、C【解析】

電容器充電后再與電源斷開，所帶電量不變．當(dāng)只增加兩板間距離d時(shí)，根據(jù)推論可知板間電場強(qiáng)度不變，電勢差增大?！驹斀狻侩娙萜鞒潆姾笤倥c電源斷開，所帶電量不變。根據(jù)板間電場強(qiáng)度E=Ud，C=QU和C=εS4πkd得到E=4πkQεS，由題Q、故應(yīng)選：C?！军c(diǎn)睛】本題是電容器的動(dòng)態(tài)分析問題，推論E=4πkQεS6、B【解析】小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度的大小不變，即速率不變，方向時(shí)刻改變．所以小球的速度不斷改變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；周期是標(biāo)量，勻速圓周運(yùn)動(dòng)中周期是不變的，故C錯(cuò)誤；角速度的大小和方向都不變，故D錯(cuò)誤；故選B．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】試題分析：由圖知，在t1時(shí)刻線圈的電動(dòng)勢為零，磁通量最大，處于中性面的位置，所以A正確；t2時(shí)刻線圈的電動(dòng)勢最大，故磁通量最小，所以B錯(cuò)誤；如圖所示，電動(dòng)勢為余弦規(guī)律變化，故有效值為所以C正確；一個(gè)周期內(nèi)交變電流的方向改變兩次，所以D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：本題考查交變電流8、BD【解析】

使用多用電表測電壓或電流時(shí)，電流從紅表筆流入黑表筆流出，多用電表要與待測電路并聯(lián)或串聯(lián)，分析電路圖答題；歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負(fù)極與紅表筆相連，分析電路圖，然后答題；【詳解】A、甲圖是用多用電表直流電壓檔測量小燈泡兩端的電壓，表筆的紅黑表筆接錯(cuò)，故A錯(cuò)誤；

B、乙圖是用多用電表直流電流檔測量電路中的電流，電流從紅表筆流入，從黑表筆流出，表筆接法正確，故B正確；

C、歐姆表內(nèi)置電源正極與黑表筆相連，負(fù)極與紅表筆相連，由圖丙所示電路圖可知，黑表筆接二極管正極，紅表筆接二極管負(fù)極，多用電表測二極管正向電阻，由圖丁所示電路圖可知，黑表筆接二極管負(fù)極，紅表筆接二極管正極，多用電表測二極管反向電阻，故C錯(cuò)誤、D正確?！军c(diǎn)睛】本題考查了多用電表的使用，使用多用代表時(shí)要注意電流總是由紅表筆流入，黑表筆流出，知道多用電表的結(jié)構(gòu)、分析清楚圖示電路圖即可解題。9、ABC【解析】考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動(dòng)；物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件；動(dòng)能定理；電勢；電勢能．分析：由帶電微粒的動(dòng)能變化確定在A、B兩點(diǎn)的電勢能的大小關(guān)系，判斷出A、B兩點(diǎn)電勢的高低．根據(jù)沿電場線方向電勢是降低的，得出電場線的方向．由運(yùn)動(dòng)方向和所受電場力的方向判斷微粒的運(yùn)動(dòng)軌跡．解答：解：由動(dòng)能定理可知WE=△EK=-0.1J；可知粒子受到的電場力做負(fù)功，故粒子電勢能增加，B點(diǎn)的電勢高于A點(diǎn)電勢；而電場線由高電勢指向低電勢，故電場線向左，故B正確；AB兩點(diǎn)的電勢差UAB=WEq=-10V，則UA-U解得UB=0V；故A正確；若粒子沿軌跡1運(yùn)動(dòng)，A點(diǎn)速度沿切線方向向右，受力向左，故粒子將向上偏轉(zhuǎn)，故C正確；若粒子沿軌跡2運(yùn)動(dòng)，A點(diǎn)速度沿切線方向向右上，而受力向左，故粒子將向左上偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)誤；故選ABC．點(diǎn)評(píng)：物體做由線運(yùn)動(dòng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)的軌跡應(yīng)夾在初始速度及合外力方向的中間；10、AC【解析】A、質(zhì)點(diǎn)滑到軌道最低點(diǎn)N時(shí)，對(duì)軌道的壓力為，故由牛頓第二定律可得：，解得：；那么對(duì)質(zhì)點(diǎn)從靜止下落到N的過程應(yīng)用動(dòng)能定理可得：；由于摩擦力做負(fù)功，故質(zhì)點(diǎn)在半圓軌道上相同高度時(shí)在NQ上的速度小于在PN上的速度，所以，質(zhì)點(diǎn)對(duì)軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質(zhì)點(diǎn)從N到Q克服摩擦力做的功，所以，質(zhì)點(diǎn)在Q的動(dòng)能大于零，即質(zhì)點(diǎn)到達(dá)Q點(diǎn)后，繼續(xù)上升一段距離，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、由于摩擦力做負(fù)功，故質(zhì)點(diǎn)在QN上運(yùn)動(dòng)，在同一位置時(shí)下滑速度小于上滑速度，所以，質(zhì)點(diǎn)對(duì)軌道的壓力也較小，那么，摩擦力也較小，所以，質(zhì)點(diǎn)從Q到N克服摩擦力做的功；所以，質(zhì)點(diǎn)從靜止到再次經(jīng)過N點(diǎn)，克服摩擦力做功為：

故由動(dòng)能定理可得：；

所以，由牛頓第二定律可得質(zhì)點(diǎn)受到的支持力為：，故由牛頓第三定律可得：質(zhì)點(diǎn)再次經(jīng)過N點(diǎn)時(shí)，對(duì)N點(diǎn)壓力大于，故C正確；

D、要使質(zhì)點(diǎn)能到達(dá)Q點(diǎn)上方R處，設(shè)在P點(diǎn)上方h處釋放質(zhì)點(diǎn)，那么由動(dòng)能定理可得：，所以，，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：經(jīng)典力學(xué)問題一般先對(duì)物體進(jìn)行受力分析，求得合外力及運(yùn)動(dòng)過程做功情況，然后根據(jù)牛頓定律、動(dòng)能定理及幾何關(guān)系求解。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1)2000歐姆電流表（2）E=2.8至2.9Vr=2.6至2.9歐姆【解析】；（1）③由圖可知，指針示數(shù)為20，所選檔位為×100Ω檔，故讀數(shù)為2000Ω；因電路已斷開，歐姆表所測部分即為兩表筆所接中間部位，接電流表時(shí)指針不動(dòng)，即說明此處電阻無窮大，電路斷開；故發(fā)生斷路的是電流表．（2）因電源的輸出電壓與電流成正比，故在U-I圖中應(yīng)為直線，故將描出的各點(diǎn)用直線相連，中間一點(diǎn)由于誤差過大而舍去，如圖所示；由圖可知電源的電動(dòng)勢約為2.9V；圖象的斜率表示電源內(nèi)電阻，則r=2.8Ω；12、ABD0.541.5未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力未滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶和砝碼的總質(zhì)量【解析】

（1）本實(shí)驗(yàn)采用的實(shí)驗(yàn)方法是控制變量法；（2）平衡摩擦力時(shí)，應(yīng)不掛小桶，讓小車拖著紙帶在木板上做勻速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；每次改變小車的質(zhì)量時(shí)，不需要重新平衡摩擦力，選項(xiàng)B正確；實(shí)驗(yàn)時(shí)要先接通電源后放小車，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；因?yàn)闉檎汝P(guān)系，故為得出加速度a與與質(zhì)量m的關(guān)系而作出圖象，選項(xiàng)D正確；故選BD．（3）計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔T=0.02s×5=0.1s，打B計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)小車的速度大小為；根據(jù)逐差法得，小車的加速度（4）由圖線可知，當(dāng)力F到達(dá)一定的值時(shí)才有加速度，故圖線不過原點(diǎn)的原因是未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；圖線在末端彎曲的原因是未滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于小桶和砝碼的總質(zhì)量；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.3T，方向豎直向上（2）0.4T【解析】

(1)根據(jù)安培力方向和電流方向來判斷磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向；根據(jù)安培力和摩擦力相等，計(jì)算磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；(2)利用牛頓第二定律求得新的安培力，進(jìn)而求出新的磁感應(yīng)強(qiáng)度。【詳解】(1)桿向右勻速運(yùn)動(dòng)，說明桿受到的安培力是向右的，根據(jù)左手定則可以知道，磁場的方向豎直向上桿向右勻速運(yùn)動(dòng)，安