上海市寶山區(qū)市級名校2025屆物理高二上期中質量檢測模擬試題含解析

上海市寶山區(qū)市級名校2025屆物理高二上期中質量檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列是某同學對電場中的概念、公式的理解，其中正確的是（）A．根據(jù)電場強度的定義式E=F/q，電場中某點的電場強度和試探電荷的電荷量成反比B．根據(jù)電容定義式C=Q/U，電容與所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C．根據(jù)真空中點電荷場強公式，電場中某點場強和場源電荷的電荷量成正比D．根據(jù)E=U/d，可知在勻強電場中，電場強度與電壓成正比2、如圖所示，一電子沿等量異種電荷的中垂線由A→O→B勻速飛過，電子重力不計，則電子除受電場力外，所受的另一個力的大小和方向變化情況是()A．先變大后變小，方向水平向左B．先變大后變小，方向水平向右C．先變小后變大，方向水平向左D．先變小后變大，方向水平向右3、下列關于電源電動勢的說法中正確的是A．在某電源的電路中，每通過2C的電荷量，電源提供的電能是4J，那么這個電源的電動勢是0.5VB．電動勢就是電源兩極間的電壓C．電源的電動勢與外電路無關D．電源的電動勢越大，電源所能提供的電能就越多4、兩導線長度之比為1：2，橫截面積之比為3：4，電阻率之比為5：6，則它們的電阻之比為A．5:8 B．3:2 C．5:6 D．5:95、兩塊大小、形狀完全相同的金屬平板平行正對放置，構成一平行板電容器，與它相連接的電路如圖所示，接通開關S，電源即給電容器充電．則（）A．保持S接通，減小兩極板間的距離，則兩極板間電場的電場強度減小B．保持S接通，在兩極板間插入一塊電介質，則極板上的電荷量減少C．斷開S，減小兩極板間的距離，則兩極板間的電場強度不變D．斷開S，減小兩極板正對面積，則兩極板間的電勢差減小6、如圖所示，電場中A、B兩點的場強大小分別為EA、EB．對EA、EB的大小關系判斷正確的是（）A．EA＞EBB．EA＜EBC．EA=EBD．無法判斷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在勻強磁場中，一個帶電粒子做勻速圓周運動，如果又垂直進入另一磁感應強度是原來的磁感應強度2倍的的勻強磁場，則（）A．粒子的速率加倍，周期減半B．粒子的速率不變，軌道半徑減半C．粒子的速率減半，軌道半徑為原來的四分之一D．粒子的速率不變，周期減半8、如圖所示，為一做周期性變化的勻強電場的場強隨時間變化的圖象．一帶電粒子（不計重力）在t=0時在電場中無初速釋放，則（）A．粒子在電場中總是沿某個方向運動，位移越來越大B．粒子在電場中來回運動，每隔，速度方向改變一次C．粒子的速度和加速度的方向都不隨時間變化，但速度和加速度的大小隨時間做周期性變化D．每隔，加速度方向變化，而速度方向始終不變化，速度大小不斷變化9、如圖，兩個線圈繞在同一根鐵芯上，其中一線圈通過開關與電源連接，另一線圈與遠處沿南北方向水平放置在紙面內的直導線連接成回路．將一小磁針懸掛在直導線正上方，開關未閉合時小磁針處于靜止狀態(tài)．下列說法正確的是（）A．開關閉合后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉動B．開關閉合并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向里的方向C．開關閉合并保持一段時間后，小磁針的N極指向垂直紙面向外的方向D．開關閉合并保持一段時間再斷開后的瞬間，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉動10、沿豎直升降的電梯中，一輕彈簧下掛一小球，電梯靜止時，彈簧伸長ΔL，電梯運動時，彈簧伸長了45ΔA．電梯可能加速上升 B．電梯可能加速下降C．電梯的加速度大小為15g D．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在研究平拋物體運動的實驗中，用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L＝1.25cm。若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算式為V0＝__（用L、g表示），其值是______（取g＝9.8m/s2）。12．（12分）在測定金屬的電阻率的實驗中，用螺旋測微器測量金屬導線直徑d，如右圖所示，則d=____________mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路中，各電阻的阻值已標出．已知R=1Ω，當輸入電壓UAB＝110V時，（1）流經(jīng)10R電阻的電流是多少？（2）輸出電壓UCD是多少？14．（16分）如圖所示,一個電子由靜止開始經(jīng)加速電場加速后,又沿中心軸線從O點垂直射入偏轉電場,并從另一側射出打到熒光屏上的O點,點為熒光屏的中心。已知電子質量,電荷量,加速電場電壓U0=2500V,偏轉電場電壓,極板的長度,板間距離,極板的末端到熒光屏的距離(忽略電子所受重力,結果保留兩位有效數(shù)字)。求(1)電子射入偏轉電場時的初速度;(2)電子打在熒光屏上的P點到點的距離h;(3)電子經(jīng)過偏轉電場過程中電場力對它所做的功W。15．（12分）如圖，A、C兩點分別位于x軸和y軸上，∠OCA=31°，OA的長度為L．在△OCA區(qū)域內有垂直于xOy平面向里的勻強磁場．質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，以平行于y軸的方向從OA邊射入磁場．已知粒子從某點射入時，恰好垂直于OC邊射出磁場，且粒子在磁場中運動的時間為t1．不計重力．(1)求磁場的磁感應強度的大??；(2)若粒子先后從兩不同點以相同的速度射入磁場，恰好從OC邊上的同一點射出磁場，求該粒子這兩次在磁場中運動的時間之和；(3)若粒子從某點射入磁場后，其運動軌跡與AC邊相切，且在磁場內運動的時間為，求粒子此次入射速度的大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、公式是電場強度的定義式，電場強度大小有電場本身的性質決定，與試探電荷q無關，與所受到的電場力F無關，故A錯誤；B、公式是電容定義式，電容也是電容器本身的性質，和極板上的電荷量及電壓無關，故B錯誤；C、公式是真空中點電荷電場強度決定式，當距離r變大時，電場強度變小，電場中某點場強和場源電荷的電荷量成正比，故C正確；D、公式是E與U的關系式，在勻強電場中，電場強度不變，與電壓無關，故D錯誤；故選C。2、B【解析】

根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線分布知，從A→O→B，電場強度的方向不變，水平向右，電場強度的大小先增大后減小，則電子所受電場力的大小先變大，后變小，方向水平向左，則外力的大小先變大后變小，方向水平向右。故選B。3、C【解析】

A.在某電源的電路中，每通過2C的電荷量，電源提供的電能是4J，那么這個電源的電動勢是故A錯誤；B.閉合電路歐姆定律得知：電動勢的數(shù)值等于內外電壓之和，當電源沒有接入電路時，電路中沒有電流，電源的內電壓為零，外電壓即電源兩極間的電壓等于電動勢；當電源接入電路時，電路有電流，電源有內電壓，兩極間的電壓小于電動勢，故B錯誤；C.電動勢由電源本身特性決定，與外電路的組成無關，故C正確；D.電源電動勢越大，電源將其他形式的能轉化為電能的本領就越大，不能說電源所能提供的電能就越多；故D錯誤。4、D【解析】

導體的R跟它的長度L成正比，跟它的橫截面積S成反比，還跟導體的材料有關系，這個規(guī)律就叫電阻定律，公式為．【詳解】根據(jù)電阻定律公式，有：，故選D．5、C【解析】

A.保持S接通，則電容器兩板間的電勢差不變，因d減小，由可知，兩極板間的電場場強增大，故A錯誤；B.保持S接通，兩板間的電勢差不變，在兩極板間插入一塊介質后，電容增大，由Q=CU可知，極板上的電荷量增大，故B錯誤；C.斷開S，電量保持不變，根據(jù)、、聯(lián)立解得：減小兩極板間距離時，兩極板間的電場強度不變，故C正確；D.斷開S，電量保持不變，減小兩極板正對面積，據(jù)可知，電容減小，根據(jù)可知，電勢差變大，故D錯誤。6、A【解析】電場線的疏密表示電場強度的相對大小，電場線越密的地方電場強度越大，則知，故A正確，BCD錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

根據(jù)粒子在勻強磁場中運動的周期公式可知粒子在磁場中運動的周期跟速率無關，磁感應強度增大一倍，則周期減半，A錯誤D正確；粒子在磁場中運動過程中，受到的洛倫茲力垂直于速度方向，對粒子不做功，即速率不變，根據(jù)粒子做圓周運動的半徑公式可知，速率不變，軌道半徑減半，B正確C錯誤．8、AD【解析】試題分析：首先知道圖象的意義，場強大小不變而方向周期性的變化；再以帶電粒子為研究對象，受力分析和運動分析，從而判斷選項．解：以帶電粒子為研究對象，受大小不變的電場力，但方向周期性的變化，所以帶電粒子第一個T內，在內先做初速度為零的勻加速，在后內做勻減速并且末速度為零，在第二個T內與第一個T內相同的運動，這樣周而復始，所以帶電粒子的運動方向不變即速度方向不變，位移越來越大；由于場強周期性的變化，所以電場力周期性的變化，即每隔加速度方向發(fā)生變化，故AD正確，BC錯誤．故選AD．【點評】明確圖象的意義和帶電粒子受力的特點，據(jù)此分析帶電粒子的運動是解題的核心；一定注意運動方向、位移和加速度的變化情況．9、AD【解析】

A．斷出直導線中電流方向為由南向北，由安培定則可判斷出小磁針處的磁場方向垂直紙面向里，小磁針的N極朝垂直紙面向里的方向轉動，A正確；BC．開關閉合并保持一段時間后，左側線圈中磁通量不變，線圈中感應電動勢和感應電流為零，直導線中電流為零，小磁針恢復到原來狀態(tài)，BC錯誤；D．開關閉合并保持一段時間后再斷開后的瞬間，左側的線圈中磁通量變化，產生感應電動勢和感應電流，由楞次定律可判斷出直導線中電流方向為由北向南，由安培定則可判斷出小磁針處的磁場方向垂直紙面向外，小磁針的N極朝垂直紙面向外的方向轉動，D正確．10、BC【解析】

對物體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律胡克定律求出物體的加速度，從而得知電梯的加速度，確定電梯的運動情況．【詳解】當升降機靜止時有：k?L=mg，當升降機運動時，根據(jù)牛頓第二定律得，mg?0.8k?L＝ma，解得a=0.2g，方向豎直向下，知電梯以大小為0.2g的加速度減速上升，或以大小為0.2g的加速度加速下降。故BC正確，AD錯誤。故選BC?！军c睛】解決本題的關鍵知道物體與電梯具有共同的加速度，根據(jù)牛頓第二定律求出物體的加速度是本題的突破口．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.7m/s【解析】

設相鄰兩點間的時間間隔為T

豎直方向：2L-L=gT2得到水平方向：代入數(shù)據(jù)解得12、0.959—0.961mm【解析】

螺旋測微器的讀數(shù)方法：①先讀固定刻度②再讀半刻度，若半刻度線已露出，記作0.5mm；若半刻度線未露出，記作0.0mm；③再讀可動刻度（注意估讀）．記作n×0.01mm；④最終讀數(shù)結果為固定刻度+半刻度+可動刻度．固定可得讀數(shù)為：0；半刻度讀數(shù)為：0.5mm；可動刻度讀數(shù)為：0.01mm×46.0=0.960mm，故讀數(shù)為：0.960mm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）10A(2)-1V【解析】

（1）并聯(lián)部分的等效電阻為：則電路的總電阻為：R總=10R+R=11R

根據(jù)歐姆定律流經(jīng)10R電阻的電流：（2）由串聯(lián)分壓得并聯(lián)部分R并上的電壓為：而輸出電壓UCD即電阻R上分到的電壓，再由串聯(lián)分壓得：14、(1)(2)(3)【解析】

(1)電子在加速電場中，根據(jù)動能定理有：

代入數(shù)據(jù)得：(2)設電子在偏轉電場中運動的時間為t，電子射出偏轉電場時在豎直方向上的側移量y電子在水平方向做勻速直線運動：

電子在豎直方向上做勻加速運動：

根據(jù)牛頓第二定律有：

聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：電子離開偏轉電場時速度的反向延長線過偏轉電場的中點，由圖知，

解得：h=0.72cm(3)電子在偏轉電場運動的過程中電場力對它做的功：15、(1)(2)2t1(3)【解析】

（1）粒子在磁場中做勻速圓周運動，在時間t1內其速度方向改變了91°，故其周期T=4t1①設磁感應強度大小為B，粒子速度為v，圓周運動的半徑為r由洛倫茲力提供向心力得：②勻速圓周運動的速度滿足：③聯(lián)立①②③式得④（2）設粒子從OA邊兩個不同位置射入磁場，能從OC邊上的同一點P射出磁場，粒子在磁場