2025屆山西省陵川第一中學(xué)校高一物理第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆山西省陵川第一中學(xué)校高一物理第一學(xué)期期末教學(xué)質(zhì)量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、物體在一條直線上運動，依次經(jīng)過ACB三個位置，在AC段做加速度大小為a1的勻加速運動，在CB段做加速度大小為a2的勻加速運動，且從A到C和從C到B的時間相等，物體經(jīng)過A、B兩點時的速度分別為vA和vB，經(jīng)過C點時的速度為vC＝，則a1和a2的大小關(guān)系為()A.a1＜a2 B.a1＞a2C.a1＝a2 D.條件不足，無法判斷2、下列說法正確的是（）A.點火后即將上升的火箭，因火箭還沒有運動，所以加速度一定為零B.某物體在運動過程中，可能會出現(xiàn)，加速度在變大，但其合外力在變小情況C.單位時間內(nèi)物體速度變化量越大，加速度就越大D.某時刻物體加速度為正值，其一定在做加速運動3、如圖所示，用力F把鐵塊壓緊在豎直墻上不動，那么，當(dāng)F增大時（設(shè)鐵塊對墻的壓力為N，物體受墻的摩擦力為f）下列說法正確的是A.N增大，f增大 B.N增大，f不變C.N變小，f不變 D.關(guān)于N和f的變化，以上說法都不對4、一質(zhì)量為2kg的物體，在豎直向上的拉力F作用下由靜止開始向上做勻加速直線運動，第2s內(nèi)的位移為3m，已知重力加速度g=10m/s2，不計空氣阻力，則拉力F大小為A.2N B.4NC.12N D.24N5、如圖所示，兩輕質(zhì)彈簧a、b懸掛一質(zhì)量為m的小球，整體處于平衡狀態(tài)，a彈簧與豎直方向成30°角，b彈簧與豎直方向成60°角，a、b兩彈簧的形變量相等，重力加速度為g，則A.彈簧a、b的勁度系數(shù)之比為B.彈簧a、b的勁度系數(shù)之比為C.若彈簧a下端與小球松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為D.若彈簧b下端與小球松脫，則松脫瞬間小球的加速度大小為3g6、如圖所示，傾角為θ的斜面體c置于水平地面上，物塊b置于斜面上，通過跨過光滑定滑輪的細(xì)繩與小盒a連接，連接b的一段細(xì)繩與斜面平行，連接a的一段細(xì)繩豎直，a連接在豎直固定在地面的彈簧上?，F(xiàn)向盒內(nèi)緩慢加入適量砂粒，a、b、c始終處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列判斷正確的是（）A.c對b的摩擦力可能減小 B.地面對c的支持力一定減小C.地面對c的摩擦力可能不變 D.彈簧的彈力可能增大7、物體從靜止開始做勻加速直線運動，已知第3s內(nèi)通過的位移是3m，下列說法正確的是（）A.第3s內(nèi)物體的平均速度是1m/sB.物體的加速度是1.0m/s2C.前3s內(nèi)物體的位移是5.4mD.3s末物體的速度是3.6m/s8、如圖，河寬d=20m，小船要行駛到河對岸，P處為小船的正對岸位置，已知小船的劃行速度v1=5m/s，水流速度v2=3m/s．下列說法正確的是A.小船行駛到對岸P點的時間為4sB.小船行駛到對岸P點的時間為5sC.若水流速變大，小船行駛到對岸的最短時間變長D.若水流速變大，小船行駛到對岸的最短時間不變9、我國的神州號載人航天飛船已成功的發(fā)射并返回地面,飛船中的宇航員在下列哪些情況下處于超重狀態(tài)?()A.飛船加速上升時 B.飛船勻速上升時C.飛船減速上升時 D.飛船減速下降時10、關(guān)于力的說法下列正確的有（）A.一個受力物體可以同時有多個施力物體B.甲乙兩隊拔河甲隊取勝，說明甲隊對乙隊的拉力比乙隊對甲隊的拉力大C.運動的物體可能受到靜摩擦力D.摩擦力的大小與壓力成正比二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）如圖所示，a、b是兩個半徑都為R的光滑小球，球的質(zhì)量均為m，現(xiàn)將它們用長為2R的細(xì)繩連結(jié)在一起，在細(xì)繩的中點O處用一豎直向上的恒力F拉著兩個小球一起向上做勻加速直線運動。在運動過程中，求：(1)兩球運動的加速度大小；(2)OB段繩的拉力FB的大小；(3)a球?qū)球壓力FN的大小。14、（14分）如圖所示為貨場使用的傳送帶的模型，傳送帶傾斜放置，與水平面夾角為θ=37°，傳送帶AB足夠長，傳送皮帶輪以大小為v=2m/s的恒定速率順時針轉(zhuǎn)動，一包貨物以v0=12m/s的初速度從A端滑上傾斜傳送帶，若貨物與皮帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5，且可將貨物視為質(zhì)點．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）求：(1)貨物剛滑上傳送帶時加速度的大小和方向；(2)經(jīng)過多長時間貨物的速度和傳送帶的速度相同？這時貨物相對于地面運動了多遠(yuǎn)？(3)從貨物滑上傳送帶開始計時，貨物再次滑回A端共用了多少時間？15、（13分）如圖，物體質(zhì)量m=10kg，靜止放在光滑的水平地面上，現(xiàn)給物體施加一個水平向右的外力F=20N，使物體由靜止開始運動，若g取10m/s2，求：(1)物體的加速度；(2)5s末物體的速度。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、B【解析】根據(jù)題意從A到C的時間和從C到B的時間相等，所以加速度的大小由速度變化量決定，即比較：vC-vA與vB-vC的大小；由數(shù)學(xué)關(guān)系知（?vA）?(vB?)＞0，所以a1＞a2，B正確，ACD錯誤．故選B【點睛】此題主要是數(shù)學(xué)知識在物理中的應(yīng)用，注意加速度的概念應(yīng)用，速度變化量等于加速度乘以時間即可2、C【解析】點火后即將上升的火箭，因火箭還沒有運動，所以速度一定為零，但是加速度很大，選項A錯誤；加速度和合外力成正比，則加速度變大，合外力一定變大，選項B錯誤；加速度是速度的變化率，則單位時間內(nèi)物體速度變化量越大，加速度就越大，選項C正確；某時刻物體加速度為正值，若速度為負(fù)，則物體做減速運動，選項D錯誤；故選C.3、B【解析】對物體進行受力分析：重力G、墻的支持力N′和摩擦力f、壓力F，作出力圖，如圖所示，由于鐵塊壓在豎直墻上不動，則根據(jù)平衡條件得：N′=Ff=G則知，當(dāng)F逐漸增大時，N′增大，而f不變，由牛頓第三定律得知，鐵塊對墻的壓力N=N′，則N也增大A．N增大，f增大，與結(jié)論不相符，選項Ａ錯誤；B．N增大，f不變，與結(jié)論相符，選項Ｂ正確；C．N變小，f不變，與結(jié)論不相符，選項Ｃ錯誤；D．關(guān)于N和f的變化，以上說法都不對，與結(jié)論不相符，選項Ｄ錯誤；4、D【解析】根據(jù)位移時間公式得，第2s內(nèi)的位移：解得物體的加速度為：a=2m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：F?mg=ma，解得：F=mg+ma=20+2×2N=24N.故ABC錯誤；D正確5、B【解析】AB.對小球受力分析，受到a彈簧的拉力、b彈簧的拉力和重力，三力平衡，故有，，故，故A錯誤，B正確；CD.若彈簧a下端與小球松脫，松脫瞬間b彈簧的彈力不變，故小球所受重力和b彈簧彈力的合力與大小相等方向相反，故，若彈簧b下端與小球松脫，則松脫瞬間a彈簧的彈力不變，故小球所受重力和a彈簧彈力的合力與大小相等方向相反，故小球的加速度，故C錯誤，D錯誤；故選：B【點睛】在應(yīng)用牛頓第二定律解決瞬時問題時，一定要注意，哪些力不變，（彈簧的的形變量來不及變化，彈簧的彈力不變），哪些力變化（如繩子斷了，則繩子的拉力變?yōu)榱?，或者撤去外力了，則外力變?yōu)榱悖┤缓蠼Y(jié)合整體隔離法，應(yīng)用牛頓第二定律分析解題6、AB【解析】考查平衡狀態(tài)的動態(tài)分析。【詳解】A．若初始時，繩的拉力小于b沿斜面向下的重力的分力，即對b有：向盒內(nèi)緩慢加入適量砂粒，繩的拉力增大，此時摩擦力減小，A正確；B．把bc看成整體，受力分析如圖：則有：向盒內(nèi)緩慢加入適量砂粒，繩的拉力增大，所以支持力減小，B正確；C．由圖可得：繩的拉力增大，摩擦力增大，C錯誤；D．因為a、b、c始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧形變量沒有變，所以彈簧彈力大小不變，D錯誤。故選AB。7、CD【解析】A．第3s內(nèi)的平均速度故A錯誤；B．根據(jù)得物體的加速度故B錯誤；C．物體在前3s內(nèi)位移故C正確；D．3s末的速度故D正確。故選CD。8、BD【解析】將船的運動分解為沿河岸方向和垂直于河岸方向，根據(jù)垂直于河岸方向上的速度求出渡河的最短時間．再依據(jù)合速度垂直河岸時，結(jié)合運動學(xué)公式，即可推導(dǎo)出到達(dá)P點的時間公式，從而即可判定求解【詳解】A、B項：根據(jù)平行四邊形定則，由于船在靜水中的速度大于水流速，則合速度可能垂直于河岸，即船可能垂直到達(dá)對岸，到達(dá)P處的時間為，故A錯誤，B正確；C、D項：當(dāng)靜水速與河岸垂直時，過河的時間最短，最短渡河時間為，當(dāng)水流速變快，小船行駛到對岸的最短時間仍不變，故C錯誤，D正確故選BD【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道合運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾，注意最短時間與到達(dá)P點時間的不同求法9、AD【解析】A．飛船加速上升時，加速度向上，處于超重狀態(tài)，選項A正確；B．飛船勻速上升時，加速度為零，不是超重狀態(tài)，選項B錯誤；C．飛船減速上升時，加速度向下，處于失重狀態(tài)，選項C錯誤；D．飛船減速下降時，加速度向上，處于超重狀態(tài)，選項D正確；故選AD10、AC【解析】A.一個物體可能受到多個力，即存在多個受力物體，A正確；B.由牛頓第三定律可知，甲隊對乙隊的拉力和乙隊對甲隊的拉力一樣大，B錯誤；C.與傾斜傳送帶一起上升的物體即受到靜摩擦力作用，C正確；D.滑動摩擦力大小與正壓力成正比，靜摩擦力大小與正壓力無關(guān)，D錯誤；故選AC。二、實驗題11、12、三、計算題：解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、(1)－g(2)(3)【解析】(1)對整體應(yīng)用牛頓第二定律F-2mg＝2ma解得a=-g(2)分析b球受力FBcos-mg=ma解得FB=(3)與F垂直方向球b受力平衡：FN-FBsin=0解得FN=14、（1）10m/s2，方向沿傳送帶向下；（2）1s；7m.（3）(2+2)s.【解析】（1）貨物剛滑上傳送帶時，受到重力、傳送帶的支持力和沿傳送帶向下的滑動摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律求解加速度；（2）貨物向上做勻減速運動，根據(jù)運動學(xué)公式求出貨物的速度和傳送帶的速度相同經(jīng)歷的時間和上滑的位移；（3）貨物的速度和傳送帶的速度相同后，繼續(xù)向上做勻減速運動，滑動摩擦力方向沿傳送帶向上，由牛頓第二定律求出加速度，由運動學(xué)公式求出速度減至零的時間和位移，再求出上滑的總位移，貨物到達(dá)最高點后將沿傳送帶勻加速下滑，由下滑位移大小與上滑總位移大小相等，求出下滑的時間，最后求出總時間；【詳解】（1）設(shè)貨物剛滑上傳送帶時加速度為，貨物受力如圖所示：沿傳送帶方向：垂直傳送帶方向：，又故貨物剛滑上傳送帶時加速度大小，方向沿傳送帶向下；（2）貨物速度從減至傳送帶速度所用時間設(shè)，位移設(shè)為，則根據(jù)速度與時間關(guān)系有：根據(jù)平均速度公式可以得到位移為：（3）當(dāng)貨物速度與傳送帶速度相等時，由于，即，此后貨物所受摩擦