黑龍江省肇東第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題含解析

黑龍江省肇東第一中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于同一電場的電場線，下列表述正確的是A.電場線是客觀存在的 B.電場線越密，電場強度越小C.沿著電場線方向，電勢越來越低 D.電荷在沿電場線方向移動時，電勢能減小2、下列情況中，應(yīng)用了溫度傳感器的是（）A.商場里的自動玻璃門B.夜間自動打開的路燈C.夜間有聲音時就亮的樓梯燈D.自動恒溫冰箱3、如圖所示，三條平行等間距的虛線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10V、20V、30V，實線是一帶電粒子（不計重力）在該區(qū)域內(nèi)的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點，下列說法正確的是（）A.粒子在三點所受的電場力不相等B.粒子在三點的電勢能大小關(guān)系為Epc＜Epa＜EpbC粒子必先過a，再到b，然后到cD.粒子在三點所具有的動能大小關(guān)系為Ekb＞Eka＞Ekc4、以下關(guān)于磁場和磁感應(yīng)強度B的說法，正確的是（）A.磁場中某點的磁感應(yīng)強度，根據(jù)公式，它跟F、I、L都有關(guān)B.磁場中某點的磁感應(yīng)強度的方向垂直于該點的磁場方向C.穿過線圈的磁通量為零的地方，磁感應(yīng)強度不一定為零D.磁感應(yīng)強度越大的地方，穿過線圈的磁通量也一定越大5、下列四幅圖，分別是通電導(dǎo)線在磁場中所受安培力及運動電荷在磁場中所受洛倫茲力的示意圖，其中正確的是A. B.C. D.6、根據(jù)安培假設(shè)的思想，認為磁場是由于運動電荷產(chǎn)生的，這種思想如果對地磁場也適用，而目前在地球上并沒有發(fā)現(xiàn)相對地球定向移動的電荷，那么由此判斷，地球應(yīng)該（）A.帶負電 B.帶正電C.不帶電 D.無法確定二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在水平通電直導(dǎo)線正下方，有一半圓形光滑弧形軌道，一導(dǎo)體圓環(huán)自軌道右側(cè)的P點無初速度滑下，下列判斷正確的是（）A.圓環(huán)中將有感應(yīng)電流產(chǎn)生B.圓環(huán)能滑到軌道左側(cè)與P點等高處C.圓環(huán)最終停到軌道最低點D.圓環(huán)將會在軌道上永遠滑動下去8、如圖所示，當電路里滑動變阻器R2的滑動觸頭P向下滑動時（）A.電容器C兩極板間的電場強度增大B.電壓表的讀數(shù)減小C.R1消耗的功率減小D.R2消耗的功率增大9、利用如圖所示方法可以測得金屬導(dǎo)體中單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)n,現(xiàn)測得一塊橫截面為矩形的金屬導(dǎo)體的寬為b,厚為d,并加有與側(cè)面垂直的勻強磁場B,當通以圖示方向電流I時,在導(dǎo)體上、下表面間用電壓表可測得電壓為U.已知自由電子的電荷量為e,則下列判斷正確的是A.下表面電勢高B.上表面電勢高C.該導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為D.該導(dǎo)體單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)為10、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)電阻為r．將滑動變阻器的滑片P從圖示位置向右滑動的過程中，關(guān)于各電表示數(shù)的變化，下列判斷中正確的是（）A.電壓表V的示數(shù)變小B.電流表A2的示數(shù)變小C.電流表A1的示數(shù)變大D.電流表A的示數(shù)變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一面積為150cm2的金屬環(huán)，電阻為0.1Ω，在環(huán)中100cm2的同心圓面上存在如圖（b）所示的變化的磁場，在0.1s到0.2s的時間內(nèi)環(huán)中感應(yīng)電流為，流過的電荷量為12．（12分）某橫波在介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，t=0時波源O開始振動，振動方向沿y軸負方向，圖示為t=0.7s時的波形圖，已知圖中b點第二次出現(xiàn)在波谷，則該橫波的傳播速度v=________m/s；從圖示時刻開始計時，圖中c質(zhì)點的振動位移隨時間變化的函數(shù)表達式為____________________m四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小14．（16分）如圖所示為質(zhì)譜儀的示意圖，在容器A中存在若干種電荷量相同而質(zhì)量不同的帶電粒子，它們可從容器A下方的小孔S1飄入電勢差為U的加速電場，它們的初速度幾乎為0，然后經(jīng)過S3沿著與磁場垂直的方向進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，最后打到照相底片D上．若這些粒子中有兩種電荷量均為q、質(zhì)量分別為m1和m2的粒子（m1＜m2）（1）分別求出兩種粒子進入磁場時的速度v1、v2的大小；（2）求這兩種粒子在磁場中運動的軌道半徑之比；（3）求兩種粒子打到照相底片上的位置間的距離15．（12分）如圖（a）所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌JK、PQ傾斜放置，兩導(dǎo)軌間距離為L=1.0m，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角為θ=30°，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場垂直于導(dǎo)軌平面向上，導(dǎo)軌的J、P兩端連接阻值為R=3.0Ω的電阻，金屬棒ab垂直于導(dǎo)軌放置并用細線通過光滑定滑輪與重物相連，金屬棒ab的質(zhì)量m=0.90kg，電阻r=0.50Ω，重物的質(zhì)量M=1.50kg，如果將金屬棒和重物由靜止釋放，金屬棒沿斜面上滑距離與時間的關(guān)系圖像如圖（b）所示，不計導(dǎo)軌電阻，g=10m/s2。求：（1）t=0時刻金屬棒的加速度；（2）求磁感應(yīng)強度B的大小以及在1.2s內(nèi)通過電阻R的電荷量；（3）在1.2s內(nèi)電阻R產(chǎn)生的熱量。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A．電場是客觀存在的,而電場線是假想的,A錯.B．電場線越密的地方電場越大B錯.C．沿著電場線的方向電勢逐漸降低C對.D．負電荷沿著電場線方向移動時電場力做負功電勢能增加D錯2、D【解析】A項：商場里的自動玻璃門是應(yīng)用了紅外線傳感器，A錯誤；B項：夜間自動打開的路燈是利用了光傳感器，B錯誤；C項：夜間有聲音時就亮的樓梯燈是利用了聲音傳感器，C錯誤；D項：自動恒溫冰箱是利用了溫度傳感器，D正確故選D3、B【解析】A．因表示電場中三個等勢面的三條虛線是平行且等間距的，由此可判斷電場是勻強電場，根據(jù)所以帶電粒子在電場中各點受到的電場力相等，A錯誤；B．由題中的圖可知，電場的方向是向上的，根據(jù)軌跡判斷電場力方向向下，則帶電粒子帶負電，根據(jù)則B正確；C．由題中的圖可知，電場的方向是向上的，帶負電的粒子將受到向下的電場力作用，帶負電的粒子無論是依次沿a、b、c運動，還是依次沿c、b、a運動，都會的到如圖的軌跡，C錯誤；D．粒子在電場中運動時，只有電場力做功，故電勢能與動能之和應(yīng)是恒定不變的，由圖可知，粒子在b點時的電勢能最大，在c點的電勢能最小，則可判斷在c點的動能最大，在b點的動能最小，D錯誤。故選B。4、C【解析】A．磁感應(yīng)強度的大小是由磁場本身的性質(zhì)決定的，公式只是一個定義式，而不是決定式，所以磁感應(yīng)強度B與F、I、L無關(guān)，選項A錯誤；B．磁感應(yīng)強度的方向就是磁場的方向，二者是一個概念，選項B錯誤；C．穿過線圈的磁通量為0，即由于不知道平面和磁場的夾角，所以無法肯定磁感應(yīng)強度是否為0，選項C正確；D．若不知道線圈和磁場的夾角關(guān)系，磁感應(yīng)強度大的地方，磁通量也未必大，選項D錯誤。故選C。5、C【解析】A.根據(jù)左手定則知，電流方向垂直紙面向外，磁場方向向右所受安培力應(yīng)向上，故A錯誤；B.根據(jù)左手定則知，電流方向向右，磁場方向向上，安培力應(yīng)垂直紙面向外，故B錯誤；C.根據(jù)左手定則知，負電荷向右運動，磁場方向垂直紙面向里，洛倫茲力應(yīng)向下，故C正確；D.根據(jù)左手定則知，正電荷運動方向向右，磁場方向垂直紙面向里，洛倫茲力應(yīng)向上，故D錯誤。故選：C6、A【解析】在磁體外部磁感線總是從N極出發(fā)指向S極，由此可知地磁場由南至北，由右手螺定則可知電流方向自東向西，由于地球自轉(zhuǎn)為自西向東，由此可知地球帶負電，A對；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】水平通電導(dǎo)線周圍有磁場，且離導(dǎo)線越遠磁場強度越小，在圓環(huán)下落過程中，通過圓環(huán)的磁通量變小故能判斷圓環(huán)中是否有感應(yīng)電流【詳解】水平通電導(dǎo)線周圍有磁場，且離導(dǎo)線越遠磁場強度越小，在圓環(huán)下落過程中，通過圓環(huán)的磁通量變小，故有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故A正確；因為圓環(huán)在上滑的過程中，有感應(yīng)電流，對整個過程由能量守恒定律得，重力勢能轉(zhuǎn)化為電能，故不能上升到左側(cè)與P點等高處，故B錯誤；整個過程重力勢能轉(zhuǎn)化為電能，故小球最終停在最低點，不會在軌道上永遠滑動下去，故C正確，D錯誤；故選AC8、AC【解析】A．滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，通過電源的電流減小，路端電壓增大，由歐姆定律知兩端電壓減小，電容器兩極間電壓增大，兩板間的電場強度增大；選項A正確；B．以上分析知，滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，路端電壓增大，電壓表的讀數(shù)增大；選項B錯誤；C．以上分析知，滑動變阻器的滑動觸頭向下滑動時，通過的電流減小，消耗的功率減?。贿x項C正確；D．通過的電流減小，而接入電路的電阻增大，故消耗的功率變化無法確定；D選項錯誤。故選AC.9、AC【解析】定向移動的電子受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，在上下表面間形成電勢差，電子到達的表面帶負電，電勢較低．最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡，根據(jù)平衡求出單位體積內(nèi)的自由電子數(shù)【詳解】根據(jù)左手定則，電子向上表面偏轉(zhuǎn)，下表面失去電子帶正電，所以下表面電勢高．故A正確、B錯誤．再根據(jù)e=evB，I=neSv=nebdv得n=，故C正確，D錯誤．故選AC【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷洛倫茲力的方向，以及知道最終電子在電場力和洛倫茲力作用下處于平衡10、BCD【解析】當滑片向右滑動時，滑動變阻器接入電阻增大，則總電阻增大；由閉合電路歐姆定律可知，電路中總電流減小，則由U=E-Ir可知，路端電壓增大；則可知電流表A的示數(shù)減小，電壓表V的示數(shù)增大；故A錯誤，D正確；因路端電壓增大，A1中電流增大；因總電流減小，而R1中電流增大，則A2中電流減小，故BC正確．故選BCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1A，0.01C【解析】由b圖得：=T/s=1T/s由法拉第電磁感應(yīng)定律可得：感應(yīng)電動勢：E==S=1×100×10﹣4V=001V；感應(yīng)電流：I==A=0.1A，通過圓環(huán)橫截面的電荷量：q=It=0.1×（0.2﹣0.1）C=0.01C；故答案為0.1A，0.01C12、①.10②.y=﹣0.03sin5πt【解析】由題意得：，得該波的周期為T=0.4s，由圖知波長為，則波速為，橫波在介質(zhì)中沿x軸正方向傳播，圖示時刻c質(zhì)點向下振動，則c質(zhì)點的振動位移隨時間變化的函數(shù)表達式為【點睛】本題要根據(jù)簡諧波的特點：一個周期內(nèi)傳播一個波長，簡諧波傳播過程中，各個質(zhì)點的起振方向都相同，與波源的起振方向也相同，來確定波的周期四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)(2)3N【解析】(1)設(shè)小球在C點的速度大小是vC，則對于小球由A→C的過程中，由動能定理得：解得：(2)小球在C點時受力分析如圖由牛頓第二定律得：解得：由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍缐毫Γ篘C′=NC=3N14、（1）、；（2）；（3）（-）【解析】（1）帶電粒子在電場中被加速，應(yīng)用動能定理可以求出粒子的速度（2）粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律可以求出粒子的軌道半徑，然后求出半徑之比（3）兩粒子在磁場中做圓周運動，求出其粒子軌道半徑，然后求出兩種粒子打到照相底片上的位置間的距離【詳解】（1）經(jīng)過加速電場，根據(jù)動能定理得：對m1粒子：qU=m1v12m1粒子進入磁場時速度：，對m2粒子有：qU=m2v22，m2粒子進入磁場時的速度：；（2）在磁場中，洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB=m，解得，粒子在磁場中運動的軌道半徑：，代入（1）結(jié)果，可得兩粒子的軌道半徑之比：R1：R2=；（3）m1粒子的軌道半徑：，m2粒子的軌道半徑：，兩粒子打到照相底片上的位置相距：d=2R2-2R1，解得，兩粒子位置相距為：；【點睛】本題考查了粒子在電場與磁場中的運動，分析清楚粒子運