云南省曲靖市會澤縣第一中學2025屆高二物理第一學期期末教學質量檢測試題含解析

云南省曲靖市會澤縣第一中學2025屆高二物理第一學期期末教學質量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、我校高二學生吳偉同學，學習完速度選擇器后，設計了一款新式速度選擇器，如圖所示，OO′為圓柱筒的軸線，磁感應強度大小為B的勻強磁場的磁感線平行于軸線方向，在圓筒壁上有許多小孔，許多比荷為的正粒子以不同速度、入射角在垂直于軸線的平面內射入小孔，且均從與OO′軸線對稱的小孔中射出，入射角為30°的正粒子的速度大小為6km/s，則入射角為37°的粒子速度大小為A.1km/s B.3.75km/sC.5km/s D.7.2km/s2、如圖所示，在條形磁鐵S極附近懸掛一個圓形線圈，線圈平面與水平磁鐵位于同一平面內，當線圈中通以如圖所示方向的電流時，線圈將()A.向磁鐵平移B.遠離磁鐵平移C.邊轉動邊向左擺動D.邊轉動邊向右擺動3、如圖所示,在a、b、c三處垂直紙面放置三根長直通電導線,a、b、c是等邊三角形的三個頂點,電流大小相等,a處電流在三角形中心O點的磁感應強度大小為B,則O處磁感應強度（）A. B.C. D.4、下列說法正確的是（）A.法拉第發(fā)現了電磁感應現象，實現了磁生電的設想B.楞次定律表明，感應電流的方向一定與原來的電流方向相反C.磁與電緊密聯(lián)系，有磁必有電，有電必有磁D.電磁感應現象中，感應電流的磁場總是跟原來的磁場方向相反5、某同學以一定的初速度豎直向上拋出一小球。以拋出點為零勢能點，不計空氣阻力，小球可視為質點，圖所示圖線中，能反映小球從拋出到落回拋出點的過程中，其動能Ek或重力勢能Ep隨時間t變化關系的是（）A. B.C. D.6、如圖所示，勻強磁場的方向垂直紙面，規(guī)定向里的方向為正，在磁場中有一細金屬圓環(huán)，線圈平面位于紙面內，現令磁感應強度B隨時間t變化，先按圖所示的Oa圖線變化，后來又按bc和cd變化，令、、分別表示這三段變化過程中感應電動勢的大小，I1、I2、I3分別表示對應的感應電流，則下列正確的是（）A.E1＜E2，I1沿逆時針方向，I2沿順時針方向B.E1＜E2，I1沿順時針方向，I2沿逆時針方向CE2＜E3，I2沿逆時針方向，I3沿順時針方向D.E2＝E3，I2沿逆時針方向，I3沿順時針方向二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示的電路中，電源電動勢E和內阻r恒定不變，滑片P從左端向右端移動，則A.電流表的示數變大 B.電壓表的示數變大C.電阻消耗的功率變小 D.電燈L消耗的功率變小8、如圖所示，讓線圈由位置1通過一個勻強磁場的區(qū)域運動到位置2，下列說法正確的是（）A.在線圈進入勻強磁場區(qū)域的過程中，線圈中有感應電流，而且進入時的速度越大，感應電流越大B.在線圈進入勻強磁場區(qū)域的過程中，線圈中的感應電流方向為逆時針C.整個線圈在勻強磁場中勻加速運動時，線圈中有感應電流，而且電流是恒定的D.在線圈穿出勻強磁場區(qū)域的過程中，線圈中沒有感應電流9、如圖所示,兩極板水平放置的平行板電容器間形成勻強電場.兩極板間相距為d.一帶負電的微粒從上極板M的邊緣以初速度v0射入,沿直線從下極板N的邊緣射出.已知微粒的電荷量為q,質量為m.下列說法正確的是()A.微粒運動的加速度為0 B.微粒的電勢能減小了mgdC.兩極板間的電勢差為 D.M極板的電勢比N極板的電勢低10、如圖所示，在豎直面（紙面）內有勻強電場，帶電量為q(q>0)、質量為m的小球受水平向右大小為F的恒力，從M勻速運動到N．已知MN長為d,與力F的夾角為60°，重力加速度為g，則A.場強大小為B.M、N間的電勢差為C.從M到N，電場力做功為D.若僅將力F方向順時針轉60°，小球將從M向N做勻變速直線運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用DIS研究通電螺線管的磁感應強度”的實驗中，用________傳感器測量螺線管的軸線上各點的磁感應強度，得到右圖所示的B-d圖線．實驗中使用的螺線管的內徑（直徑）為m，根據圖線估算螺線管中心的磁通量約為________Wb12．（12分）某興趣小組研究一金屬絲的物理性質（1）首先用螺旋測微器測量其直徑,其值__________mm（2）有一游標卡尺,主尺的最小分度是1mm,游標尺上有20個小的等分刻度．用它測量一小球的直徑,如圖所示的讀數是__________mm四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長且電阻不計的平行金屬導軌相距L，導軌平面與水平面夾角為θ，上端連接阻值為R的電阻．勻強磁場方向垂直導軌平面向下(圖中未畫出)．質量為m，電阻也為R的金屬棒放在兩導軌上由靜止開始釋放，金屬棒下滑過程中的最大速度為vm，棒與導軌始終垂直并保持良好接觸，且它們之間的動摩擦因數為μ．試求(1)金屬棒沿導軌開始下滑時的加速度大??；(2)磁場的磁感應強度的大?。?3)當金屬棒沿導軌下滑距離為s時，金屬棒速度已達到最大值，則此過程中電阻R上產生的焦耳熱QR為多少?14．（16分）容器A中裝有大量質量不同、電荷量均為q的帶正電的粒子，粒子從容器下方的小孔不斷飄入加速電場初速度可視為零做直線運動通過小孔后，從兩平行板中央垂直電場方向射入偏轉電場．粒子通過平行板后垂直磁場方向進入磁感應強度為B、方向垂直紙面向里的勻強磁場區(qū)域，最后打在感光片上，如圖所示．已知加速場、間的加速電壓為U，偏轉電場極板長為L，兩板間距也為L，板間勻強電場強度，方向水平向左忽略板間外的電場．平行板f的下端與磁場邊界ab相交為P，在邊界PQ上固定放置感光片．測得從容器A中逸出的所有粒子均打在感光片P、Q之間，且Q距P的長度為3L，不考慮粒子所受重力與粒子間的相互作用，求：粒子射入磁場時，其速度方向與邊界ab間的夾角；射到感光片Q處的粒子的質量；粒子在磁場中運動的最長時間15．（12分）一個閉合回路由兩部分組成，如圖所示，右側水平面上是匝數，電阻為的圓形導線圈，線圈所圍面積為，置于豎直向上均勻增強的磁場中，隨時間的變化率為；左側是傾角為的足夠長平行金屬導軌，寬度為，導軌電阻及與線圈連接的導線電阻均忽略不計。磁感應強度為的勻強磁場垂直導軌平面向下，且只分布在左側區(qū)域，是一個質量為、電阻為的導體棒，棒與導軌垂直且與導軌間動摩擦因數為，將棒由靜止釋放，取，，。求：(1)剛釋放瞬間，棒中的電流及棒的加速度；(2)棒最終勻速運動時，速度的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】正粒子在勻強磁場中在洛倫茲力作用下進行勻速圓周運動，則有洛倫茲力作為向心力，即，得：，勻強磁場的磁感應強度B不變，正粒子的比荷不變，所以為常數。設圓柱筒半徑R，則有如圖所示幾何關系：那么，入射角為θ的正粒子在勻強磁場中做圓周運動的半徑，入射角為30°正粒子的速度v1=6km/s，半徑，入射角為37°的粒子速度為v2，半徑，因為，所以。A.1km/s。與上述結論不符，故A錯誤；B.3.75km/s。與上述結論不符，故B錯誤；C.5km/s。與上述結論相符，故C正確；D.7.2km/s。與上述結論不符，故D錯誤。故選：C2、C【解析】通以順時針的電流，由于處于S極的磁體附近，根據左手定則可得，線圈左邊安培力垂直紙面向外，右邊安培力垂直紙面向里．從上往下看，導致線圈逆時針轉動，由于磁場的不均勻，導致線圈受到安培力的作用向磁鐵靠近．即線圈將邊轉動邊向左擺動,C正確,3、B【解析】根據安培定則判斷得知：三根導線在O點產生的磁感應強度的方向分別為：上面導線產生的B方向水平向右，大小為B；下面左邊導線產生的B方向斜向右下方，與水平成60°角，下面右邊導線產生的B方向斜向右上方，與水平成60°角，則根據平行四邊形定則進行合成可知，下面兩根導線產生的合場強大小為B，方向水平向右，所以三根導線同時存在時的磁感應強度大小為2B，方向水平向右，B正確，ACD錯誤4、A【解析】A．法拉第發(fā)現了電磁感應現象，實現了磁生電的設想，使人類社會進入電氣時代，故A正確；B．楞次定律“增反減同”可知，感應電流的方向可能與原來的電流方向相反，也可能與原來的電流方向相同，故B錯誤；C．磁與電緊密聯(lián)系，有磁不一定有電，但有電必有磁，故C錯誤；D．電磁感應現象中，楞次定律“增反減同”可知，感應電流的磁場總是阻礙原來磁通量的變化，則可能跟原來的磁場方向相反，也可能與原來的磁場方向相同，故D錯誤。故選A。5、C【解析】CD．以一定的初速度豎直向上拋出一小球，有以拋出點為零勢能點，則重力勢能故C正確，D錯誤；AB．動能故AB錯誤。故選C。6、A【解析】由法拉第電磁感應定律可知：在圖像中，斜率，由圖像可知，Oa段中磁感強度B的變化率較小，bc和cd段中磁感強度B的變化率為相同，所以有：；由圖可知，Oa段磁場方向垂直紙面向里，B增大，則磁通量增加，根據楞次定律，感應電流的磁場垂直紙面向外，再根據安培定制可判斷，I1沿逆時針方向；同理，可判斷I2沿順時針方向，I3沿順時針方向，綜上可知A正確；故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】在滑動變阻器的滑片向右端滑動過程，變阻器接入電路的電阻變小，外電路總電阻減小，由歐姆定律分析總電流的變化和路端電壓的變化，來判斷電表示數的變化．根據功率公式判斷功率的變化情況【詳解】滑動變阻器的滑片向右端滑動過程，變阻器接入電路的電阻減小，所以外電路總R減小，由歐姆定律得知總電流I增大，所以電流表示數變大；路端電壓減?。姛鬖的電壓等于路端電壓，所以電燈L的電流減小，而，所以電燈L消耗的功率變??；而總電流增大，所以通過滑動變阻器及的電流增大，根據可知電阻消耗的功率增大；的電壓增大，所以R的電壓減小，所以電壓表的示數減小，故AD正確，BC錯誤【點睛】本題是簡單的電路動態(tài)分析問題．對于路端電壓也可以直接根據路端電壓隨外電阻增大而增大判斷變化8、AB【解析】感應電流產生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化．感應電流與感應電動勢的關系遵行閉合電路歐姆定律，而感應電動勢E=BLv，E與v成正比，感應電流產生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化．感應電流的方向可由楞次定律判斷【詳解】A項：線圈加速進入勻強磁場區(qū)域的過程中，穿過線圈的磁通量增大，有感應電流產生．由E=BLv知，線圈產生的感應電動勢越來越大，由知，感應電流越來越大，故A正確；B項：線圈進入勻強磁場區(qū)域的過程中，穿過線圈的磁通量增大，有感應電流產生，根據楞次定律可知電流方向為逆時針，故B正確；C項：整個線圈在勻強磁場中加速運動時，穿過線圈的磁通量不變，線圈中沒有感應電流產生，故C錯誤；D項：線圈穿出勻強磁場區(qū)域的過程中，穿過線圈的磁通量減少，線圈中有感應電流產生，根據楞次定律可知電流方向為順時針，故D錯誤故應選：AB【點睛】關鍵要掌握產生感應電流的條件和楞次定律．知道當磁通量變化時，有感應電流；當磁通量沒有變化時，沒有感應電流，并要掌握公式E=BLv，并能判斷感應電動勢與速度的關系9、AC【解析】知，微粒做勻速直線運動，加速度為零．故A正確．重力做功mgd，微粒的重力勢能減小，動能不變，根據能量守恒定律得知，微粒的電勢能增加了mgd．故B錯誤．由上可知微粒的電勢能增加量△?=mgd，又△?=qU，得到兩極板的電勢差U=．故C正確．由題可判斷出電場力方向豎直向上，微粒帶負電，電場強度方向豎直向下，M板的電勢高于N板的電勢．故D錯誤．故選AC.10、ACD【解析】小球做勻速運動，則受電場力、重力和力F平衡，根據平衡條件列式可求解場強E；根據U=Ed求解電勢差；根據動能定理求解電場力的功；若僅將力F方向順時針轉60°，根據力的合成知識找到合力的方向，從而判斷小球的運動情況【詳解】對小球受力分析，如圖；根據平衡知識可知：，解得，選項A正確；M、N間的電勢差為（α角是MN與場強方向的夾角），選項B錯誤；從M到N，電場力做功與重力和力F做功之和為零，即，選項C正確；因電場力qE和重力mg的合力與F等大反向，則若僅將力F方向順時針轉60°，小球受的合力方向沿NM的方向向下，大小為F，則小球將從M向N做勻變速直線運動，選項D正確；故選ACD.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.磁②.Wb【解析】在“用DIS研究通電螺線管的磁感應強度”的實驗中，用磁傳感器測量螺線管的軸線上各點的磁感應強度根據圖線知，螺線管中心的磁感應強度的大小大約為4.5×10-3T，則磁通量Φ=BS=B?＝4.5×10?3×=5.6×10-6Wb12、①.（均正確）②.【解析】螺旋測微器的讀數方法是固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀，游標卡尺讀數的方法，主尺讀數加上游標尺讀數，不需估讀；【詳解】（1）由圖示螺旋測微器可知，其讀數為：（均正確）；（2）游標卡尺的主尺讀數為，游標尺上第11個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數為：，所以最終讀數為：【點睛】對于基本測量儀器如游標卡尺、螺旋測微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進行有關測量四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）a=gsinθ-μgcosθ（2）（3）【解析】（1）導體棒向下滑動過程中，受到重力、軌道的支持力、滑動摩擦力和安培力，安培力隨著速度的增大而增大，可知，ab剛開始運動時有最大的加速度（2）當導體棒勻速運動時，速度最大，由平衡條件列式，即可求得B（3）根據能量守恒定律列式求解中電阻R上產生的焦耳熱QR.【詳解】（1）對導體棒進行受力分析得：mgsinθ-f=ma....①.N=mgcosθ........②f=μN...........③聯(lián)立①②③得：a=gsinθ-μgcosθ.（2）導體棒在向下運動的過程中，切割磁感線產生感應電動勢E，受到安培力F沿斜面向上，當速度達到最大時有：mgsinθ=f+F.....④.F=ILB.......⑤........⑥.E=BLvm.........⑦聯(lián)立②③⑤⑥⑦得：.（3）根據能量守恒定律有：.由電路知識得.則電阻R上產生的熱量為：【點睛】電磁感應中導體切割引起的感應電動勢在考試中涉及較多，關鍵要正確分析導體棒受力情況，運用平衡條件、功能關系進行求解14、（1）45°（2）（3）【解析】（1）粒子先經過加速電場的加速后進入水平勻強電場做類平拋運動，由速度的方向公式直接能求出末速度方向，這是為后續(xù)計算做一個鋪墊；（2）粒子從e板下端與水平方向成45°的角射入勻強磁場，偏轉270°后打在Q點，由幾何關系求出粒子做勻速圓周運動的半徑，再由洛侖茲力提供向心力就能求出粒子的比荷；（3）先判斷出打在何處的粒子的時間最短，由于，即質量最大的粒子時間最長，再由半徑公式知質量最大則半徑最小，所以打在Q點的粒子時間最長，再利用周期公式結合粒子轉過的圓心角即可求出粒子在磁場中運動的最長時間【詳解】（1）加速電場運用動能定理：qU=mv02可得進入偏轉電場的初速度：v0=①粒子在