2025屆云南省昆明一中高二物理第一學(xué)期期末調(diào)研試題含解析

2025屆云南省昆明一中高二物理第一學(xué)期期末調(diào)研試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫(xiě)在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請(qǐng)用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫(xiě)姓名和準(zhǔn)考證號(hào)。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖甲所示，圓形線(xiàn)圈位于隨時(shí)間t變化的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示．取磁場(chǎng)垂直紙面向里為正，線(xiàn)圈中感應(yīng)電流i順時(shí)針?lè)较驗(yàn)檎?，則i－t圖線(xiàn)正確的是A. B.C. D.2、如圖所示，用水平外力將木塊壓在豎直墻上，使木塊保持靜止不動(dòng)，則（）A.墻面受到的摩擦力與木塊受到的摩擦力是一對(duì)作用力與反作用力B.墻面受到的摩擦力與木塊受到的摩擦力是一對(duì)平衡力C.木塊受到的支持力與墻面受到的壓力是一對(duì)平衡力D.木塊受到支持力與木塊受到的重力是一對(duì)作用力與反作用力3、如圖，當(dāng)左邊線(xiàn)圈通以逆時(shí)針電流I時(shí)，天平恰好平衡，此時(shí)天平右邊的砝碼質(zhì)量為m，若改為順時(shí)針?lè)较虻碾娏髑掖笮〔蛔?，則需在天平右邊增加△m的砝碼，通電線(xiàn)圈受到磁場(chǎng)力大小為：A. B.(m+△m)gC.△mg D.4、利用右圖所示的電路可以測(cè)量出電壓表的電阻，R為電阻箱，電源電壓恒定不變，當(dāng)R取不同阻值時(shí)，電壓表均對(duì)應(yīng)有不同讀數(shù)U，多次改變電阻箱的阻值，所得到的圖象為下圖中的哪一個(gè)（）A. B.C. D.5、如圖所示,在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的上方有一半徑為r、質(zhì)量為m的導(dǎo)體圓環(huán),將圓環(huán)由靜止釋放,圓環(huán)剛進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間和完全進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間速度相等.已知圓環(huán)的電阻為R,勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,重力加速度為,則()A.圓環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中,電阻產(chǎn)生的熱量為mgrB.圓環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程可能做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)C.圓環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中,通過(guò)導(dǎo)體某個(gè)橫截面的電荷量為D.圓環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中,圓環(huán)中的電流為順時(shí)針6、如圖所示，空間有一水平勻強(qiáng)電場(chǎng)，在豎直平面內(nèi)有一初速度v0的帶電微粒，沿圖中虛線(xiàn)由A運(yùn)動(dòng)至B，其能量變化情況是(重力不能忽略)（）A.動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加,電勢(shì)能減少B.動(dòng)能減少，重力勢(shì)能增加,電勢(shì)能增加C.動(dòng)能不變，重力勢(shì)能增加,電勢(shì)能減少D.動(dòng)能增加，重力勢(shì)能減少,電勢(shì)能減少二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向下端移動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是A.電阻R1消耗的功率增大 B.電源的輸出功率增大C.V1增大，V2增大，A減小 D.V1減小，V2減小，A增大8、關(guān)于元電荷的下列說(shuō)法中正確的是（）A.元電荷實(shí)質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍C.元電荷的數(shù)值通常取1.6×10-19CD.電荷量e的數(shù)值最早是由美國(guó)科學(xué)家密立根用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的9、如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖像，下列結(jié)論正確的是（）A.電源的電動(dòng)勢(shì)為6.0V B.電源的內(nèi)阻為12ΩC.電源的短路電流為0.6A D.電流為0.2A時(shí)的外電路的電阻是28Ω10、如圖（a）所示，圓形線(xiàn)圈P靜止在水平桌面上，其正上方懸掛一相同的線(xiàn)圈Q，P和Q共軸，Q中通有變化的電流，電流變化的規(guī)律如圖（b）所示，則下列說(shuō)法正確的是A.t1、t5時(shí)刻P線(xiàn)圈對(duì)桌面的壓力小于P自身的重力B.t3、t5時(shí)刻線(xiàn)圈P中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同C.t3時(shí)刻線(xiàn)圈P有擴(kuò)張的趨勢(shì)D.t4、t6時(shí)刻P線(xiàn)圈的發(fā)熱功率為0三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）在方向水平向右，電場(chǎng)強(qiáng)度大小E=2.0×104N/C的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，沿電場(chǎng)線(xiàn)方向有A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)間的距離d=0.10m．則A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB=__________V；將一個(gè)電荷量Q=2×10-3C的正點(diǎn)電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力所做的功W=__________J12．（12分）用伏安法測(cè)電阻，可采用如圖所示的甲、乙兩種接法。若所用電壓表內(nèi)阻約為5000Ω，電流表內(nèi)阻約為0.5Ω。（1）當(dāng)測(cè)量100Ω左右的電阻時(shí)，宜采用________電路。（2）現(xiàn)采用乙電路測(cè)量某電阻的阻值時(shí)，兩電表的讀數(shù)分別為10V、0.5A，則此電阻的測(cè)量值為_(kāi)__Ω，______（大于或者小于）真實(shí)值。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）兩條金屬導(dǎo)軌上水平放置一根導(dǎo)電棒ab，處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，導(dǎo)電棒質(zhì)量為m=1.2kg，長(zhǎng)L=1m．當(dāng)導(dǎo)電棒中通入I1=3A電流時(shí)，它可在導(dǎo)軌上勻速滑動(dòng)，若電流強(qiáng)度增大為I2=5A時(shí)，導(dǎo)電棒可獲得a=2m/s2的加速度，求：（1）畫(huà)出導(dǎo)電棒ab的受力示意圖（2）裝置所在處的磁感強(qiáng)度B的大小14．（16分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=0.2m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E=6V、內(nèi)阻r=1Ω的直流電源．現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直、且接觸良好，它們之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5．為使導(dǎo)體棒能靜止在導(dǎo)軌上，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，加一個(gè)豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．導(dǎo)軌電阻不計(jì)，導(dǎo)體棒接入電路的電阻R0=2Ω．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2．求：（1）當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B1多大時(shí)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的摩擦力為零；（2）當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B2=12.5T時(shí)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間摩擦力的大小和方向；（3）使導(dǎo)體棒能靜止在導(dǎo)軌上所加磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值15．（12分）如圖為質(zhì)譜儀原理示意圖,電荷量為q、質(zhì)量為m的帶正電的粒子從靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)電勢(shì)差為U的加速電場(chǎng)后進(jìn)入粒子速度選擇器,選擇器中存在相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng),勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)為E、方向水平向右.已知帶電粒子能夠沿直線(xiàn)穿過(guò)速度選擇器,從G點(diǎn)垂直MN進(jìn)入偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng),該偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)是一個(gè)以直線(xiàn)MN為邊界、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng).帶電粒子經(jīng)偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)后,最終到達(dá)照相底片的H點(diǎn).可測(cè)量出G、H間的距離為L(zhǎng).帶電粒子的重力可忽略不計(jì).求（1）.粒子從加速電場(chǎng)射出時(shí)速度v的大小.（2）.粒子速度選擇器中勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B1的大小和方向.（3）.偏轉(zhuǎn)磁場(chǎng)的磁感強(qiáng)度B2的大小.

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】由圖乙可知磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化，則可知線(xiàn)圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變化情況，由楞次定律可得感應(yīng)電流的方向，二者結(jié)合可得出正確的圖象【詳解】設(shè)圓形線(xiàn)圈的匝數(shù)為n，線(xiàn)圈回路的面積為S，總電阻為R，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線(xiàn)圈電流，得：在0~2s內(nèi)，回路中電流大小恒為，沿逆時(shí)針?lè)较?，圖像在橫軸下方；在2~3秒內(nèi)，磁場(chǎng)強(qiáng)弱不變，即為零，；在3~4秒內(nèi)，電流大小恒為，沿順時(shí)針?lè)较颍瑘D像出現(xiàn)在橫軸下方故本題正確答案選D【點(diǎn)睛】此類(lèi)問(wèn)題不必非要求得電動(dòng)勢(shì)的大小，應(yīng)根據(jù)楞次定律判斷電路中電流的方向，結(jié)合電動(dòng)勢(shì)的變化情況即可得出正確結(jié)果2、A【解析】作用力與反作用力屬于物體之間的相互作用力，平衡力是作用在一個(gè)物體上，由此分析【詳解】墻面受到的摩擦力與木塊受到的摩擦力是一對(duì)作用力與反作用力，故A正確、B錯(cuò)誤；木塊受到的支持力與墻面受到的壓力是一對(duì)作用力與反作用力，故C錯(cuò)誤；木塊受到的支持力與木塊受到的重力沒(méi)有關(guān)系，故D錯(cuò)誤；故選A【點(diǎn)睛】本題主要是考查作用力與反作用力、平衡力的判斷，知道平衡力是作用在一個(gè)物體上，作用力與反作用力作用在兩個(gè)物體上3、A【解析】因線(xiàn)圈通電導(dǎo)致線(xiàn)圈下框受力正好與砝碼平衡,當(dāng)改變電流方向時(shí),磁場(chǎng)力大小不變,方向改變,從而增加砝碼后,再次平衡,則可求出磁場(chǎng)力大小【詳解】線(xiàn)圈通以逆時(shí)針電流時(shí)，下框受到安培力向上，大小為；當(dāng)通以順時(shí)針電流時(shí)，下框受到安培力向下，大小仍為，而天平右邊需要增加砝碼才能再次平衡．則有即故選A。4、A【解析】設(shè)電壓表的內(nèi)阻為，由閉合電路的歐姆定律可得電路中的電流電壓表示數(shù)則因、為定值，所以與間的關(guān)系是一次函數(shù)關(guān)系，由圖象可知A正確，BCD錯(cuò)誤。5、C【解析】分析清楚圓環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；根據(jù)線(xiàn)圓環(huán)進(jìn)入與離開(kāi)磁場(chǎng)的速度判斷線(xiàn)框的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)；根據(jù)求電荷量;根據(jù)動(dòng)能定理求出圓環(huán)的下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)到上邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)這段過(guò)程中克服安培力做的功，即可知道線(xiàn)框的電阻產(chǎn)生的熱量.【詳解】A、由于圓環(huán)剛進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間和完全進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間速度相等，根據(jù)動(dòng)能定理得：mg2r-W=0，所以W=2mgr,故通過(guò)電阻的熱量為2mgr;故A錯(cuò)誤.B、由于圓環(huán)剛進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間和完全進(jìn)入磁場(chǎng)的瞬間速度相等，該過(guò)程感應(yīng)電流不同，安培力不同，故線(xiàn)圈不可能勻速；故B錯(cuò)誤.C、根據(jù)電量公式，得；故C正確.D、圓環(huán)進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，垂直紙面向里的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，圓環(huán)中感應(yīng)電流的磁通量應(yīng)垂直紙面向外，由楞次定律判斷感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，故D錯(cuò)誤.故選C.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是恰當(dāng)?shù)剡x擇研究過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理求出克服安培力所做的功，以及根據(jù)動(dòng)力學(xué)分析出線(xiàn)框的運(yùn)動(dòng)情況.6、B【解析】由題，帶電微粒做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所受的合力必須與AB在同一直線(xiàn)上，則知帶電微粒所受電場(chǎng)力方向水平向左，所以合力方向與速度方向相反，合力做負(fù)功，由動(dòng)能定理得知，動(dòng)能減小。重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加。電場(chǎng)力做負(fù)功，則電勢(shì)能增加，B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AD【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向下移動(dòng)時(shí)，R3連入電路的阻值變小，故外電路的總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，知總電流變大，路端電壓U=E-Ir變小，所以V1示數(shù)減小，電源的內(nèi)電壓和R1的電壓均增大，所以并聯(lián)部分電壓減小，即V2示數(shù)減小．根據(jù)歐姆定律可知，通過(guò)R2的電流減小，而總電流增大，所以通過(guò)滑動(dòng)變阻器的電流增大，即A示數(shù)增大．故C錯(cuò)誤，D正確；因?yàn)楦陕冯娏髯兇?，根?jù)知電阻R1消耗的功率增大，故A正確；因?yàn)椴恢纼?nèi)、外電阻的大小關(guān)系，所以電源的輸出功率的變化情況無(wú)法確定，故B錯(cuò)誤；故選AD.8、BCD【解析】實(shí)驗(yàn)得出，所有帶電體的電荷量是電子電量e=1.6×10-19C的整數(shù)倍，這就是說(shuō)，電荷量是不能連續(xù)變化的物理量，電荷量e的數(shù)值最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根測(cè)得的，是最小的電荷量，這個(gè)電荷量就叫元電荷，故A錯(cuò)誤，BCD正確。故選BCD。9、AD【解析】A．根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得由圖可知直線(xiàn)與y軸截距電源電動(dòng)勢(shì)，即，故A正確；B．圖像中縱軸的起點(diǎn)不是原點(diǎn)，電源內(nèi)阻為直線(xiàn)斜率的絕對(duì)值，即故B錯(cuò)誤；C．電源短路時(shí)外電阻為零，因此短路電流故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)時(shí)，外電阻的阻值代入數(shù)據(jù)解得可解得，故D正確。故選AD。10、BC【解析】由圖可知，Q中電流呈周期性變化，則P中會(huì)發(fā)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象，由楞次定律可得出線(xiàn)圈P的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，并依據(jù)電流的變化率來(lái)確定P中的感應(yīng)電流大小，即可一一求解【詳解】t1、t5時(shí)刻電流增大，其磁場(chǎng)增大，則穿過(guò)P的磁通量變大，由楞次定律可知P將阻礙磁通量的變大，則P有向下運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，即它們有相互排斥的作用，則P線(xiàn)圈對(duì)桌面的壓力大于P自身的重力，故A錯(cuò)誤；t3、t5時(shí)刻，通過(guò)Q線(xiàn)圈的電流前者減小，后者增大，但它們的電流方向相反，根據(jù)楞次定律，則t3、t5時(shí)刻線(xiàn)圈P中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相同，故B正確；t3時(shí)刻電流減小，線(xiàn)圈P產(chǎn)生感應(yīng)電流，要阻礙磁通量減小，則P有擴(kuò)張的趨勢(shì)，故C正確；在t4時(shí)刻的Q的電流為零，但電流變化率最大，則P中感應(yīng)電流最大，那么P線(xiàn)圈發(fā)熱的功率不為0；在t6時(shí)刻的Q的電流最大，但電流變化率為零，則P中沒(méi)有感應(yīng)電流，那么P線(xiàn)圈發(fā)熱的功率也為0，故D錯(cuò)誤；故選BC【點(diǎn)睛】本題要注意靈活應(yīng)用楞次定律，本題可以先判斷P中電流方向，再根據(jù)電流間相互作用判受力方向，但過(guò)程復(fù)雜；而直接根據(jù)楞次定律的“增縮減擴(kuò)”可能直觀地得出結(jié)論三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.2×103V；②.4J【解析】AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差為：UAB＝Ed＝2×104×0.1V＝2000V；電場(chǎng)力做功為：W＝QUAB＝2×10?3×2000J=4J12、①.甲②.20③.大于【解析】（1）[1]因?yàn)楣始创郎y(cè)電阻可以看做是大電阻，采用內(nèi)接法誤差較小，故選甲圖。（2）[2]采用甲電路時(shí)，電阻測(cè)量值為[3]考慮電流表的分壓作用，待測(cè)電阻的真實(shí)值應(yīng)為故比較可知測(cè)量值比真實(shí)值大。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）導(dǎo)電棒的受力圖：（2）1.2T【解析】當(dāng)導(dǎo)電棒在導(dǎo)軌上勻速滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)摩擦力與安培力平衡，列出平衡方程；導(dǎo)電棒加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力與滑動(dòng)摩擦力的合力產(chǎn)生加速度，根據(jù)牛頓第二定律列方程，再與平衡方程聯(lián)立解出B【詳解】(1)設(shè)電流方向由a到b，畫(huà)出導(dǎo)電棒的受力圖如圖示:(2)導(dǎo)電棒做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由力的平衡的BI1L-f=0由牛頓第二定律得：BI2L-f=ma解得B=1.2T【點(diǎn)睛】本題是電磁學(xué)知