2025屆福建省泉州市泉港一中物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

2025屆福建省泉州市泉港一中物理高二上期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，直角三角形ABC中存在一勻強磁場，比荷相同的兩粒子沿AB方向從A點射入磁場，分別從AC邊上的P、Q兩點射出．則下列說法正確的是（）A．從P點射出的粒子速度大B．從Q點射出的粒子在磁場中運動的周期大C．從Q點射出的粒子，在磁場中運動的時間長D．兩粒子在磁場中運動的時間一樣長2、如圖所示，固定于水平面上的金屬架abcd處在豎直向下的勻強磁場中，金屬棒MN沿框架以速度v向右做勻速運動。t＝0時，磁感應強度為B0，此時MN到達的位置恰好使MbcN構成一個邊長為l的正方形。為使MN棒中不產生感應電流，從t＝0開始，磁感應強度B隨時間t變化的示意圖為()A． B． C． D．3、教學樓走廊里有一盞電燈，在走廊兩端各有一個開關，我們希望不論哪一個開關接通都能使電燈點亮，那么由此設計的電路為（）A．“與”門電路 B．“或”門電路C．“非”門電路 D．上述答案都有可能4、測定電子的電荷量的實驗裝置示意圖如圖所示。置于真空中的油滴室內有兩塊水平放置的平行金屬板M、N，并分別與電壓為U的恒定電源兩極相連，板的間距為d?，F(xiàn)有一質量為m的帶負電荷的油滴在極板間勻速下落，則（）A．油滴下降過程中電勢能不斷減小B．油滴帶電荷量為mgdC．若減小極板間電壓，油滴將減速下降D．若將極板N向上緩慢移動一小段距離，油滴將加速下降5、用跨過定滑輪的繩把湖中小船拉靠岸，如圖，已知拉繩的速度v不變，則船速A．逐漸增大 B．不變 C．逐漸減小 D．先增大后減小6、一平行板電容器充電后與電源斷開，負極板接地，在兩極板間有一正電荷（電量很?。┕潭ㄔ赑點，如圖所示，以E表示兩板間的場強，U表示電容器的電壓，W表示正電荷在P點的電勢能．若保持負極板不動，將正極板移到圖中虛線所示的位置，則（）A．U變大，E不變 B．E變大，W變大 C．U變小，W不變 D．U不變，W不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，邊長為L的等邊三角形為兩有界勻強磁場的理想邊界，三角形區(qū)域內的磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度大小為B，三角形區(qū)域外的磁場（范圍足夠大）方向垂直紙面向里，磁感應強度大小也為B．把粒子源放在頂點A處，它將沿的角平分線方向發(fā)射質量為m、電荷量為q、初速度為的帶電粒子（不計重力）．若從A點射出的粒子A．若粒子帶負電，且，則第一次到C點所用時間B．若粒子帶負電，且，則第一次到C點所用時間C．若粒子帶正電，且，則第一次到C點所用時間D．若粒子帶正電，且，則第一次到C點所用時間8、下列說法中正確的是（）A．在一個以點電荷為中心，r為半徑的球面上，各處的電場強度都相同B．E＝kQ/r2僅適用于真空中點電荷形成的電場C．電場強度的方向就是放入電場中的電荷受到的電場力的方向D．電場中某點場強的方向與試探電荷的正負無關9、對電動勢的理解，正確的是()A．電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把1C的正電荷從負極移到正極所做的功B．電動勢在數(shù)值上等于靜電力把1C的負電荷從正極移到負極所做的功C．電動勢在數(shù)值上等于靜電力把1C的正電荷從負極移到正極所做的功D．電源電動勢越大，則它把其他形式的能轉化成電能的本領越強10、平行板電容器的兩板A、B接于電池兩極，一個帶正電小球用絕緣細線懸掛在電容器內部，閉合開關S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，如圖所示，那么()A．保持開關S閉合，將A板稍向B板靠近，則θ增大B．保持開關S閉合，將A板稍向上移，則θ減小C．開關S斷開，將A板稍向B板靠近，則θ不變D．開關S斷開，將A板稍向上移，則θ減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖為研究磁場對通電導線的作用力的實驗，問：（1）若閉合開關，導體棒AB受到的安培力方向_____（“向左”或“向右”）（2）如果向右滑動“滑動變阻器”觸頭，導體棒AB受到安培力方向_____（“反向”或“不變”），安培力大小_____（“變大”、“不變”或“變小”）12．（12分）一多用電表的電阻檔有三個倍率，分別是×1、×10、×100。用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到________檔。如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是__________，若補上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是________Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑水平桌面ABCD中央固定有一邊長為0.4m光滑小方柱abcd．長為L=1m的細線，一端拴在a上，另一端拴住一個質量為m=0.5kg的小球．小球的初始位置在ad連線上a的一側，把細線拉直，并給小球以v0=2m/s的垂直于細線方向的水平速度使它作圓周運動．由于光滑小方柱abcd的存在，使線逐步纏在abcd上．若細線能承受的最大張力為7N（即繩所受的拉力大于或等于7N時繩立即斷開），那么從開始運動到細線斷裂應經過多長時間？小球從桌面的哪一邊飛離桌面？14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長L=8cm，兩板間距離d=8cm，A板比B板電勢高300V，即．一帶正電的粒子電量，質量，從R點沿電場中心線垂直電場線飛入電場，初速度，粒子飛出平行板電場后經過界面MN、PS間的無電場區(qū)域后，進入固定在中心線上的O點的點電荷Q形成的電場區(qū)域（設界面PS右邊點電荷的電場分布不受界面的影響）.已知兩界面MN、PS相距為L=12cm，粒子穿過界面PS后被點電荷Q施加的電場力俘獲從而以O點為圓心做勻速圓周運動，最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏EF上.（靜電力常數(shù),不計粒子重力,,)，求：（1）粒子從偏轉電場中飛出時的偏轉位移和速度；（2）粒子穿過界面PS時偏離中心線RO的距離多遠；（3）點電荷的電量(該小題結果保留一位有效數(shù)字)．15．（12分）如圖所示，在動摩擦因數(shù)為μ=0.50的絕緣水平面上放置一質量為m=2.0×10-3kg的帶正電的小滑塊A，所帶電荷量為q=1.0×10-7C．在A的左邊l=0.9m處放置一個質量M=6.0×10-3kg的不帶電的小滑塊B，滑塊B與左邊豎直絕緣墻壁相距s=0.05m，在水平面上方空間加一方向水平向左的勻強電場，電場強度為E=4.0×105N/C．A由靜止開始向左滑動并與B發(fā)生碰撞，設碰撞過程的時間極短，碰撞后兩滑塊結合在一起共同運動并與墻壁相碰撞，在與墻壁碰撞時沒有機械能損失，也沒有電量的損失，且兩滑塊始終沒有分開，兩滑塊的體積大小可忽略不計．（g取10N/kg）（1）試通過計算分析A和B的運動情況．（2）兩滑塊在粗糙水平面上運動的整個過程中，由于摩擦而產生的熱量是多少？（結果保留兩位有效數(shù)字）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】兩帶電粒子在磁場中運動軌跡如圖所示，圓心分別為O1、O2，弦AP、AQ的中垂線交AC于M點和N點，由于∠AO1M＝∠AO2N，所以∠MO1P＝∠NO2Q，即兩粒子軌跡所對的圓心角相等，又T＝相同，所以兩粒子在磁場中運動時間一樣長，選項D正確，B、C錯誤；由圖看出，從Q點射出的粒子半徑大，速度大，選項A錯誤．2、C【解析】當通過閉合回路的磁通量不變，則MN棒中不產生感應電流，有：

B0L2=BL（L+vt）所以B=B0L2L(L+vt)可知，B與t是非線性關系，B-t圖線是曲線，而且隨著點晴：只要通過閉合回路的磁通量不變，則MN棒中不產生感應電流，抓住磁通量不變，求出B隨時間t變化的關系，即可選擇圖象。3、B【解析】

不論哪一個開關接通都能使電燈點亮，所滿足的關系是“或”邏輯關系，即事件的某一個條件滿足，該事件就能發(fā)生。故選B。4、B【解析】

A、帶電油滴在極板間勻速下落,根據(jù)受力平衡可知電場力向上，則油滴下降過程中電場力做負功，電勢能不斷增加，故A錯；B、帶電油滴在極板間勻速下落,根據(jù)受力平衡則有mg=qUd;所以q=mgdU，C、若減小極板間電壓，則根據(jù)E=Ud板間電場強度減小，所以油滴將加速下降，故CD、若將極板N向上緩慢移動一小段距離，d減小，根據(jù)E=Ud知場強變大，油滴將向上加速運動，故D故選B【點睛】根據(jù)受力平衡得到電荷量及電場力方向,從而根據(jù)電場力做功得到電勢能變化;再根據(jù)條件變化得到場強變化,從而根據(jù)電場力變化得到合外力變化,即可得到油滴運動.5、A【解析】

設某時刻船速v1，繩子方向和船速夾角為α，則所以當小船靠岸時，隨α增大，船速逐漸增大，選項A正確，BCD錯誤。故選A。6、C【解析】試題分析：電容器充電后與電源斷開，所以電容器的所帶電荷量Q是一個定值，根據(jù)公式，公式,公式,可得,與極板間的距離無關，所以極板間的電場強度不變，正極板下移過程中，正電荷仍舊靜止，所以電場力不做功，電勢能不變，下移過程中d減小，所以C增大，又因為Q不變，所以U減小，負極板接地，所以電勢為零，P點到負極板的電勢差為為P到負極板的距離，保持不變，所以電勢不變，故C正確考點：考查平行板電容、電場強度、電勢、電勢能的關系點評：處理此類問題，先要分析電容器的變量和不變量，判斷電容變化，再由電場中的電勢、電勢能、電勢差和場強的關系求解二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】

AC.粒子在磁場中做勻速圓周運動，洛倫茲力提供圓周運動的向心力，如圖所示，當則由牛頓第二定律可得：，作出根據(jù)幾何關系可知作出運動軌跡，根據(jù)軌跡可知，當電荷帶正電，粒子經過一個周期到達C點，即為t3=T當粒子帶負電，粒子經過第一次到達C點，即為故AC正確．BD.當根據(jù)軌跡可知，當電荷帶正電，粒子經過到達C點，即為當粒子帶負電，粒子經過第一次到達C點，即為故B正確D錯誤．8、BD【解析】

在一個以點電荷為中心，r為半徑的球面上，各處的電場強度大小都相同，但是方向不同，選項A錯誤；E＝kQ/r2僅適用于真空中點電荷形成的電場，選項B正確；電場強度的方向就是放入電場中的正電荷受到的電場力的方向，選項C錯誤；電場中某點場強的方向由電場本身決定，與試探電荷的正負無關，選項D正確；故選BD.9、AD【解析】

ABC．由可知電源電動勢在數(shù)值上等于非靜電力把電源中1C正電荷從負極移到正極所做的功；故A正確，BC錯誤；D．電源電動勢越大，則它把其他形式的能轉化成電能的本領越強，選項D正確。10、AC【解析】

A．保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場強度E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，A正確；B．保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，將A板稍向上移，極板間距離不變，電場強度E不變，小球所受的電場力不變，則θ不變,B錯誤；C．斷開電鍵S，電容器所帶的電量不變，由，，可知d變化，E不變，電場力不變，θ不變，C正確；D．斷開電鍵S，電容器所帶的電量不變，由，，將A板稍向上移，s減小，E增大，小球所受的電場力變大，θ增大，D錯誤.故選AC．【考點】電容器的動態(tài)分析三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、向左不變變小【解析】

(1)[1]利用左手定則可以判斷受力方向向左；(2)[2][3]當向右滑動“滑動變阻器”觸頭時，阻值增大，電流變小，方向不變，所以導體棒AB受到安培力方向不變，安培力大小變小。12、×100歐姆調零（或重新歐姆調零）2.2×103(或2.2k)【解析】

[1]．用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，則可能是檔位選擇偏低，為了較準確地進行測量，應換到×100檔。[2][3]．如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是歐姆調零（或重新歐姆調零），若補上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是2.2×103(或2.2k)Ω。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1.256s，AD邊．【解析】

設當線長為L0時，線將斷裂．根據(jù)向心力公式得T＝，所以L0＝0.29m.繞a點轉周的時間t1＝×＝0.785s，繞b點轉周的時間t2＝×＝0.471s，線接觸c點后，小球做圓周運動的半徑為r＝0.2m，小于L0＝0.29m，所以線立即斷裂．所以從開始運動到線斷裂經過t＝1.256s，小球從桌面的AD邊飛離桌面．14、(1)0.03m,,方向與成角;(2)0.12m;(3).【解析】試題分析：（1）粒子在電場中做類平拋運動，應用類平拋運動規(guī)律可以求出粒子的偏移量．由牛頓第二定律求出加速度，由速度公式求出粒子的豎直分速度，然后求出粒子的速度．（2）粒子離開電場后做勻速直線運動，應用幾何知識可以求出偏移量．（3）由庫侖力提供粒子做圓周運動的向心力，由牛頓第二定律可以求出電荷的電荷量．（1）設粒子從電場中飛出時的側向位移為h，粒子在電場中做類平拋運動在水平方向上：在豎直方向上：由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：h=0.03m設粒子從電場中飛出時沿電場方向的速度為則有：代入數(shù)據(jù)解得：所以粒子從電場中飛出時的速度為：代入數(shù)據(jù)解得：設粒子從電場中飛出時的速度方向與水平方向的夾角為則有