江西省吉安市吉水中學2025屆高二物理第一學期期中達標檢測試題含解析

江西省吉安市吉水中學2025屆高二物理第一學期期中達標檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，由某種粗細均勻的總電阻為3R的金屬條制成的矩形線框abcd，固定在水平面內(nèi)且處于方向豎直向下的勻強磁場B中．一接入電路電阻為R的導體棒PQ，在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v勻速滑動，滑動過程PQ始終與ab垂直，且與線框接觸良好，不計摩擦．在PQ從靠近ad處向bc滑動的過程中()A．PQ中電流先增大后減小B．PQ兩端電壓先減小后增大C．PQ上拉力的功率先減小后增大D．線框消耗的電功率先減小后增大2、如圖所示，將帶正電的甲球放在不帶電的乙球左側(cè)，兩球在空間形成了穩(wěn)定的靜電場，實線為電場線，虛線為等勢線．A、B兩點與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點關(guān)于直線AB對稱，則()A．A點和B點的電勢相同B．C點和D點的電場強度相同C．正電荷從A點移至B點，電場力做正功D．負電荷從C點移至D點，電勢能增大3、如圖所示，在粗糙絕緣水平面上固定一點電荷Q，從M點無初速釋放一帶有恒定負電荷的小物塊，小物塊在Q的電場中運動到N點靜止．則從M點運動到N點的過程中，下列說法中正確的是（）A．小物塊所受電場力逐漸增大B．小物塊具有的電勢能逐漸增大C．Q電場中M點的電勢高于N點的電勢D．小物塊電勢能變化量的大小等于克服摩擦力做的功4、電腦的充電電池多為鋰電池，假設(shè)鋰電池的充電電流為500mA，則以下說法正確的是A．1

s通過電池某一橫截面的電荷量為500

CB．1

s通過電池某一橫截面的電荷量為5

CC．充電過程把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能D．充電過程把電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能5、物塊從固定粗糙斜面的底端，以某一初速度沿斜面上滑至最高點后，再沿斜面下滑至底端．下列說法正確的是（

）A．上滑過程中摩擦力的沖量大于下滑過程中摩擦力的沖量B．上滑過程中機械能損失小于下滑過程中機械能損失C．上滑過程中物塊動量變化的方向與下滑過程中動量變化的方向相同D．上滑過程中物塊動能的減少量等于下滑過程中動能的增加量6、如圖所示電路中，R為某種半導體氣敏元件，其阻值隨周圍環(huán)境一氧化碳氣體濃度的增大而減?。斠谎趸細怏w濃度增大時，下列說法中正確的是A．電壓表V示數(shù)增大B．電流表A示數(shù)減小C．電路的總功率減小D．變阻器R1的取值越大，電表示數(shù)變化越明顯二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，虛線框MNQP內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里．a(chǎn)、b、c是三個質(zhì)量和電荷量都相等的帶電粒子，它們從PQ邊上的中點沿垂直于磁場的方向射入磁場，圖中畫出了它們在磁場中的運動軌跡．若不計粒子所受重力，則A．粒子a帶負電，粒子b、c帶正電B．粒子c在磁場中運動的時間最長C．粒子c在磁場中的動能最大D．粒子c在磁場中的加速度最小8、如圖所示，在正點電荷Q形成的電場中，ab兩點在同一等勢面上，重力不計的甲、乙兩個帶電粒子的運動軌跡分別為acb和adb曲線，若兩個粒子經(jīng)過a點時具有相同的動能，下列判斷錯誤的是（）A．甲粒子經(jīng)過c點時與乙粒子經(jīng)過d點時具有的動能相同B．甲、乙兩個粒子帶異種電荷C．若取無窮遠處為零電勢，則甲粒子經(jīng)過c點時的電勢能小于乙粒子經(jīng)過d點時的電勢能D．兩粒子經(jīng)過b點時具有的動能相同9、兩個半徑相同的金屬小球，帶電量之比是1∶5，當它們相距r時作用力大小為F1，若把它們互相接觸后再置于原來的位置上，作用力大小為F2，則F1∶F2可能為()A．5∶1 B．5∶9 C．5∶4 D．5∶810、利用靜電計．研究平行板電容器的電容與哪些因素有關(guān)的實驗裝置如圖所示，則下面敘述中符合實驗中觀察到的結(jié)果的是（）A．N板向下平移，靜電計指針偏角變大B．N板向左平移，靜電計指針偏角變大C．保持N板不動，在M、N之間插入一塊絕緣介質(zhì)板，靜電計指針偏角變大D．保持N板不動，在M、N之間插入一塊金屬板，靜電計指針偏角變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）有一游標卡尺，主尺的最小分度是1mm，游標上有20個小的等分刻度。用它測量一小球的直徑，如圖1所示的讀數(shù)是__________mm。（2）用螺旋測微器測量一根金屬絲的直徑，如圖2所示的讀數(shù)是_____________mm。（3）如圖3所示的電流表讀數(shù)為_________A，如圖4所示的電壓表讀數(shù)為____________V（4）某同學先用多用電表粗測其電阻。用已經(jīng)調(diào)零且選擇開關(guān)指向歐姆擋“×100”檔位的多用電表測量，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉(zhuǎn)角度太小，這時他應將選擇開關(guān)換成另一個擋位，然后進行歐姆調(diào)零，再次測量電阻絲的阻值，其表盤及指針所指位置如右圖所示，則此段電阻絲的電阻為_______Ω．12．（12分）某物理課外小組利用圖（a）中的裝置探究物體加速度與其所受合外力之間的關(guān)系．圖中，置于實驗臺上的長木板水平放置，其右端固定一輕滑輪；輕繩跨過滑輪，一端與放在木板上的小滑車相連，另一端可懸掛鉤碼．本實驗中可用的鉤碼共有N=5個，每個質(zhì)量均為0.010kg．實驗步驟如下：（1）將5個鉤碼全部放入小車中，在長木板左下方墊上適當厚度的小物快，使小車（和鉤碼）可以在木板上勻速下滑．（2）將n（依次取n=1，2，3，4，5）個鉤碼掛在輕繩右端，其余N–n個鉤碼仍留在小車內(nèi)；用手按住小車并使輕繩與木板平行．釋放小車，同時用傳感器記錄小車在時刻t相對于其起始位置的位移s，繪制s–t圖象，經(jīng)數(shù)據(jù)處理后可得到相應的加速度a．（3）對應于不同的n的a值見下表．n=2時的s–t圖象如圖（b）所示；由圖（b）求出此時小車的加速度__________（保留2位有效數(shù)字），將結(jié)果填入下表．（4）利用表中的數(shù)據(jù)在圖（c）中補齊數(shù)據(jù)點，并作出a–n圖象___________．從圖象可以看出：當物體質(zhì)量一定時，物體的加速度與其所受的合外力成正比．（5）利用a–n圖象求得小車（空載）的質(zhì)量為_______kg（保留2位有效數(shù)字，重力加速度取g=9.8m/s2）．（6）若以“保持木板水平”來代替步驟（1），下列說法正確的是_______（填入正確選項前的標號）A．a(chǎn)–n圖線不再是直線B．a(chǎn)–n圖線仍是直線，但該直線不過原點C．a(chǎn)–n圖線仍是直線，但該直線的斜率變大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，高H=5m的光滑水平臺左端有一逆時針轉(zhuǎn)動的傳送帶(輪子大小可忽略不計)，帶的表面與平臺等高，帶長為d=1.25m，傳送帶左端正下方為O點。虛線左側(cè)存在水平向右的勻強電場，大小為E=105N/C。平臺右側(cè)連接一光滑絕緣圓軌道，半徑為R=1m，圓軌道中心固定一帶負電的點電荷，電量為Q=10?4C。由于某種作用，使得電荷Q產(chǎn)生的電場只分布在圓軌道內(nèi)部。可視為質(zhì)點的絕緣帶電滑塊a、b用一輕質(zhì)細繩連接，開始時整個裝置處于靜止狀態(tài)。某時刻細線忽然斷開，由于庫侖斥力a、b反向運動，當滑塊a進入傳送帶或者b進入圓軌道后即可忽略它們之間的斥力。已知滑塊a、b的質(zhì)量分別為m1=2kg，m2=1kg，電量分別為q1=+6×10?5C和q2=+×10?5C，a進入傳送帶的速度為v1=4m/s，a與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.3，g=10m/s2，靜電力常量k=9×109N﹒m2/C2，空氣阻力不計。求：（1）滑塊b進入圓軌道時的速度大小v2；（2）滑塊b到達圓軌道最高點時對軌道的壓力；（3）試分析傳送帶的速度v取不同值時，滑塊a離開傳送帶后的落點與O點的位置關(guān)系。14．（16分）在如圖所示的電路中，電源的電動勢E=3.0V，內(nèi)阻r=1.0Ω,電阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；電容器的電容為500μF．電容器原來不帶電．求接通電鍵S后流過R4的總電荷量．15．（12分）在如圖所示的電路中，定值電阻R1=1.4Ω、R2=0.5Ω，電源內(nèi)阻r=0.6Ω，電容器的電容C=100μF．當開關(guān)S斷開時，電容器上容納的電荷量Q=3×10-4C，理想電流表A的示數(shù)I=1.5A．求：(1)電阻R3的阻值；(2)電源的電動勢E及電源的效率；(3)當開關(guān)S閉合時，電容器充電還是放電？從開關(guān)S閉合到電路穩(wěn)定的過程中，電容器上所帶電荷量變化了多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

導體棒由靠近ad邊向bc邊勻速滑動的過程中，產(chǎn)生的感應電動勢E=BLv，保持不變，外電路總電阻先增大后減小，由歐姆定律分析得知PQ中的電流先減小后增大，故A錯誤；PQ中電流先減小后增大，PQ兩端電壓為路端電壓，由U=E-IR，可知PQ兩端的電壓先增大后減小．故B錯誤；導體棒勻速運動，PQ上外力的功率等于回路的電功率，而回路的總電阻R先增大后減小，由，分析得知，PQ上拉力的功率先減小后增大．故C正確；線框作為外電路，總電阻最大值為，則導體棒PQ上的電阻始終大于線框的總電阻，當導體棒向右運動的過程中電路中的總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路的功率的分配關(guān)系與外電阻的關(guān)系可知，當外電路的電阻值與電源的內(nèi)電阻相等時外電路消耗的電功率最大，所以可得線框消耗的電功率先增大后減小．故D錯誤．【點睛】本題一要分析清楚線框總電阻如何變化，抓住PQ位于ad中點時線框總電阻最大，分析電壓的變化和電流的變化；二要根據(jù)推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時電源的輸出功率最大，分析功率的變化．2、C【解析】A點電勢高于B點的電勢，A錯．C點和D點的電場強度大小相等方向不同，電場強度是矢量，故兩點電場強度不同，B錯．正電荷從A點移至B點，往低電勢運動，電場力做正功，C對．負電荷從C點移至D點，電勢能不變（在同一等勢面上），D錯3、D【解析】根據(jù)庫侖定律分析小物塊受到的電場力變化情況．電場力做功正功，電荷的電勢能減小．由題分析可知，物塊與點電荷Q是同種電荷，物塊帶負電，電場線從無窮遠出到點電荷Q終止，根據(jù)電場線的方向判斷電勢的高低．根據(jù)動能定理分析物塊電勢能變化量的大小與克服摩擦力做的功的關(guān)系．A、物塊與點電荷Q的距離增大，帶電量均不變，根據(jù)庫侖定律分析可知，小物塊所受電場力逐漸減?。蔄錯誤．B、由題分析可知，點電荷對物塊的電場力方向向左，對物塊做正功，物塊的電勢能減小．故B錯誤．C、由題分析可知，物塊與點電荷Q是同種電荷，物塊帶負電，電場線從無窮遠出到點電荷Q終止，根據(jù)順著電場線電勢降低可知，M點的電勢低于N點的電勢．故C錯誤．D、物塊的初速度為零，末速度也為零，動能的變化量為零，根據(jù)動能定理可知，電場力做功與克服摩擦力做功相等，而小物塊電勢能變化量的大小等于電場力做功，則小物塊電勢能變化量的大小等于克服摩擦力做的功．故D正確．故選D點評：本題分別從力和能的角度分析物塊的物理量的變化情況，是研究物體運動情況常用的兩個角度．4、D【解析】

AB．根據(jù)電流與電量的關(guān)系式：q=It得：1s通過電池某一橫截面的電荷量為：q=It=1×500×10-3C=0.5C故AB錯誤．CD．在電池充電過程中，將電能轉(zhuǎn)化為化學能儲存起來.故C錯誤，D正確．故選D.5、C【解析】

A．設(shè)物體在斜面底端向上滑動的速度為，又回到斜面底端的速度為，由能量轉(zhuǎn)化的觀點有，故，物體在斜面劃上和劃下的過程都是勻變速運動，因此設(shè)斜面的長度為L，由運動學關(guān)系可得，故，上滑時摩擦力的沖量，下滑過程摩擦力的沖量，故，故A錯誤；B．物體在上滑時和下滑時的過程中摩擦力做功損耗機械能，因摩擦力一樣，距離L也一樣，因此上滑時和下滑時損耗的機械能相同；故B錯誤；C．上滑時過程動量的變化方向沿斜面向下，下滑過程動量的變化方向也沿斜面向下，故C正確；D．對上滑過程寫動能定理有；對下滑過程寫動能定理有；故上滑過程的減少量和下滑的增加量不一樣，故D錯誤．6、B【解析】試題分析：當一氧化碳氣體濃度減小時，R增大，總電阻增大，則總電流減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，可知，通過R1的電流增大，因此電壓表V示數(shù)增大，通過變阻器的電流增大，則電流表A示數(shù)減小．故A錯誤，B正確．電路的總功率為P=EI，E不變，I減小，則P減小，故C錯誤．變阻器R1的取值越大，R1與R并聯(lián)的阻值越接近R，R對電路的影響越大，則知變阻器R1的取值越大，電壓表示數(shù)變化越明顯．故D錯誤．故選B．考點：電路的動態(tài)分析二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

根據(jù)左手定則知粒子a帶正電，粒子b、c帶負電，故A錯誤；粒子在磁場中做圓周運動的周期：相同，粒子在磁場中的運動時間：，由于m、q、B都相同，粒子c轉(zhuǎn)過的圓心角最大，則射入磁場時c的運動時間最大，故B正確；粒子在磁場中做勻速圓周運動時，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：，解得：，粒子的動能，由于：q、B、m都相同，因此r越大，粒子動能越大，由圖示可知，b的軌道半徑r最大，則b粒子動能最大，故C錯誤；由牛頓第二定律得：，解得加速度：，三粒子q、B、m都相等，c在磁場中運動的半徑最小，c的加速度最小，故D正確．所以BD正確，AC錯誤．8、AC【解析】解：A、甲粒子從a到c和乙粒子從a到d，Uac=Uad，甲受引力作用、乙受斥力作用，甲粒子從a到c電場力做正功，乙粒子從a到d電場力做功負功，經(jīng)過a點時初動能相等，根據(jù)動能定理得知：甲粒子經(jīng)過c點時的動能大于乙粒子經(jīng)過d點時的動能．故A錯誤．B、由圖可知電荷甲受到中心電荷Q的引力，而電荷乙受到中心電荷Q的斥力，故兩粒子的電性一定不同，故B正確．C、設(shè)無窮遠處電勢為零，在點電荷+Q的電場中，φc=φd＞0，由于甲帶負電，乙?guī)д?，根?jù)電勢能EP=qφ，所以甲粒子經(jīng)過c點時的電勢能小于0，乙粒子經(jīng)過d點時的電勢能大于0，所以甲粒子經(jīng)過c點時的電勢能小于乙粒子經(jīng)過d點時的電勢能，甲粒子經(jīng)過c點時的動能大于乙粒子經(jīng)過d點時的動能．故C正確；D、在點電荷+Q的電場中，由于甲帶負電，乙?guī)д姡鶕?jù)電勢能EP=qφ，所以甲粒子經(jīng)過b點時的電勢能小于0，乙粒子經(jīng)過b點時的電勢能大于0，所以兩粒子經(jīng)過b點時具有的電勢能不相等．故D錯誤．故選BC．【點評】根據(jù)軌跡判定“電荷甲受到中心電荷的引力，而電荷乙受到中心電荷的斥力”是解決本題的突破口．同時要注意電勢能，電荷，電勢都有正負．9、BC【解析】

由庫侖定律可得，帶電量之比是1：5，當它們相距r時作用力大小為當兩相同金屬小球帶同種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量都變?yōu)?q，當它們相距r時作用力大小為所以庫侖力之比為5：9；當兩相同金屬小球帶異種電荷時，兩者相互接觸后再放回原來的位置上，它們的電荷量變?yōu)?q，當它們相距r時作用力大小為所以庫侖力之比為5：4。A.5∶1與分析不符，故A錯誤。B.5∶9與分析相符，故B正確。C.5∶4與分析相符，故C正確。D.5∶8與分析不符，故D錯誤。10、AB【解析】

A.將N板向下平移，板間距離增大，電容減小，而電容器的電量不變，由C=Q/U分析可知，板間電壓增大，則靜電計指針張角增大，故A正確；B.將N板向左平移，兩板正對面積減小，電容減小，而電容器的電量不變，由C=Q/U分析可知，板間電壓增大，則靜電計指針張角變大，故B正確；C.在M、N之間插入一塊絕緣介質(zhì)板，由電容的決定式，得知，電容C增大，而電量Q不變，則由電容的定義式C=Q/U分析得知，板間電壓U減小，靜電計指針偏角變小．故C錯誤；D.保持N板不動，在M、N之間插入一塊厚金屬板，相當于極板的間距減小，電容增大，而電容器的電量不變，由C=Q/U分析可知，板間電壓變小，則靜電計指針張角變?。蔇錯誤．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、13.55mm0.680±0.001mm0.46A1.90±0.01V13000Ω【解析】

（1）游標卡尺的讀數(shù)是：1.3cm+0.05mm×11=13.55mm。（2）螺旋測微器的讀數(shù)是：0.5mm+0.01mm×18.0=0.680mm。（3）如圖3所示的電流表最小刻度為0.02A，則讀數(shù)為0.46A，如圖4所示的電壓表最小刻度為0.1V，則讀數(shù)為1.90V（4）歐姆表指針的偏轉(zhuǎn)角度太小，則說明倍率檔選擇過小，要換用大量程的，即選×1000檔，其阻值為：13×1000Ω=13000Ω；【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀．螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀．歐姆表要注意倍率的選?。?2、0.39；圖見解析；0.45；BC；【解析】

（3）物體做勻加速直線運動，對應的x-t圖象為曲線，由圖象可知，當t=2.0s時，位移為：x=0.80m；

則由x=at2代入數(shù)據(jù)得：a=0.40m/s2；

（4）在圖C中作出點（2，0.40），并用直線將各點相連，如圖所示；

（5）由圖c可知，當n=4時，加速度為0.78m/s2，由牛頓第二定律可知：

4×0.01×9.8=（m+5×0.01）×0.78

解得：m=0.45kg；

（6）若木板水平，則物體將受到木板的摩擦力；則有：

nm0g-μ[m+（5-n）m0g]=（m+5m0）a；

故說明圖象仍為直線，但不再過原點；并且斜率增大；故BC正確；故選BC；點睛：本題考查驗證牛頓第二定律的實驗，要求能明確實驗原