2025屆黑龍江省肇東第一中學物理高二上期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題含解析

2025屆黑龍江省肇東第一中學物理高二上期末質量跟蹤監(jiān)視模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在等量異號點電荷+Q和－Q的電場中，有一個正方形OABC，其中O點為兩電荷連線的中點．下列說法正確的是（）A.A點電場強度比C的電場強度小B.A點電勢比B的電勢高C.將相同電荷放在O點與C點電勢能一定相等D.移動同一正電荷，電場力做的功WCB=WOA2、關于通電直導線在勻強磁場中所受的安培力，下列說法正確的是（）A.安培力的方向可以不垂直于直導線B.安培力的方向總是垂直于磁場的方向C.將通電直導線從中點折成直角，安培力的大小一定變?yōu)樵瓉淼囊话隓.將通電直導線從中點折成直角，安培力大小一定變?yōu)樵瓉淼谋?、如圖所示電路中，A、B是兩個完全相同的燈泡，L是一個理想電感線圈，C是電容相當大的電容器，下列說法正確的是()A.S閉合時，A逐漸變亮，然后逐漸熄滅B.S閉合時，B立即亮，然后逐漸熄滅C.S閉合足夠長時間后，B發(fā)光，而A熄滅D.S閉合足夠長時間后，B熄滅，而A發(fā)光4、如圖所示，兩根平行金屬導軌置于水平面內，導軌之間接有電阻R．金屬棒ab與兩導軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向下．現(xiàn)使磁感應強度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是（）A.ab中的感應電流方向由b到aB.ab中的感應電流逐漸減小C.ab所受的安培力保持不變D.ab所受的靜摩擦力逐漸減小5、一帶電粒子在如圖所示的點電荷形成的電場中，在電場力作用下沿虛線所示軌跡從A點運動到B點，電荷的加速度、動能、電勢能的變化情況是A.加速度增大，動能、電勢能都增加B.加速度增大，動能增加，電勢能減少C.加速度減小，動能、電勢能都減少D.加速度增大，動能減少，電勢能增加6、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三條電場線,實線為一帶負電的粒子僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、R、Q是這條軌跡上的三點,由此可知()A.帶電粒子在R點時的加速度小于在Q點時的加速度B.帶電粒子在P點時的電勢能比在Q點時的電勢能大C.帶電粒子在R點時的速度大于在Q點時的速度D.帶電粒子在R點時的動能與電勢能之和比在Q點時的小,比在P點時的大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于磁場，下列說法正確的是（）A.磁場的基本性質是對處于其中的磁極和電流有力的作用B.磁場是看不見摸不著，實際不存在的，是人們假想出來的一種物質C.磁場是客觀存在的一種特殊的物質D.磁場的存在與否決定于人的思想，想其有則有，想其無則無8、如圖所示，光滑固定導軌m、n水平放置，兩根導體棒p、q平行放于導軌上，形成一個閉合回路。當一條形磁體從高處下落接近回路時（重力加速度為g）（）A.p、q將互相靠攏 B.p、q將互相遠離C.磁體的加速度仍為g D.磁體的加速度小于g9、如圖所示，電源E的內阻不計，其中A為理想電流表，V1、V2為理想電壓表，R1、R2、R3為定值電阻．開始時S是斷開的，當閉合開關S時，各電表的示數(shù)變化情況正確的是（）A.電壓表V1的示數(shù)變小B.電壓表V2的示數(shù)變小C.電流表A示數(shù)變小D.電流表A的示數(shù)變大10、如圖所示，倒置的U形金屬導軌所在平面與水平面夾角為，其中MN與PQ平行且間距為L=1m，導軌處在磁感應強度大小為B的勻強磁場中，磁場方向與軌道平面垂直，磁場隨時間變化情況如圖乙所示，取圖甲所示磁場方向為磁感應強度的正方向．現(xiàn)將金屬棒ab垂直放置在導軌上，金屬棒與NQ相距0.2m，在0~4s內金屬棒始終處于靜止狀態(tài)．已知金屬棒ab的質量m=0.1kg，電阻為R=2Ω，不計導軌電阻，g=10m/s2，則()A.t=2s時刻金屬棒ab所受安培力的方向改變B.0~4s內金屬棒所受的最大靜摩擦力為0.9NC.0~4s內穿過金屬棒的電荷量為0.4CD.0~4s內金屬棒中產(chǎn)生的焦耳熱為0.32J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖是一個多量程多用電表的簡化電路圖．測電流和測電壓時各有兩個量程；還有兩個擋位用來測電阻．請回答：（1）開關S調到___、___兩個位置上多用電表測量的是電流，其中_____位置的量程比較大（2）開關S調到___、___兩個位置上測量的是電壓，其中_____位置的量程比較大（3）開關S調到___、___兩個位置上測量的是電阻12．（12分）一多用電表的電阻檔有三個倍率，分別是×1、×10、×100．用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，為了較準確地進行測量，應換到________檔．如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是__________，若補上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是________Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場分布在邊長為L的正方形區(qū)域ABCD內，M、N分別為AB和AD的中點，一個初速度為v0，質量為m的帶負電粒子q沿紙面射入電場．帶電粒子的重力不計（1）如果帶電粒子從M點垂直電場方向進入電場后，恰好從D點離開電場，求勻強電場的電場強度E和帶電粒子從D點離開電場時的動能Ek1.（2）若帶電粒子從N點垂直BC方向射入電場，它在電場中的運動時間t是多少？離開電場時的動能Ek2為多大？14．（16分）如圖，把質量為4.0×10－3kg的帶正電的小球A用絕緣細繩懸掛起來，再將帶電荷量為Q=4.0×10－6C的帶負電的小球B靠近A，兩小球可看作點電荷，當兩個帶電小球在同一高度并且相距0.3m時，繩與豎直方向成α=45°角。（g取10m/s2，k=9.0×109N·m2C2。）（1）畫出小球A的受力分析圖；（2）B球受到的庫侖力多大？（3）A球所帶的電荷量q是多少？15．（12分）如圖所示，一個質量為m、電荷量為＋q的微粒，在A點（0，3）以初速度v0=120m/s平行x軸射入電場區(qū)域，然后從電場區(qū)域進入磁場，又從磁場進入電場，并且先后只通過x軸上的P點（6，0）和Q點（8，0）各一次。已知該微粒的比荷為=102C/kg，微粒重力不計，求：(1)微粒從A到P所經(jīng)歷的時間和加速度的大?。?2)微粒到達P點時速度方向與x軸正方向夾角，并畫出帶電微粒在電磁場中由A至Q的運動軌跡；(3)電場強度E和磁感應強度B的大小。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】在等量異種電荷連線上，中點O的電場強度最小，在兩電荷連線中垂線上，O點場強最大，則A點的場強大于O點的場強，O的場強大于C點的場強，所以A點的場強大于C點的場強，故A錯誤．沿著電場線電勢要降低，過A和B的場強都指向-Q由圖可知，B到-Q的距離要大于A到-Q的距離，故B點的電勢比A點的電勢高，故B錯誤．等量異種電荷連線的中垂線是一條等勢線，故將相同的電荷放在O點與C點電勢能一定相等，故C正確．因為φB＞φA，φO=φC，所以UCB＜UOA，根據(jù)電場力做功的公式W=Uq，所以在電場中移動同一正電荷，從C到B電場力做的功小于從O到A電場力做的功．故D錯誤．故選C點睛：在本題中，關鍵要熟悉掌握等量異種電荷和等量同種電荷周圍電場線和等勢面的分布情況，并能正確判斷電荷在電場中運動時動能、電勢能變化情況2、B【解析】由左手定則知，安培力的方向垂直與B、I，即垂直與B與I所在的平面，所以A錯誤；B正確；從中點折成直角后，導線的有效長度不等于導線長度一半，所以C錯誤；若開始直導線與磁場方向平行，則安培力是零，將通電直導線從中點折成直角，安培力的大小不是原來的倍，所以D錯誤3、C【解析】AB、S閉合之后，由于L的阻礙作用AB立即亮，之后，由于L的直流電阻為零，A被短路，所以A燈逐漸熄滅，B一直發(fā)光，故AB錯誤；CD、S閉合足夠長時間后，L線圈相當于導線，則A熄滅，而B正常發(fā)光，故C正確，D錯誤4、D【解析】A．磁感應強度均勻減小，磁通量減小，根據(jù)楞次定律得，ab中的感應電流方向由a到b，A錯誤；B．由于磁感應強度均勻減小，根據(jù)法拉第電磁感應定律得，感應電動勢恒定，則ab中的感應電流不變，根據(jù)可知電阻R消耗的熱功率不變，B錯誤；C．根據(jù)安培力公式知，電流不變，B均勻減小，則安培力減小，C錯誤；D．導體棒受安培力和靜摩擦力處于平衡，，安培力減小，則靜摩擦力減小，D正確5、B【解析】根據(jù)電荷所受電場力的大小，根據(jù)牛頓第二定律比較加速度的大小，根據(jù)動能定理比較動能的大小，根據(jù)電場力做功，判斷電勢能的變化.【詳解】電荷在A點電場線比B點疏，所以A點的電場力小于B點的電場力，則A點的加速度小于B點的加速度．從A到B，電場力做正功，根據(jù)動能定理，動能增加．電場力做正功，電勢能減小．故B正確，ACD錯誤．故選B6、C【解析】A．由電場線疏密可知，R點場強比Q場強點大，所以帶電粒子在R點的電場力大，則帶電粒子在R點的加速度大，A錯誤；BC．帶電粒子做曲線運動，電場力指向曲線的內側，所以電場力的方向向右；若帶電粒子從P經(jīng)過R運動到Q，電場力做負功，帶電粒子的電勢能增大，動能減小，則帶電粒子經(jīng)過R點時的動能大于經(jīng)過Q點時的動能，即帶電粒子在R點時的速度大于在Q點時的速度，而P點電勢能最小，所以帶電粒子在P點時的電勢能比在Q點時的電勢能小，B錯誤，C正確；D．根據(jù)能量守恒定律，帶電質點在運動過程中各點處的動能與電勢能之和保持不變，D錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．磁場的基本性質是對處于其中的磁極和電流有力的作用，故選項A正確；BCD．磁場是看不見摸不著，但是實際存在的一種物質，與人的思想無關；故選項C正確，選項BD錯誤8、AD【解析】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙引起感應電流的磁通量的變化，可知，p、q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起到阻礙原磁通量增加的作用，由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故AD正確，BC錯誤。故選AD。9、ABD【解析】當閉合開關S時，外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律分析干路電流的變化、路端電壓的變化和電阻R1電壓的變化．根據(jù)電阻R2的電壓與路端電壓、R1電壓的關系，分析R2的電壓變化【詳解】A、當閉合開關S時，引起外電路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律得知，干路電流I增大，電壓表V1的示數(shù)U＝E-Ir，U變??；故A正確.B、電壓表V2的示數(shù)U2＝E-I(R1+r)，I增大，U2變??；故B正確.C、D、干路電流I增大，電流表A的示數(shù)變大；故C錯誤，D正確.故選ABD.【點睛】本題是電路中動態(tài)變化分析問題，關鍵要處理好局部與整體的關系．對于路端電壓也可直接根據(jù)路端電壓隨外電阻增大而增大判斷.10、ABD【解析】A、根據(jù)楞次定律1~2s內金屬棒ab受到的安培力方向始終沿斜面向上，2~3s內向下，選項A正確；B、當安培力方向沿導軌向下最大時靜摩擦力最大，靜摩擦力的最大值，其中，解得，，選項B正確；C、根據(jù)法拉第電磁感應定律和電流定義得，選項C錯誤；D、0~4s內金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱為，選項D正確點睛：本題考查法拉第電磁感應定律的相關內容，注意電流的方向性的問題，同時注意和兩段時間內電流相等，只是方向不同三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.(1)1、②.2

③.1

;④.(2)5⑤.6⑥.6⑦.(3)3、⑧.4

【解析】多用電表測電流和電壓時使用外部電源,測電阻時內部電源才接通;測電流和電壓時的內部結構根據(jù)電表的改裝原理判斷什么檔位為大量程.【詳解】(1)改裝成電流表時要并聯(lián)電阻分流,所以1、2是電流檔;并聯(lián)電阻越小,分流越大,則改裝的電流表量程越大,故1位置的量程較大;(2)改裝成電壓表時要串聯(lián)電阻分壓,故5、6位置是電壓擋;串聯(lián)的阻值越大,分壓越大,則電壓表的量程越大,故6位置量程較大;(3)測量電阻時內部電源被接通,故3、4是電阻檔.本題正確答案是:(1)1、2

兩位置,1

位置;(2)5、6

兩位置,6

位置;(3)3、4

兩位置.【點睛】本題考查了對多用電表的認識，知道電流表需要并聯(lián)電阻來擴大量程；電壓表需要串聯(lián)電阻來擴大量程，比較簡單12、①.×100②.歐姆調零（或重新歐姆調零）③.2.2×103(或2.2k)【解析】[1]．用×10檔測量某電阻時，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉角度很小，則可能是檔位選擇偏低，為了較準確地進行測量，應換到×100檔[2][3]．如果換檔后立即用表筆連接待測電阻進行讀數(shù)，那么缺少的步驟是歐姆調零（或重新歐姆調零），若補上該步驟后測量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是2.2×103(或2.2k)Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）.（2）