九江市第一中學2025屆物理高二第一學期期中監(jiān)測模擬試題含解析

九江市第一中學2025屆物理高二第一學期期中監(jiān)測模擬試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如下圖所示，水平放置的平行板間的勻強電場正中有一帶電微粒正好處于靜止狀態(tài)．如果把兩平行帶電板改為豎直放置，帶電微粒的運動狀態(tài)將是（）A．保持靜止狀態(tài)B．從P點開始作自由落體運動C．從P點開始做類平拋運動D．從P點開始做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動2、一根粗細均勻的電阻絲的阻值為R，在材料和溫度不變的情況下，下列情況中阻值仍為R的是A．長度和橫截面的半徑都增大為原來的2倍B．長度不變，橫截面的面積增大為原來的2倍C．橫截面的面積不變，長度減小為原來的D．長度和橫截面的面積都減小為原來的3、某段金屬導體兩端電壓為U時，導體中電子平均定向移動速度為v．如果把這段導體均勻拉長1倍后仍保持它兩端的電壓為U，則導體中電子平均定向移動速度為（）A．B．C．vD．2v4、下列關于物體動量和沖量不正確的是（）A．物體動量增量的方向，就是它所受沖量的方向B．物體所受合外力沖量越大，它的動量也越大C．物體所受合外力沖量不為零，它的動量一定要改變D．物體所受合外力越大，他的動量變化就越快5、關于閉合電路的性質，以下說法正確的是（）A．電源短路時，輸出電流無限大B．電源斷路時，路端電壓無限大C．外電路電阻越大，輸出電流越大D．外電路電阻越大，路端電壓越大6、關于電流強度，下列說法正確的是A．根據可知，I與t一定成正比B．根據可知，當電流I一定時，q與t成正比C．因為電流有方向，所以電流是矢量D．電流強度的單位是庫侖二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有甲、乙、丙三個質量相同的單擺，它們的固有頻率分別為f、4f、5f，都在頻率4f的同一驅動力作用下做受迫振動，比較這三個單擺A．它們的振幅相同B．乙的振幅最大C．它們的振動頻率都是4fD．甲、乙、丙的振動頻率分別為f、4f、5f8、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三條電場線，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點．下列判斷正確的是（）A．質點在P點的加速度大于它在Q點的加速度B．該靜電場一定是孤立正電荷產生的C．帶電質點通過Q點時動能較小D．帶電質點通過Q點時電勢能較小9、在伏安法測電阻的實驗中,待測電阻Rx約為800Ω,電壓表V的內阻約為2kΩ,電流表A的內阻約為10Ω,測量電路中電表的連接方式如圖(a)或圖(b)所示,若將由圖(a)和圖(b)中電路測得的電阻值分別記為Rx1和RA．Rx1B．Rx2C．Rx1大于真實阻值,RD．Rx1小于真實阻值,R10、如圖所示，A是地球的同步衛(wèi)星，B是地球的近地衛(wèi)星，C是地面上的物體，A、B、C質量相等，均在赤道平面上繞地心做勻速圓周運動。設A、B與地心連線在單位時間內掃過的面積分別為SA、SB，周期分別為TA、TB、TC，A、B、C做圓周運動的動能分別為EkA、EkB、EkC。不計A、B、C之間的相互作用力，下列關系式正確的是()A．SA=SBB．SA＞SBC．TC=TA＞TBD．EkA＜EkB=EkC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在進行“測定金屬絲的電阻率”的實驗：(1)如圖甲所示，該同學用螺旋測微器測量金屬絲的直徑D=______mm；(2)該同學用如圖乙所示電路圖測量金屬絲Rx的電阻，供選擇的儀器如下：①電流表A1（內阻為r）；②電流表A2；③滑動變阻器R1（0~1000Ω）；④滑動變阻器R2（0~20Ω）；⑤蓄電池（2V）；⑥電鍵S及導線若干。(3)滑動變阻器應選擇_____（選填“R1”或“R2”）；在圖丙中按圖乙用連線代替導線連接實物圖；（____）(4)閉合電鍵S，移動滑動觸頭至某一位置，記錄A1、A2的讀數I1、I2，通過調節(jié)滑動變阻器，得到多組實驗數據；以I2為縱坐標，I1為橫坐標，作出相應圖像，如圖丁所示。根據I2—I1圖像的斜率k及電流表A1內阻r，寫出金屬絲電阻的表達式Rx=_______；(5)測得金屬絲連入電路的長度為L，則金屬絲電阻率ρ=________（用k、D、L、r表示）。12．（12分）某物理課外小組利用圖（a）中的裝置探究物體加速度與其所受合外力之間的關系．圖中，置于實驗臺上的長木板水平放置，其右端固定一輕滑輪；輕繩跨過滑輪，一端與放在木板上的小滑車相連，另一端可懸掛鉤碼．本實驗中可用的鉤碼共有N=5個，每個質量均為0.010kg．實驗步驟如下：（1）將5個鉤碼全部放入小車中，在長木板左下方墊上適當厚度的小物快，使小車（和鉤碼）可以在木板上勻速下滑．（2）將n（依次取n=1，2，3，4，5）個鉤碼掛在輕繩右端，其余N–n個鉤碼仍留在小車內；用手按住小車并使輕繩與木板平行．釋放小車，同時用傳感器記錄小車在時刻t相對于其起始位置的位移s，繪制s–t圖象，經數據處理后可得到相應的加速度a．（3）對應于不同的n的a值見下表．n=2時的s–t圖象如圖（b）所示；由圖（b）求出此時小車的加速度__________（保留2位有效數字），將結果填入下表．（4）利用表中的數據在圖（c）中補齊數據點，并作出a–n圖象___________．從圖象可以看出：當物體質量一定時，物體的加速度與其所受的合外力成正比．（5）利用a–n圖象求得小車（空載）的質量為_______kg（保留2位有效數字，重力加速度取g=9.8m/s2）．（6）若以“保持木板水平”來代替步驟（1），下列說法正確的是_______（填入正確選項前的標號）A．a–n圖線不再是直線B．a–n圖線仍是直線，但該直線不過原點C．a–n圖線仍是直線，但該直線的斜率變大四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示．平行板電容器的扳間距離d=3cm，板與水平面夾角α=37°，兩板所加電壓U=100V，現有—帶電荷量為q=3×10-10C帶電液滴，以v0=0.5m/s的水平速度從A板上邊緣水平進入電場,在電場中仍沿水平方向并恰好從B板的下邊緣水平飛出,sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2.求：(1)液滴的質量；(2)液滴飛出時的速度大?。?4．（16分）如圖所示，在直角坐標系的第一、二象限內有垂直于紙面的勻強磁場，第三象限有沿y軸負方向的勻強電場，第四象限內無電場和磁場。質量為m、帶電量為q的粒子從M點以速度v0沿x軸負方向進入電場，不計粒子的重力，粒子經x軸上的N點和P點，最后又回到M點。設OM=L，ON=2L。求：(1)運動粒子帶正電還是帶負電；(2)電場強度E的大小；(3)勻強磁場磁感應強度B的大小和方向.15．（12分）如圖，空間存在方向垂直于紙面(平面）向里的磁場。在區(qū)域，磁感應強度的大小為;區(qū)域，磁感應強度的大小為（常數)。一質量為m、電荷量為q(q>0)的帶電粒子以速度從坐標原點O沿軸正向射入磁場，此時開始計時，不計粒子重力，當粒子的速度方向再次沿軸正向時，求：(1)粒子運動的時間；(2)粒子與O點間的距離。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

由粒子靜止不動可知粒子受力平衡qE=mg當平行帶電板改為豎直放置，粒子受到水平方向的電場力和重力作用，由力的合成和牛頓第二定律可知合力大小為mg，則加速度為g，即粒子從P點開始做初速度為零，加速度為g的勻加速直線運動。故選D。2、D【解析】

A.由可知，當長度和橫截面的半徑都增大為原來的2倍時，橫截面積增大為原來的4倍，故電阻變?yōu)樵瓉淼囊话?；故A錯誤；B.由可知，長度不變，橫截面積增為2倍時，電阻變?yōu)樵瓉淼囊话?，故B錯誤；C.由可知，當長度減為原來的一半，橫截面積不變時，電阻變化原來的倍，故C錯誤；D.由可知，當長度和橫截面積都縮小一半時，電阻不變；故D正確．故選D.3、B【解析】這段導體均勻拉長1倍，即長度變?yōu)樵瓉淼?倍，橫截面積變?yōu)樵瓉淼囊话?，則電阻則是原來的4倍，電壓不變，則電流為原來的四分之一．根據I=neSv可知，S為原來的一半，所以速度v為原來的一半．故選B．點睛：本題的關鍵在于判斷電阻大小的變化，長度變長增加一倍，橫截面積變細又是1倍，故變?yōu)樵瓉淼?倍．4、B【解析】根據動量定理可知，物體動量增量的方向，就是它所受沖量的方向，選項A正確；物體所受合外力沖量越大，它的動量變化也越大，選項B錯誤；物體所受合外力沖量不為零，它的動量一定要改變，選項C正確；根據動量定理，合外力等于動量的變化率，則物體所受合外力越大，他的動量變化就越快，選項D正確；此題選擇錯誤的選項，故選B.5、D【解析】由于電源由內阻，所以電源短路時，輸出電流不是無限大，A錯；電源斷路時，路端電壓等于電源電動勢，B錯；由串聯(lián)分壓原理可知外電路電阻越大，路端電壓越大，D對；6、B【解析】

A.由電流定義式可知電流與不會成正比，在電荷量一定時，電流與成反比，故選項A不符合題意；B.由電流定義式可知在電流一定時，與成正比，故選項B符合題意；C.電流有大小，有方向，運算的時候遵守代數運算法則，電流是標量，故選項C不符合題意；D.電流強度的單位安培，安培是國際單位制中的基本單位之一，故選項D不符合題意。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，當系統(tǒng)的固有頻率等于驅動力的頻率時，系統(tǒng)達到共振，振幅達最大．則它們的振動頻率都是4f，且乙的振幅最大,所以BC正確，AD錯誤．故選BC．點睛：本題應明確受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，而當驅動力的頻率等于物體的固有頻率時，物體的振動最強烈．8、AC【解析】

電場線越密，電場強度越大，由牛頓第二定律分析加速度的大??；根據電場線的分布特點分析場源電荷的電性；由于質點只受電場力作用，根據運動軌跡可知電場力的方向，通過電場力做功情況判斷電勢能和動能的變化情況；【詳解】A、根據電場線的疏密表示電場強度的大小，則知P點的場強比Q點的場強大，粒子在P點所受的電場力比在Q點時的大，所以由牛頓第二定律知，質點在P點的加速度大于它在Q點的加速度，故A正確；

B、由于電場線的方向不能確定，可知，該靜電場可能是孤立正電荷產生的，也可能是孤立負電荷產生的，故B錯誤；

C、由圖可知，帶電質點所受的電場力方向沿電場線向右，若帶電質點從P點運動到Q，電場力做負功，則帶電質點的電勢能增大，動能減小，故帶電質點通過Q點時動能

較小，電勢能較大，故C正確，D錯誤?！军c睛】解決這類電場軌跡問題的思路是：根據軌跡彎曲方向判斷出電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化。9、AC【解析】

本題的關鍵是明確電流表內外接法的選擇方法：當滿足RA·RV【詳解】由于待測電阻滿足時RARV=10×2000<Rx2=640000，所以電流表應用內接法，即R根據串并聯(lián)規(guī)律可知，采用內接法時真實值應為：R真采用外接法時，真實值應為：R真=故應選：AC。10、BC【解析】

AB．人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動的圓的面積為：S=πr2，所以人造衛(wèi)星與地心連線在單位時間內所掃過的面積為因A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則有SA＞SB，故A錯誤，B正確；

CD．赤道上的物體A與同步通信衛(wèi)星C轉動周期相同，即為：TA=TC根據：，由于赤道上物體C的軌道半徑小于同步通信衛(wèi)星A的軌道半徑，故根據動能為：A與C的質量相等，而vC＜vA，故Ekc＜EkA；A、B是圍繞地球公轉的衛(wèi)星，根據得線速度為：周期因A的軌道半徑大于B的軌道半徑，則有vA＜vB，TA＞TB根據動能，A與B的質量相等，而vA＜vB，故EkA＜EkB綜上分析可得：TA=TC＞TB，EkC＜EkA＜EkB故C正確，D錯誤；三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2.500R2【解析】

（1）[1].螺旋測微器測量金屬絲的直徑D=2mm+50.00.01mm=2.500mm；（3）[2]根據電路原理圖可知，滑動變阻器是分壓式接法，所以滑動變阻器要選擇較小的R2；[3]根據電路原理圖，實物圖連線如圖所示（4）[4].根據歐姆定律可知金屬絲電阻變形得所以I2—I1圖像的斜率變形得（5）[5]根據電阻定律得解得12、0.39；圖見解析；0.45；BC；【解析】

（3）物體做勻加速直線運動，對應的x-t圖象為曲線，由圖象可知，當t=2.0s時，位移為：x=0.80m；

則由x=at2代入數據得：a=0.40m/s2；

（4）在圖C中作出點（2，0.40），并用直線將各點相連，如圖所示；

（5）由圖c可知，當n=4時，加速度為0.78m/s2，由牛頓第二定律可知：

4×0.01×9.8=（m+5×0.01）×0.78

解得：m=0.45kg；

（6）若木板水平，則物體將受到木板的摩擦力；則有：

nm0g-μ[m+（5-n）m0g]=（m+5m0）a；

故說明圖象仍為直線，但不再過原點；并且斜率增大；故BC正確；故選BC；點睛：本題考查驗證牛頓第二定律的實驗，要求能明確實驗原理，認真分析各步驟，從而明確實驗方法；同時注意掌握圖象的性質，能根據圖象進行分析，明確對應規(guī)律的正確應用．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）8×10【解析】

液滴受到重力和電場力，做直線運動，故合力水平向右，采用正交分解法列式求解質量和合力，根據牛頓第二定律求解加速