湖南省2024年高考物理模擬試卷及答案2

湖南省2024年高考物理模擬試卷及答案

閱卷人

一、單選題

得分

1.單位是測量過程中的重要組成部分，根據(jù)單位制，以下公式表述可能正確的是（）

A.17=號（P為壓強(qiáng)）B.p=?（P為功率）

叼+匕1

D.V=^nR3h

2

2.如圖所示，平行單色光從真空垂直底面射入球心為。、半徑為R的半球玻璃介質(zhì)，只有以。為圓心、半

則該玻璃介質(zhì)對單色光的折射率為（）

C4D.1

,3

3.19世紀(jì)中葉，英國物理學(xué)家麥克斯韋創(chuàng)造性地運(yùn)用統(tǒng)計(jì)方法找到了氣體分子速率的分布函數(shù)，從而確

定了氣體分子速率分布的統(tǒng)計(jì)規(guī)律。該分子速率分布函數(shù)fO）的圖像如圖所示，f（＞）為在速率V附近單位

速率區(qū)間內(nèi)分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比。以下說法正確的是（）

A.曲線□對應(yīng)的溫度比曲線□對應(yīng)的溫度高

B.說明單個(gè)分子做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)具有一定的規(guī)律性

C.說明大多數(shù)分子的速率都在某個(gè)峰值附近

D.圖中曲線與橫軸圍成圖形的面積表示分子速率所有區(qū)間內(nèi)分子數(shù)之和

4,某種核電池采用缽核（短P”）的放射性同位素缽核（238pu）,其發(fā)生的核反應(yīng)方程是

238P”-234U+X,以下說法正確的是（）

9492

A.缽核（鬣8P”）比缽核（髓4p“）少了6個(gè)質(zhì)子

B.X粒子是氨核（4He）

C.缽核（然Pa）的質(zhì)量等于鈾核（品4U）與X粒子的質(zhì)量之和

1

D.缽核（器8Pu）的半衰期會(huì)隨外界環(huán)境溫度的變化而改變

5.實(shí)驗(yàn)對檢驗(yàn)物理規(guī)律至關(guān)重要，物理實(shí)驗(yàn)的方法多種多樣，下列實(shí)驗(yàn)用到的方法分析正確的是

()

A.用圖甲所示裝置，探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系主要用到了理想實(shí)驗(yàn)法

B.用圖乙所示裝置，探究向心力大小的相關(guān)因素主要用到了等效法

C.用圖丙所示裝置，測量重力加速度主要用到了極限法

D.如圖丁所示水面上單分子油膜的示意圖，測量分子直徑主要用了累積測量法和估測法

6.如圖，甲、乙兩工人站在工地平臺(tái)上，用一根輕繩通過光滑掛鉤吊一重物.甲、乙保持位置不變，兩

人同時(shí)緩慢釋放輕繩，在重物下降的過程中

C.乙所受平臺(tái)的摩擦力變小D.乙所受平臺(tái)的摩擦力變大

7.智能呼啦圈可以提供全面的數(shù)據(jù)記錄，讓人合理管理自己的身材。如圖甲，腰帶外側(cè)帶有軌道，將帶

有滑輪的短桿穿入軌道，短桿的另一端懸掛一根帶有配重的輕繩，其簡化模型如圖乙所示?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)

的配重質(zhì)量為0.4kg,輕繩長為0.4m,懸掛點(diǎn)尸到腰帶中心點(diǎn)。的距離為0.26m,配重隨短桿做水平勻

速圓周運(yùn)動(dòng)，繩子與豎直方向夾角為6,運(yùn)動(dòng)過程中腰帶可視為靜止，重力加速度g取10m/S2,

sin37°=0.6,下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.若增大轉(zhuǎn)速，腰帶受到的合力不變

B.。隨配重角速度增大而增大

2

C.當(dāng)。穩(wěn)定在37。時(shí)，配重的角速度為VTSrad/s

D.在配重角速度緩慢增加的過程中，繩子對配重不做功

8.一列沿x軸傳播的簡諧橫波在片0時(shí)刻的波形圖如圖中的實(shí)線所示，Z=0.5s時(shí)的波形圖如圖中的虛線所

C.258m/sD.340m/s

9.靜電現(xiàn)象在我們的生活中非常常見。如圖所示,兩個(gè)不帶電的導(dǎo)體A和B,用一對絕緣柱支持使它們

彼此接觸。把一帶正電荷的物體C置于A附近（）

A.此時(shí)A帶正電，B帶負(fù)電B.此時(shí)A電勢低，B電勢高

C.移去C,A、B都不帶電D.先把A接地，再移去C,則A不帶電、B帶負(fù)電

10.如圖所示，邊長為/正方形金屬回路（總電阻為R）與水平面的夾角為60。，虛線圓與正方形邊界相

切，虛線圓形邊界內(nèi)（包括邊界）存在豎直向下勻強(qiáng)磁場，其磁感應(yīng)強(qiáng)度與時(shí)間的關(guān)系式為B=kt（k>

0且為常量），則金屬回路產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為（）

Bn:kL2DTikl7

,4A?TSTF

11.在圖乙的電路中,通入如圖甲所示的交變電流，此交變電流的每個(gè)周期內(nèi)，前三分之一個(gè)周期電壓按

正弦規(guī)律變化，后三分之二周期電壓恒定。電阻火的阻值為12。，電表均為理想電表。下列判斷錯(cuò)誤的是

)

3

B.電流表的示數(shù)為0.5A

C.電阻R一個(gè)周期內(nèi)產(chǎn)生的熱量一定大于9JD.電阻7?換成一個(gè)耐壓值為6V的電容，會(huì)被擊穿

閱卷人

-----------------二、多選題

得分

12.分子勢能與與分子間距離，的關(guān)系如圖所示，q為曲線與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，曲線最低點(diǎn)對應(yīng)的橫坐

標(biāo)為七。無限遠(yuǎn)處分子勢能Ep=°，下列說法正確的是（）

A.當(dāng)r=4時(shí)，分子間作用力為零

B.分子間斥力隨著分子間距離廠的增大面增大

C.當(dāng)時(shí)，分子間作用力隨著分子間距離r的減小而增大

D.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢能隨分子間距離的增大而增大

E.當(dāng)「=々時(shí)，分子勢能為0,但分子間作用力不為零

13.如圖，某棱柱型透光均勻介質(zhì)的橫截面45C為直角三角形，ZB=60°,底邊8c的長度為匕M為斜

邊的中點(diǎn)，一細(xì)束單色光從/點(diǎn)平行于/C邊射入介質(zhì)，經(jīng)過〃點(diǎn)形成的折射光恰好到達(dá)C點(diǎn)。不考

慮光在介質(zhì)中的多次反射，下列說法正確的是（）

A.介質(zhì)的折射率為啰

B.介質(zhì)的折射率為◎

C.若持續(xù)增大入射光線的入射角，底邊3c上有光射出的區(qū)域長度為（5—2的）d

D.若持續(xù)增大入射光線的入射角，底邊5c上有光射出的區(qū)域長度為（3—2播）d

4

14.華為Mate60Pro成為全球首款支持衛(wèi)星通話的大眾智能手機(jī)，在無信號環(huán)境下，該手機(jī)通過“天通一

號”衛(wèi)星與外界進(jìn)行聯(lián)系?！疤焱ㄒ惶枴毙l(wèi)星位于離地球表面約為67?的地球同步軌道上，立為地球半徑，地

球表面重力加速度大小為g,下列說法正確的是（）

A.“天通一號”在軌運(yùn)行的加速度大小約為7g

B.“天通一號”在軌運(yùn)行的周期約為14兀I—

q9

C.地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的角速度約為

D.地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度小于“天通一號”在軌運(yùn)行的線速度

15.如圖，長方體空間區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場（包括邊界），方向平行于yOz平面且與z軸負(fù)方向成。=

30°,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為5,長方體x軸方向長為23＞軸方向足夠長，z軸方向高為2L。一質(zhì)量為加、電

荷量為q的帶正電粒子從z軸上的點(diǎn)a（0,0,2L）沿x軸正方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，速度大小為,=等:，不計(jì)

A.粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為2L

B.粒子會(huì)經(jīng)過x軸上的點(diǎn)e（2L,0,0）

C.若粒子進(jìn)入磁場的速度大小為2%,則粒子穿出磁場的點(diǎn)的了坐標(biāo)為

7T771

D.若粒子進(jìn)入磁場的速度大小為2%,則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為研

閱卷人

-----------------三、實(shí)驗(yàn)題

得分

16.太陽能電池板在有光照時(shí)，可以將光能轉(zhuǎn)化為電能，在沒有光照時(shí)，可以視為一個(gè)電學(xué)器件。某實(shí)驗(yàn)

小組根據(jù)測繪小燈泡伏安特性曲線的實(shí)驗(yàn)方法，探究一個(gè)太陽能電池板在沒有光照時(shí)（沒有儲(chǔ)存電能）的

/—U特性。所用的器材包括：太陽能電池板、電源￡、電流表A、電壓表V、滑動(dòng)變阻器火、開關(guān)S及導(dǎo)

線若干。

5

太陽能太陽能

電池板電池板

(1)為了達(dá)到上述目的，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)選用圖甲中的圖(選填"a”或"b”)。

(2)已知電壓表的量程為3V、內(nèi)阻為30k。，若要將該電壓表改裝成量程為4V的電壓表，該電表需_

聯(lián)一個(gè)k。的電阻。

(3)該實(shí)驗(yàn)小組根據(jù)實(shí)驗(yàn)得到的數(shù)據(jù)，描點(diǎn)繪出了如圖乙所示的/—U圖像。當(dāng)電壓為2.80V時(shí)，太陽

能電池板的電阻為。。

(4)當(dāng)有光照射時(shí)，太陽能電池板作為電源，其路端電壓與總電流的關(guān)系如圖丙所示，分析該曲線可

知，該電池板作為電源時(shí)的電動(dòng)勢為V。若把它與阻值為1k。的電阻連接構(gòu)成一個(gè)閉合電路，

在有光照射情況下，該電池板的效率是%o(均保留三位有效數(shù)字)

閱卷人

四、解答題

得分

17.一輛貨車在平直的高速公路上以20m/s的速度水平向東勻速行駛，司機(jī)突然發(fā)現(xiàn)前面不遠(yuǎn)處有緊急情

況，司機(jī)立即采取制動(dòng)措施，2s后速度變?yōu)?2m/s,由此信息，我們可以求：

(1)該貨車停止時(shí)間；

(2)該貨車在剎車運(yùn)動(dòng)過程中的最后一秒內(nèi)的路程；

(3)從開始剎車的前三秒內(nèi)，這段位移的中間位置的速度大小。

6

18.如圖，光滑水平面上固定一豎直的光滑弧形軌道，軌道末端與B的左端上表面相切，右側(cè)的豎直墻面

固定一勁度系數(shù)k=3N/m的輕彈簧，彈簧處于自然狀態(tài)，左端與木板右端距離,=1小?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的物

塊A從弧形軌道某處無初速度下滑，水平滑上B的上表面，兩者共速時(shí)木板恰好與彈簧接觸。已知A、B

的質(zhì)量分別為==物塊A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)4=0.1,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，

木板足夠長。忽略A滑上B時(shí)的能量損失，彈簧始終處在彈性限度內(nèi)，彈簧的彈性勢能Ep與形變量x的

關(guān)系為4=2-2。取重力加速度g=10m/s2,求：

(1)物塊在木板上滑動(dòng)時(shí)，物塊A和木板B的加速度大小;

(2)物塊A在弧形軌道下滑的高度加

(3)木板與彈簧接觸以后，物塊與木板之間即將相對滑動(dòng)時(shí)木板B的速度大小。

19.2022年我國階段性建成并成功運(yùn)行了“電磁橇”，創(chuàng)造了大質(zhì)量電磁推進(jìn)技術(shù)的世界最高速度紀(jì)錄一種

兩級導(dǎo)軌式電磁推進(jìn)的原理如圖所示，兩平行長直金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，導(dǎo)軌間垂直安放金屬棒，金

屬棒可沿導(dǎo)軌無摩操滑行，且始終與導(dǎo)軌接觸良好，電流從一導(dǎo)軌流入，經(jīng)過金屬棒，再從另一導(dǎo)軌流

回，圖中電源未畫出，導(dǎo)軌電流在兩導(dǎo)軌間產(chǎn)生的磁場可視為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度3與電流/的關(guān)系式

為3=股(左為常量)，金屬棒被該磁場力推動(dòng)，當(dāng)金屬棒由第一級區(qū)域進(jìn)入第二級區(qū)域時(shí)，回路中的電流

由/變?yōu)?/,已知兩導(dǎo)軌內(nèi)側(cè)間距為"每一級區(qū)域中金屬棒被推進(jìn)的距離均為s,金屬棒的質(zhì)量為小,

求：

7

金屬棒

(1)金屬棒經(jīng)過第一、二級區(qū)域的加速度大小之比%：%；

(2)金屬棒從靜止開始經(jīng)過兩級區(qū)域推進(jìn)后的速度大小Vo

20.如圖甲所示，輕質(zhì)細(xì)繩吊著一質(zhì)量為m=0.06kg、邊長為L=0.4m、匝數(shù)n=10的正方形線圈，總電

阻為R=1A,邊長為鄉(xiāng)的正方形磁場區(qū)域?qū)ΨQ分布在線圈下邊的兩側(cè)，磁場方向垂直紙面向里，大小隨時(shí)

=0開始經(jīng)"時(shí)間細(xì)線開始松弛，g<10m/s2,求:

(1)在前加時(shí)間內(nèi)線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢;

(2)%的數(shù)值。

8

答案解析部分

1.【答案】C

【解析】【解答】A、

kg/m3

N/m2kg?m/s2xm=s/，m

v的單位m/s,故A錯(cuò)誤;

B、”的單位

N(m/syNm?m/s2

s-=W?m/s2

功率P的單位為W,故B錯(cuò)誤;

C、

都是速度單位，故C正確；

D、體積V單位是m3；而

1

37TjR3h

單位是m4,故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】熟悉掌握利用單位制推導(dǎo)物理量公式的方法。根據(jù)等式左右兩側(cè)單位的異同情況判斷等式是否成

立。

2.【答案】A

【解析】【解答】根據(jù)題意，可畫出光路如圖所示

設(shè)光線在半圓曲面上發(fā)生全反射的臨界角為C,可知

1R3

sinC=_^_=5

9

15

n=shr6=3

故答案為：Ao

【分析】只有以。為圓心、半徑為觸的區(qū)域內(nèi)的光線才能從球面射出，即距圓心初位置的入射光恰好在

曲面發(fā)生全反射，畫出此時(shí)的光路圖，再根據(jù)幾何關(guān)系及全反射條件進(jìn)行解答。

3.【答案】C

【解析】【解答】A、溫度越高，分子的熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，速率大的分子比例越大，則曲線匚對應(yīng)的溫度比曲

線□對應(yīng)的溫度低，故A錯(cuò)誤；

B、做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的大量分子的規(guī)律是用統(tǒng)計(jì)思想方法加以研究得出的，說明大量分子的運(yùn)動(dòng)具有一定的

規(guī)律性，故B錯(cuò)誤；

C、氣體分子的速率各不相同，但大多數(shù)分子的速率都在某個(gè)峰值附近，離這個(gè)數(shù)值越遠(yuǎn)，分子數(shù)越少，

呈現(xiàn)出“中間多、兩頭少”的分布特征，故C正確；

D、曲線與橫軸圍成圖形的面積表示分子速率所有區(qū)間內(nèi)分子數(shù)的占比之和，故D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】溫度越高，分子的熱運(yùn)動(dòng)越劇烈，速率大的分子比例越大。做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)的大量分子的規(guī)律是用

統(tǒng)計(jì)思想方法加以研究得出的，對單個(gè)分子不適應(yīng)，單個(gè)分子的運(yùn)動(dòng)具有偶然性。曲線與橫軸圍成圖形的

面積表示分子速率所有區(qū)間內(nèi)分子數(shù)的占比之和等于lo

4.【答案】B

【解析】【解答】A、缽核（轡pa）比缽核（鼠4P”）少了6個(gè)中子。故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)核反應(yīng)方程中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，可知X粒子的電荷數(shù)為2,質(zhì)量數(shù)為4,為氨核

（狎e）o故B正確；

C、依題意，核反應(yīng)過程出現(xiàn)了質(zhì)量虧損，可知缽核（器8Pu）的質(zhì)量大于鈾核（粉4U）與X粒子的質(zhì)量之

和。故C錯(cuò)誤；

D、半衰期由原子核內(nèi)部性質(zhì)決定，與外界的物理和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)。所以缽核（/8Pu）的半衰期不會(huì)隨外

界環(huán)境溫度的變化而改變。故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】核反應(yīng)方程中質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒，核反應(yīng)過程釋放能量，會(huì)出現(xiàn)質(zhì)量虧損。半衰期由原子

核內(nèi)部性質(zhì)決定，與外界的物理和化學(xué)狀態(tài)無關(guān)。

5.【答案】D

【解析】【解答】A、用圖甲所示裝置，探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系主要用到了控制變量法，故A錯(cuò)誤；

B、用圖乙所示裝置，探究向心力大小的相關(guān)因素主要用到了控制變量法，故B錯(cuò)誤；

C、用圖丙所示裝置，測量重力加速度主要用到了累積法，故C錯(cuò)誤；

10

D、如圖丁所示水面上單分子油膜的示意圖，測量分子直徑主要用了累積測量法和估測法，故D正確。

故答案為：Do

【分析】對于實(shí)驗(yàn)中研究的問題若存在多個(gè)變量時(shí)，往往采用控制變量法進(jìn)行處理。熟悉掌握各實(shí)驗(yàn)所使

用的物理研究方法及各物理研究的具體內(nèi)容。

6.【答案】C

【解析】【解答】AB、對甲乙和重物的整體受力分析如圖所示

兩人緩慢釋放輕繩前后，根據(jù)對稱可知，甲乙在豎直方向均滿足

mg

N=—9—+mq

甲Z甲"

mg

N,=-9-+mg

乙乙

則甲乙所受平臺(tái)的支持力均不變，故AB錯(cuò)誤；

CD、對乙受力分析根據(jù)受力平衡可知

?1

27cos。=mg,f=Tsin6=^mgtand

兩人同時(shí)緩慢釋放輕繩，。變小，則乙所受平臺(tái)的摩擦力變小，故C正確，D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】同一根繩子所受的拉力大小相等。再根據(jù)平衡條件及力的合成與分解，分別確定兩人受到的支持

力及摩擦力與重力及兩繩夾角的關(guān)系，再結(jié)合題意進(jìn)行分析。

7.【答案】D

【解析】【解答】A、運(yùn)動(dòng)過程中腰帶可看作靜止，處于平衡狀態(tài)，則腰帶受到的合力始終為零，故A正

確，不符合題意；

B、對配重，由牛頓第二定律有

mgtanB—mo)2(Lsin0+r)

解得

/gtan(J

/7smc7-rr

整理可得

1[Lcosd-rcotO

m=J-g—+—g—

可知角速度增大時(shí)。也增大，故B正確，不符合題意；

C、當(dāng)。穩(wěn)定在37。時(shí)，配重的角速度為

IgtanS/^[

a==產(chǎn)刖

故c正確，不符合題意；

D、由B中公式可知，當(dāng)穩(wěn)定在53。時(shí)，角速度大于穩(wěn)定在37。時(shí)的角速度，配重圓周半徑也增大，速度增

大，動(dòng)能增大，同時(shí)高度上升，重力勢能增大，所以機(jī)械能增大；由功能關(guān)系，由37。緩慢增加到53。的過

程中，繩子對配重做的功等于配重機(jī)械能的增加量，所以功為正值，做正功，故D錯(cuò)誤，符合題意。

故答案為：Do

【分析】運(yùn)動(dòng)過程中腰帶可看作靜止處于平衡狀態(tài)。根據(jù)幾何關(guān)系確定配重在做勻速圓周運(yùn)動(dòng)過程中的運(yùn)

動(dòng)半徑及其所受向心力的來源。再根據(jù)牛頓第二定律確定角速度與夾角之間的關(guān)系進(jìn)行分析判斷。確定加

速轉(zhuǎn)動(dòng)過程，配重機(jī)械能的變化情況，繼而確定繩子拉力是否做功。

8.【答案】C

【解析】【解答】若該簡諧橫波沿x軸正方向傳播，則有

Ax8n4-1

v——=―—m/s=(16n+2)m/s(n=0,1,2,…)

將數(shù)據(jù)代入可知，當(dāng)n=16時(shí)

v=258m/s

其他速度均不成立。若該簡諧橫波沿X軸負(fù)方向傳播，則有

Ax8n+7

v=-^―--Q-g—m/s=(16n+14)m/s(n=0,1,2,...)

將數(shù)據(jù)代入可知，速度均不成立。

故答案為：Co

【分析】由于不確定波的傳播方向，故需假設(shè)波的傳播方向，根據(jù)0s和0.5波形圖的區(qū)別結(jié)合平移法確定

不同傳播方向時(shí)波的傳播速度，再將速度代入判斷是是否滿足。

9.【答案】C

【解析】【解答】A、帶正電荷的物體C置于A附近，根據(jù)靜電感應(yīng)的規(guī)律，近異遠(yuǎn)同，則A帶負(fù)電，B

帶正電，A錯(cuò)誤;

B、處于靜電平衡狀下的導(dǎo)體，整體為一個(gè)等勢體，即A、B電勢相等，B錯(cuò)誤；

C、導(dǎo)體A和B先前不帶電，把物體C置于A附近時(shí)，由于靜電感應(yīng)后帶等量異種電荷，移去C,A、B

12

所帶電荷中和，都不帶電，C正確；

D、把A接地，當(dāng)把物體C置于A附近時(shí)，由于靜電感應(yīng)，地中的電子轉(zhuǎn)移到了AB上，移去C,A、B

所帶負(fù)電仍然轉(zhuǎn)移到了地上，仍然不帶電，D錯(cuò)誤。

故答案為：Co

【分析】帶電體靠近不帶電體，會(huì)發(fā)生靜電感應(yīng)現(xiàn)象。根據(jù)靜電感應(yīng)規(guī)律確定導(dǎo)電體兩側(cè)的電性。處于靜

電平衡狀下的導(dǎo)體，整體為一個(gè)等勢體，其電勢相等。熟悉掌握三種起電方式的特點(diǎn)及其實(shí)質(zhì)。

10.【答案】D

【解析】【解答】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，回路產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢

AB1(LyknL^

E="S,cos60°=2k兀(2)=-8—

由閉合電路歐姆定律得，金屬回路產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為

EknL^

故答案為：Do

【分析】根據(jù)圖示確定線框在磁場中的有效面積。再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合磁感應(yīng)強(qiáng)度與時(shí)間的表

達(dá)式確定回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢，再結(jié)合閉合電路歐姆定律進(jìn)行解答。

1L【答案】C

【解析】【解答】A、分析圖(甲)，才評電@的熱效應(yīng)求解交變電流的有效值，有

恪62〃

_---x1+夬x2=x3

解得電壓有效值為

U=6V

電表讀數(shù)為有效值，故A正確，不符合題意；

B、根據(jù)歐姆定律可知，通過電阻的電流為

U6

I=夫=A=0.5A

故電流表示數(shù)為0.5A,故B正確，不符合題意；

C、熱量根據(jù)有效值進(jìn)行計(jì)算，則有

Q=I2RT=0.52x12X3J=9J

故C錯(cuò)誤，符合題意；

D、電容器能否擊穿，用到最大值，則有

Um=675V>6V

13

故電容器會(huì)擊穿，故D正確，不符合題意。

故答案為：Co

【分析】根據(jù)圖甲一個(gè)周期內(nèi)不同時(shí)間段交變電流的特點(diǎn)，確定不同時(shí)間段內(nèi)交變電流的有效值，再根據(jù)

電流的熱效應(yīng)確定一個(gè)周期內(nèi)回路中電壓的有效值。再根據(jù)歐姆定律及焦耳定律進(jìn)行解答。當(dāng)輸出電壓的

最大值大于電容的耐壓值時(shí)，電容會(huì)被擊穿。

12.【答案】A,C,E

【解析】【解答】A、根據(jù)題意，由圖可知，當(dāng)尸芻時(shí)，分子勢能最小，此時(shí)分子間距離為平衡位置%,則

分子間作用力為零，故A正確；

B、分子間的引力和斥力都隨著分子間距離r增大而減小，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)r<r時(shí)，即分子間距離小于r0,分子間作用力表現(xiàn)為斥力，隨著分子間距離r的減小而增大，故C正

確；

D、當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子間距離增大，分子力做正功，則分子勢能減小，即分子勢能隨分

子間距離的增大而減小，故D錯(cuò)誤；

E、根據(jù)題意，由圖可知，當(dāng)片「時(shí)，分子勢能為0,此時(shí)分子間距離小于r0,分子間作用力表現(xiàn)為斥力，

不為零，故E正確。

故答案為：ACE。

【分析】分子勢能最小，分子間作用力為零。分子間的引力和斥力都隨著分子間距離r增大而減小。分子

間作用力表現(xiàn)為斥力。分子的表現(xiàn)力為分子所受斥力和引力的合力，當(dāng)分子間距大于分子間作用力為零時(shí)

的距離時(shí)，分子之間表現(xiàn)為引力，反之表現(xiàn)為斥力。

13.【答案】B,C

【解析】【解答】AB、依題意，從M點(diǎn)平行于AC邊射入介質(zhì)，經(jīng)過M點(diǎn)形成的折射光恰好到達(dá)C點(diǎn)光

i=60°,r=30°

根據(jù)折射率的定義，可得

sini_

n=SiTTr=8

14

故A錯(cuò)誤；B正確；

CD、若持續(xù)增大入射光線的入射角，底邊BC上的出射點(diǎn)將向右移動(dòng)，當(dāng)入射角為90。時(shí)，對應(yīng)的出射點(diǎn)

為有光射出的臨界點(diǎn)，光路圖如圖

由圖可知

sin90°

n=sinC

解得

sinC=-g-

由正弦定理，可得

dBD

—6(T—9(T—C]=s山90c_G

聯(lián)立，解得

BD=2^6-2d

則底邊BC上有光射出的區(qū)域長度為

x=d—BD=5-2-y3d

故C正確；D錯(cuò)誤。

故答案為：BCo

【分析】根據(jù)題意畫出光路圖，再根據(jù)幾何關(guān)系及光的折射定律確定光線在該介質(zhì)中的折射率。根據(jù)全反

射條件結(jié)合幾何關(guān)系確定光線恰好在BC邊發(fā)生全反射時(shí)的位置，再根據(jù)幾何關(guān)系確定有光射出的區(qū)域長

度。

14.【答案】B,D

【解析】【解答】A、根據(jù)萬有引力與重力的關(guān)系

Mm

根據(jù)萬有引力提供向心力

15

Mm

G5+6燈=近

解得“天通一號”在軌運(yùn)行的加速度大小約為

9

故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)萬有引力提供向心力

Mm47r2

°訪F西=

解得“天通一號”在軌運(yùn)行的周期約為

[7R

7=14兀9

故B正確；

C、地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的角速度等于同步衛(wèi)星的角速度，約為

27r1[g~

3=平”梆

故C錯(cuò)誤；

D、根據(jù)

v=a)r

可知地球赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的線速度小于“天通一號”在軌運(yùn)行的線速度，故D正確。

故答案為：BD。

【分析】確定衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，再根據(jù)萬有引力定律及牛頓第二定律和角速度、線速度、周期

的關(guān)系進(jìn)行解答。

15.【答案】A,D

【解析】【解答】A、粒子進(jìn)入磁場時(shí)，由洛倫茲力提供向心力有

V2

q%B—

結(jié)合題意解得其軌跡半徑為

mv

R==2L

故A正確；

B、勻強(qiáng)磁場方向平行于yOz平面且與z軸負(fù)方向成30。角，粒子沿x軸正方向進(jìn)入勻強(qiáng)磁場，根據(jù)左手

定則可以判斷粒子的軌跡平面為平面abed,如圖所示

16

粒子不會(huì)與X軸相交，故B錯(cuò)誤；

C、若進(jìn)入磁場的速度大小為2v0,則其軌跡半徑為

其中d點(diǎn)剛好為粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心，其運(yùn)動(dòng)軌跡與be邊相交于P點(diǎn)，如圖所示

cP=2V3L,ce=2V3L,ch=3L

故

he=ce-ch=(2V3—3)L

所以粒子穿出磁場的點(diǎn)的y坐標(biāo)為(2W—3)L,故C錯(cuò)誤；

D、設(shè)軌跡的圓心角為仇則

Pg2L1

則圓心角

0=30°

所以粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為

17

30°12777nrnn

故D正確。

故答案為：ADO

【分析】粒子的速度沿x軸方向，磁場平行yOz平面，即粒子的速度與磁場方向垂直。粒子在磁場中做勻

速圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲力提供向心力，再結(jié)合牛頓第二定律確定粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑。根據(jù)左手定則確定

粒子的偏轉(zhuǎn)方向，畫出粒子在不同初速度時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，再結(jié)合幾何關(guān)系及帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)

行解答。

16.【答案】(1)a

(2)串；10

(3)1000

(4)2.80；64.3

【解析】【解答】(1)由圖乙可知，電流表示數(shù)從零開始變化，則滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)

選用圖甲中的圖a。

(2)電壓表量程變大，需要串聯(lián)一個(gè)電阻，根據(jù)

U

那(RV+R)=U

代入數(shù)據(jù)得

R=lOkfi

(3)當(dāng)電壓表示數(shù)為2.80V時(shí)，電流表示數(shù)為2.8mA。太陽能電池板的電阻為

U

R

x=+L=looon

(4)由圖丙，圖像與縱軸交點(diǎn)為電動(dòng)勢，即2.80V。若把它與阻值為IkQ的電阻連接構(gòu)成一個(gè)閉合電

路，作出電阻的伏安特性曲線，如圖

圖像交點(diǎn)為工作點(diǎn)，即電阻兩端電壓為L80V。該電池板的效率是

18

UI

7]=x100%x64.3%

【分析】電流表示數(shù)從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法。熟悉掌握電表改裝的原理及計(jì)算方法。

根據(jù)歐姆定律及圖像點(diǎn)的坐標(biāo)確定元件的阻值大。路端電壓與總電流圖像與縱軸的交點(diǎn)變式電源電動(dòng)勢的

大小。根據(jù)歐姆定律畫出定值電阻的伏安特性曲線，其圖像與電源路端電壓與總電流圖像的交點(diǎn)即為該

電阻與電源串聯(lián)時(shí)的，電阻兩端的電壓及回路中的總電壓。再根據(jù)電功率的定義確定電池板的效率。

17.【答案】（1）解：2s后速度變?yōu)?2m/s,根據(jù)速度公式有

解得

a—4mls2

利用逆向思維，停止運(yùn)動(dòng)時(shí)間

（2）解：利用逆向思維，該貨車在剎車運(yùn)動(dòng)過程中的最后一秒內(nèi)的路程

1

%】=2叫

解得

%]=2m

（3）解：從開始剎車的前三秒內(nèi)的位移

1

久2=聯(lián)-2鳴

解得

%2=42m

根據(jù)速度與位移的關(guān)系，開始剎車的前三秒內(nèi)，在這段位移的中間位置有

X

瑤一嗎=2a￡

解得

%=2yf58m/s

【解析】【分析】（1）對于剎車問題，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的可逆性，可將汽車剎車過程視為初速度為零，加速度大

小不變的勻加速直線，再根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度與時(shí)間的關(guān)系進(jìn)行解答；

（2）根據(jù)運(yùn)動(dòng)的可逆性，貨車在剎車運(yùn)動(dòng)過程中的最后一秒內(nèi)的路程即為貨車加速過程第一秒內(nèi)的位

移，再根據(jù)位移與時(shí)間的關(guān)系進(jìn)行解答；

（3）根據(jù)位移與時(shí)間的關(guān)系確定貨車剎車3s內(nèi)的位移，確定開始剎車到該位移中間位置貨車運(yùn)動(dòng)的位

移，再根據(jù)位移與速度的關(guān)系進(jìn)行解答。

18.【答案】（1）解：物塊A在木板B上滑動(dòng)時(shí)，設(shè)物塊和木板的加速度分別為4和%?

19

對物塊

g=mAaA

aA=lm/s2

對木板

〃啊

0=mBaB

aB=2mls2

(2)解：設(shè)物塊剛滑上木板時(shí)，物塊的速度為%,兩者共速的速度為%

木板向右勻加速

叱=2%xo

解得

4=2m/s

對物塊和木板，由動(dòng)量守恒

=(mA+mB)v1

解得

%=3m/s

物塊A從開始下滑到弧形軌道最低點(diǎn)過程中，由動(dòng)能定理

1

771/喝

mAgh=2

解得

h=0.45m

(3)解：4與B以相同速度壓縮彈簧，對4、B整體受力分析，由牛頓第二定律

k-Ax=(7714+4)Q共

對物塊A由牛頓第二定律

-amAAq=mAaAA

當(dāng)滿足4=a共時(shí)，物塊A與木板B之間即將發(fā)生相對滑動(dòng)，解得此時(shí)彈簧壓縮量為