天津濱海新區(qū)大港第八中學(xué)2025屆物理高一上期末聯(lián)考模擬試題含解析

天津濱海新區(qū)大港第八中學(xué)2025屆物理高一上期末聯(lián)考模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、如圖所示，某人從距水面一定高度的平臺上做蹦極運動。勁度系數(shù)為k且重力不計的彈性繩一端固定在人身上，另一端固定在平臺上，人從靜止開始豎直跳下，在其到達(dá)水面前速度減為零。運動過程中，彈性繩始終處于彈性限度內(nèi)，取與平臺同高度的O點為坐標(biāo)原點，以豎直向下為y軸正方向，忽略空氣阻力，人可視為質(zhì)點。人從跳下至第一次到達(dá)最低點的運動過程中，用v、a、t分別表示人的速度、加速度和下落時間，下列描述v與t、a與y的關(guān)系圖像可能正確的是（）A. B.C. D.2、在研究下列問題中，能夠把研究對象看作質(zhì)點的是（）A.研究地球的自轉(zhuǎn)B.研究地球繞太陽的公轉(zhuǎn)C.研究一列火車通過某一大橋所用的時間D.研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)3、下列各選項中的物理量，都屬于矢量的是（）A.時間、位移B.路程、速度C.平均速率、力D.加速度、平均速度4、汽車以20m/s的速度做勻速直線運動。剎車后的加速度大小為5m/s2。那么剎車后2s內(nèi)與剎車后6s內(nèi)汽車通過的位移之比為（）A.1：1 B.1：3C.3：4 D.5：215、2018年9月2號剛剛結(jié)束的亞運會中，中國隊包攬了跳水項目的全部10金．圖示為跳水運動員在走板時，從跳板的a端緩慢地走到b端，跳板逐漸向下彎曲（相當(dāng)于斜面傾角不斷變大），在此過程中，跳板對運動員的（）A.摩擦力不斷增大B.作用力不斷減小C.作用力不斷增大D.支持力不斷增大6、關(guān)于質(zhì)點、時刻、時間、位移，下列說法正確的是：A.在使用衛(wèi)星給地球照相時，需要調(diào)整衛(wèi)星的姿勢，這時候可以把衛(wèi)星看成質(zhì)點B.時刻表示時間極短，時間間隔表示時間較長C.本次物理考試時間為90min指的是時間間隔D.運動物體的路程總是大于位移的大小7、在做驗證牛頓第三定律DIS實驗時，把兩個力傳感器的掛鉤鉤在一起，向相反的方向拉動，兩個力傳感器的相互作用力隨時間變化的曲線如圖所示，觀察分析圖線可得到的實驗結(jié)論是()A.作用力與反作用力的性質(zhì)可以不同B.作用力與反作用力作用在同一物體上C.作用力與反作用力大小同時變化D.作用力與反作用力作用在一條直線上8、下面幾個說法中不正確的是()A.物體不受力時，一定處于靜止?fàn)顟B(tài)B.當(dāng)物體的速度等于零時，物體一定處于平衡狀態(tài)C.力是使物體慣性改變的原因D.物體的加速度方向一定與物體所受合外力的方向相同9、如圖所示為A、B兩人在同一直線上運動的位移圖像，圖像表示（）A.0~2秒內(nèi)A、B兩人同向而行B.0~2秒內(nèi)A的速度比B的速度小C.在5s內(nèi)，A走的路程比B走的路程多D.在5s內(nèi)，A的位移比B的位移大10、如圖（a），物塊和木板疊放在實驗臺上，物塊用一不可伸長的細(xì)繩與固定在實驗臺上的力傳感器相連，細(xì)繩水平．t=0時，木板開始受到水平外力F的作用，在t=4s時撤去外力．細(xì)繩對物塊的拉力f隨時間t變化的關(guān)系如圖（b）所示，木板的速度v與時間t的關(guān)系如圖（c）所示．木板與實驗臺之間的摩擦可以忽略．重力加速度取g=10m/s2．由題給數(shù)據(jù)可以得出A.木板的質(zhì)量為1kgB.2s~4s內(nèi)，力F的大小為0.4NC.0~2s內(nèi)，力F的大小保持不變D.物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.211、2018年第23屆平昌冬奧會冰壺混雙比賽循環(huán)賽在江陵冰壺中心進(jìn)行，巴德鑫和王芮聯(lián)袂出戰(zhàn)以6比4擊敗美國隊．如圖為我國運動員巴德鑫推冰壺的情景，現(xiàn)把冰壺在水平面上的運動簡化為勻加速或勻減速直線運動，冰壺可視為質(zhì)點，運動員對冰壺的作用力可認(rèn)為沿水平方向．設(shè)一質(zhì)量的冰壺從運動員開始推到最終靜止共用時．冰壺離開運動員的手后，運動了才停下來，冰壺與冰面間動摩擦因數(shù)為，重力加速度下列說法正確的是A.冰壺在減速階段的加速度大小為B.冰壺在減速階段的加速度大小為C.運動員推冰壺的平均作用力大小為20ND.運動員推冰壺的平均作用力大小為23N12、質(zhì)量為m的物體在水平拉力F作用下，沿粗糙水平面做勻加速直線運動，加速度大小為a．當(dāng)水平拉力由F變?yōu)?F時，物體做加速度大小為a′的勻加速直線運動，則關(guān)于a′的大小，可能為：（）A.a′＝2a B.a′＝1.5aC.a′＝2.2a D.a′＝2.5a二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，有一長度L＝5m的木板放在光滑的水平面上，板上右端放一質(zhì)量m＝2kg的物塊，物塊與長木板間的動摩擦因數(shù)μ＝0.4，木板的質(zhì)量為M＝16kg，現(xiàn)在木板的右端施加一水平向右的拉力。將物塊視為質(zhì)點，最大靜摩擦力和滑動摩擦力大小相等，取g＝10m/s2。（1）要使物體與長木板不發(fā)生相對滑動，求拉力的最大值Fmax；（2）要使物體2s內(nèi)從長木板上滑下，求拉力的最小值Fmin；（3）如果把作用力F變?yōu)镕＝144N只作用t＝1s后撤去，問物塊能否從木板滑落。17、（10分）質(zhì)量m=1.5kg的物體，在水平恒力F=15N的作用下，從靜止開始運動0.5s后撤去該力，物體繼續(xù)滑行一段時間后停下來．已知物體與水平面的動摩擦因數(shù)為μ=0.2，g取10m/s2．求：（1）恒力作用于物體時的加速度大?。唬?）撤去恒力后物體繼續(xù)滑行的時間；（3）物體從開始運動到停下來的總位移大小

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、D【解析】AB.設(shè)彈性繩原長為l，且t1時刻彈性繩剛好到達(dá)原長，則0~t1時間內(nèi)人的加速度大小恒為重力加速度g，v-t圖像為一條過原點的傾斜直線；設(shè)t2時刻彈性繩的彈力大小與人的重力大小相等，此時人的加速度為0，則t1~t2時間內(nèi)人做加速度減小的加速運動，v-t圖像切線的斜率逐漸減小至零；設(shè)t3時刻人第一次到達(dá)最低點，則t3時刻人的速度為零，t2~t3時間內(nèi)人做加速度增大的減速運動，v-t圖像切線的斜率為負(fù)且絕對值逐漸增大，綜上所述可知AB錯誤；CD.根據(jù)AB項分析同理可知，當(dāng)0＜y≤l時有a=ga-y圖像應(yīng)為平行于y軸的直線；當(dāng)y＞l時，設(shè)人的質(zhì)量為m，根據(jù)牛頓第二定律有a-y圖像應(yīng)為斜率為負(fù)的傾斜直線。綜上所述可知C錯誤，D正確。故選D。2、B【解析】當(dāng)物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，根據(jù)把物體看成質(zhì)點的條件來判斷即可正確解答本題【詳解】A、B、研究地球自轉(zhuǎn)，其大小不能忽略，故不能看作質(zhì)點，然而研究地球公轉(zhuǎn)時，地球與太陽間距遠(yuǎn)大于地球自身大小，故可以看作質(zhì)點，故A錯誤；故B正確；C、研究一列火車通過某一大橋所用的時間時，火車與大橋相比，不能忽略其體積形狀，不能看著質(zhì)點，故C錯誤；D、研究某乒乓球運動員打出的弧圈球時，不能看作質(zhì)點，否則就沒有轉(zhuǎn)動了，故D錯誤故選B【點睛】考查學(xué)生對質(zhì)點這個概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點時的條件，看物體的大小體積對所研究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略，與其他因素?zé)o關(guān)3、D【解析】A．時間只有大小沒有方向，是標(biāo)量，位移既有大小又有方向，是矢量，故A錯誤；B．路程只有大小沒有方向，是標(biāo)量，速度既有大小又有方向，是矢量，故B錯誤；C．平均速率只有大小沒有方向，是標(biāo)量，力既有大小又有方向，是矢量，故C錯誤；D．加速度、平均速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故D正確。故選D。4、C【解析】汽車剎車到停止所需的時間：則剎車后2s內(nèi)的位移：剎車后6s內(nèi)的位移等于剎車后4s內(nèi)的位移，剎車減速至0的逆過程視為初速度為0的勻加速直線運動，則：x′==40m則剎車后2s內(nèi)與剎車后6s內(nèi)汽車通過的位移大小之比為3：4，ABD錯誤，C正確。5、A【解析】運動員受力平衡，列出摩擦力和支持力的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式分析隨θ增大，摩擦力、支持力的變化；根據(jù)運動員受力平衡，分析跳板對運動員的作用力的變化【詳解】設(shè)運動員質(zhì)量為m，跳板與水平方向的夾角為θ，運動員受力平衡，對運動員受力分析，則跳板對運動員的摩擦力：Ff=mgsinθ，隨θ增大，摩擦力增大；跳板對運動員的支持力：FN=mgcosθ，隨θ增大，支持力減??；運動員受力平衡，跳板對運動員的作用力與重力等大反向，不變．故A正確，BCD錯誤故選：A6、C【解析】A項：在使用衛(wèi)星給地球照相時，需要調(diào)整衛(wèi)星的姿勢，衛(wèi)星的形狀和大小不能忽略，所以不能看成質(zhì)點，故A錯誤；B項：時刻表示時間點，不能理解為極短的時間，故B錯誤；C項：本次物理考試時間為90min指的是時間間隔，故C正確；D項：當(dāng)物體做單方向的直線運動時，物體的位移大小與路程相等，故D錯誤故選C7、CD【解析】作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，且同時產(chǎn)生、同時變化、同時消失，作用在不同的物體上【詳解】作用力與反作用力的性質(zhì)必定是相同的，故A錯誤；作用力與反作用力作用在兩個物體上，故B錯誤；作用力與反作用力大小同時變化，大小時刻相等，故C正確；作用力與反作用力作用在同一條直線上，故D正確；故選CD8、ABC【解析】物體不受力時，可能處于靜止?fàn)顟B(tài)，也可能做勻速直線運動，故A說法錯誤；速度等于零時，加速度不一定等于零，所以不一定處于平衡狀態(tài)，故B說法錯誤；慣性是物體的基本屬性，大小僅僅與物體的質(zhì)量有關(guān)，外力不能改變物體慣性的大小，故C說法錯誤；由牛頓第二定律可知物體的加速度方向一定與物體所受合外力的方向相同，故D說法正確．所以選ABC9、BD【解析】A．位移時間圖像的斜率正負(fù)表示速度方向，由圖像可知0~2s內(nèi)A的斜率為負(fù)，B的斜率為正，因此兩物體運動方向相反，故A錯誤；B．圖像斜率大小表示速度大小，由圖像可知0~2s內(nèi)A的速度大小為12m/s，B的速度大小為30m/s，故B正確；C．5s內(nèi)A的路程為60m，B的路程為90m，故C錯誤；D．5s內(nèi)A的位移為60m，B的位移為30m，故D正確；故選BD。10、AB【解析】結(jié)合兩圖像可判斷出0-2s物塊和木板還未發(fā)生相對滑動，它們之間的摩擦力為靜摩擦力，此過程力F等于f，故F在此過程中是變力，即C錯誤；2-5s內(nèi)木板與物塊發(fā)生相對滑動，摩擦力轉(zhuǎn)變?yōu)榛瑒幽Σ亮?，由牛頓運動定律，對2-4s和4-5s列運動學(xué)方程，可解出質(zhì)量m為1kg，2-4s內(nèi)的力F為0.4N，故A、B正確；由于不知道物塊的質(zhì)量，所以無法計算它們之間的動摩擦因數(shù)μ,故D錯誤.11、AD【解析】根據(jù)牛頓第二定律求出冰壺在減速階段的加速度大小.采用逆向思維，結(jié)合位移時間公式求出勻減速運動的時間，從而得出推冰壺的時間.根據(jù)速度位移公式求出勻加速運動的加速度，結(jié)合牛頓第二定律求出運動員推冰壺的平均作用力大小.【詳解】A、B、根據(jù)牛頓第二定律得，冰壺在減速階段的加速度大小為：故A正確，B錯誤；C、D、采用逆向思維，設(shè)減速運動的時間為，則：，解得：，運動員推冰壺的時間為：，勻減速運動的初速度為：，則推冰壺的平均加速度根據(jù)牛頓第二定律得：，解得：故C錯誤，D正確；故選AD.【點睛】本題考查了牛頓第二定律和運動學(xué)公式的基本運用，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運動學(xué)的橋梁.12、CD【解析】物體在水平拉力作用下做勻加速直線運動，水平方向受到拉力和滑動摩擦力，當(dāng)拉力增大時，滑動摩擦力不變．根據(jù)牛頓第二定律分別對兩種情況研究，確定a′的范圍【詳解】設(shè)滑動摩擦力大小為f．則根據(jù)牛頓第二定律可得，當(dāng)受到向左的水平拉力F時：F-f=ma，當(dāng)受到向左的水平拉力2F時：2F-f=ma′，聯(lián)立可得：即a′＞2a，故CD正確，AB錯誤【點睛】本題主要考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，屬于基礎(chǔ)題二．填空題(每小題6分，共18分)13、14、15、三．計算題(22分)16、（1）72N；（2）112N；（3）不滑落【解析】（1）物塊與長木板剛要發(fā)生相對滑動時，施加的拉力為最大值，此時對物塊，根據(jù)牛頓第二定律有解得a=4m/s2對整體，根據(jù)牛頓第二定律有Fmax=(m+M)a=72N（2）設(shè)物塊剛好經(jīng)過2s從長木板上滑下，則物塊滑動的加速度大小為a1=μg=4m/s2長木板的加速度大小為2s內(nèi)物塊的位移為x1=a1t22s內(nèi)長木板運動的位移為x2=a2t2且有x2–x1=L解得Fmin=112N（3）長木板的加速度大小為a3，根據(jù)牛頓第二定律有解得a3=8.5m/s21s末物塊的速度v1=a1t=4m/s1s末長木板的速度v2=a3t=8.5m/s1s內(nèi)物塊的位移為x,1=a1t21s內(nèi)長木板運動位移為x3=a3t2撤去外力F后長木板的加速度變?yōu)閍4==0.5m/s2設(shè)達(dá)到共速的時間為t1，則有v1+a1t1=v2-a4t1解得t1=1st1=1s內(nèi)物塊的位移為t1=1s內(nèi)長木板運動的位移則x3–x,1+x5-x4=4.