海南省?？谑械谒闹袑W2025屆高二物理第一學期期末復習檢測試題含解析

海南省?？谑械谒闹袑W2025屆高二物理第一學期期末復習檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一帶有絕緣座的空心球殼A帶有4×10－8C的正電荷，帶絕緣柄的金屬小球B帶有2×10－8C的負電荷，使B球與A的內壁接觸，如圖所示，則A、B的帶電量分別為（）A.QA=1×10－8CQB=1×10－8CB.QA=2×10－8CQB=0C.QA=0QB=2×10－8CD.QA=4×10－8CQB=－2×10－8C2、如圖所示，在正交勻強電場和磁場的區(qū)域內（磁場水平向里），有一正電粒子恰能沿直線飛過此區(qū)域（不計粒子重力），則下列說法正確的是（）A.可以判斷出電場方向向上B.僅增大粒子電量，粒子將向上偏轉C.僅增大粒子電量，粒子將向下偏轉D.僅改變粒子電性，粒子仍能繼續(xù)沿直線飛出3、如圖所示，絕緣細繩的一端定在O點，另一端系一個質量為m，帶電量為+q的小球.為了使小球能靜止在圖示位置且繩的拉力不為零，可以加一個與紙面平行的勻強電場則所加電場的方向正確的是A.水平問左B.水平向右C.豎直下D.豎直向上4、關于電源電動勢，下面說法不正確的是()A.電源兩極間電壓總等于電動勢B.電動勢越大的電源，將其他能轉化為電能的本領越大C.電路接通后，電源的電壓小于它的電動勢D.電動勢只由電源性質決定，與外電路無關5、電荷在磁場中運動時受到洛侖茲力的方向如圖所示，其中正確的是（）A. B.C. D.6、如圖所示的實驗裝置中，極板A接地，平行板電容器的極板B與一個靈敏的靜電計相接將A極板向左移動，增大電容器兩極板間的距離時，電容器所帶的電荷量Q、電容C、兩極間的電壓U，電容器兩極板間的場強E的變化情況是（）A.Q變小，C不變，U不變，E變小B.Q變小，C變小，U不變，E不變C.Q幾乎不變，C變小，U變大，E不變D.Q幾乎不變，C變小，U變大，E變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，電表均為理想電表，兩個相同燈泡電阻均為R，且R大于電源內阻r。將滑動變阻器滑片向下滑動，電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，電流表A示數(shù)變化量的絕對值為ΔI，則()A.兩燈泡的亮度始終一樣且逐漸變暗 B.V1、V2的示數(shù)增大，V3的示數(shù)減小C.ΔU3與ΔI的比值為2R＋r D.ΔU3>ΔU1>ΔU28、帶電粒子進入云室會使云室中的氣體電離，從而顯示其運動軌跡．圖是在有勻強磁場云室中觀察到的粒子的軌跡，a和b是軌跡上的兩點，勻強磁場B垂直紙面向里．該粒子在運動時，其質量和電量不變，而動能逐漸減少，下列說法正確的是A.粒子先經過a點，再經過b點B.粒子先經過b點，再經過a點C.粒子帶負電D.粒子帶正電9、圖所示，電源的電動勢為E，內阻為r，R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，C為電容器，L為小燈泡，電表均為理想電表，閉合開關S后，若滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，則()A.小燈泡的功率增大B.電壓表的示數(shù)增大C.電容器上的電荷量增加D.兩表示數(shù)變化量的比值不變10、汽車的點火裝置的核心是一個變壓器，該變壓器的原線圈與12V的蓄電池相連，副線圈連接到火花塞的兩端，當開關由閉合變?yōu)閿嚅_時，副線圈中產生10KV以上的電壓，火花塞中產生火花，從而點燃油氣實現(xiàn)汽車點火。某同學設計了甲、乙兩個裝置，下列說法中正確的是（）A.甲裝置能實現(xiàn)點火B(yǎng).該點火裝置能使火花塞的兩端產生持續(xù)高壓C.變壓器的原線圈用細導線繞制，而副線圈要用粗導線繞制D.該點火裝置中變壓器為升壓變壓器三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學做描繪小燈泡的伏安特性曲線實驗，實驗中用的小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，實驗室還有下列器材供選用：A.電池組(電動勢為6V，內阻約為2Ω)B.電壓表(0~5V，內阻約為10kΩ)C.電壓表(0~15V，內阻約為20kΩ)D.電流表(0~300mA，內阻約為1Ω)E.電流表(0~600mA，內阻約為0.4Ω)F.滑動變阻器(10Ω，2A)G.電鍵、導線若干①實驗中所用電壓表應選用__________，電流表應選用__________；(填寫器材前的字母)②實驗時要求盡量減小實驗誤差，測量電壓從零開始變化，則甲、乙、丙、丁四個電路圖中符合要求的電路圖是___________圖③某同學根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)畫出了該小燈泡的伏安特性曲線(如右圖所示)若改用電動勢為3.0V，內阻為2Ω的電源給該小燈泡供電，則該小燈泡的實際功率是___________(結果保留兩位有效數(shù)字)12．（12分）某同學測量一個圓柱體的電阻率，需要測量圓柱體的尺寸和電阻.（1）首先用多用表的歐姆檔粗測圓柱體的電阻Rx，大概幾歐姆，以下給出的是可能的操作步驟，其中S為選擇開關，P為歐姆檔調零旋鈕，把你認為必要的步驟前的字母按合理的順序填寫在橫線上___________A．將兩表筆短接，調節(jié)P使指針對準刻度盤上歐姆檔的零刻度，斷開兩表筆B．將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端，讀出Rx的阻值后，斷開兩表筆C．旋轉S使其尖端對準歐姆檔×1D．旋轉S使其尖端對準歐姆檔×100E．旋轉S使其尖端對準交流off檔，并拔出兩表筆根據(jù)右圖所示指針位置，此被測電阻的阻值約為_________Ω（2）分別使用游標卡尺和螺旋測微器測量圓柱體的長度和直徑，某次測量的示數(shù)如圖（a）和圖（b）所示，長度為____cm，直徑為____mm.次數(shù)1234567U/V0.100.300.701.001.501.702.30I/A0.0200.06001600.2200.3400.4600.520（3）用伏安法測金屬絲的電阻Rx．實驗所用器材為：電池組(電動勢為3V，內阻約1Ω)、電流表(內阻約0.1Ω)、電壓表(內阻約3kΩ)、滑動變阻器R(0～20Ω，額定電流2A)、開關、導線若干．某小組同學利用以上器材正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數(shù)據(jù)如下：由以上數(shù)據(jù)可知，他們測量Rx是采用下圖中的_______圖（3）下圖是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線，滑動變阻器的滑片P置于變阻器的一端．請根據(jù)圖（2）所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線，并使閉合開關的瞬間，電壓表或電流表不至于被燒壞________四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，電阻忽略不計、兩根兩平行的光滑金屬導軌豎直放置，導軌的間距L=0.5m，其上端接一阻值為的定值電阻。在水平虛線L1、L2間有一不導軌所在平面垂直的勻強磁場B=3T，磁場區(qū)域的高度為d=0.8m。導體棒a的質量ma=0.18kg、電阻Ra=6Ω；導體棒b的質量mb=0.18kg、電阻Rb=3Ω，它們分別從圖中M、N處同時由靜止開始在導軌上無摩擦向下滑動。若b棒能勻速穿過磁場區(qū)域，且當b剛穿出磁場時a正好進入磁場。設重力加速度為g=10m/s2，不計a、b棒之間的相互作用，導體棒始終不導軌垂直且不導軌接觸良好。求：（1）b棒勻速穿過磁場區(qū)域時的速度大小vb；（2）M點和N點相距的高度h；（3）a棒穿過磁場區(qū)域時的過程中，電阻R產生的熱量Q。14．（16分）如圖所示，afe、bcd為兩條平行的金屬導軌，導軌間距L＝0.5m.ed間連入一電源E＝3V，內阻r=0.5Ω，ab間放置一根長為l＝0.5m的金屬桿與導軌接觸良好，cf水平且abcf為矩形.空間中存在一豎直方向的磁場，當調節(jié)斜面abcf的傾角θ時，發(fā)現(xiàn)當且僅當θ在30°～90°之間時，金屬桿可以在導軌上處于靜止平衡.已知金屬桿質量為0.1kg，金屬桿的電阻R為1Ω，導軌及導線的電阻可忽略，金屬桿和導軌間最大靜摩擦力為彈力的倍.重力加速度g＝10m/s2，試求金屬桿受到的安培力和磁場的磁感應強度。15．（12分）如圖所示，金屬導軌平面動摩擦因數(shù)μ＝0.2，與水平方向成θ＝37°角，其一端接有電動勢E＝4.5V，內阻r＝0.5Ω的直流電源?，F(xiàn)把一質量m＝0.1kg的導體棒ab放在導軌上，導體棒與導軌接觸的兩點間距離L＝2m，電阻R＝2.5Ω，金屬導軌電阻不計。在導軌所在平面內，分布著磁感應強度B＝0.5T，方向豎直向上的勻強磁場。已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2（不考慮電磁感應影響），求：(1)通過導體棒中電流大小和導體棒所受安培力大小；(2)導體棒加速度大小和方向。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】將B與A的內表面接觸后，正、負電荷中和后，金屬小球B不帶電，剩余的電荷分布在球殼A的外表面，帶電量為故ACD錯誤，B正確。故選B。2、D【解析】明確速度選擇器是利用電場力等于洛倫茲力的原理進行工作的，故速度選擇器只能選擇速度而不能選擇電性?！驹斀狻吭趶秃蠄鲋袑щ娏Ｗ舆M行正確的受力分析，在不計重力的情況下，離子在復合場中沿水平方向直線通過故有解得若粒子帶正電，則受洛倫茲力向上，而電場力向下，所以電場強度的方向向下；若帶負電，則受洛倫茲力向下，而電場力向上，所以電場強度的方向向下，所以無論粒子帶何種電性的電，只要速度滿足即可沿直線通過，所以ABC錯誤，D正確。故選D。3、B【解析】小球帶正電，為了使小球能靜止在圖示位置且繩的拉力不為零，根據(jù)平衡條件可得，電場線的方向應該沿著重力和繩子拉力合力的反方向，由此可知，B正確，ACD錯誤4、A【解析】電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量，電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，電動勢與外電路無關；【詳解】A、電動勢等于電源沒有接入電路時兩極間的電壓，當外電路接通時，電源有內電壓，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電源兩極間電壓一定小于電動勢，故A錯誤，C正確；B、電動勢是反映電源把其他形式的能轉化為電能本領強弱的物理量，電動勢越大，電源將其它能轉化為電能的本領越大，故B正確；D、電動勢由電源本身決定，與外電路無關，故D正確【點睛】本題考查電動勢的物理意義，可根據(jù)閉合電路歐姆定律理解電動勢與電源兩極間電壓的關系5、A【解析】根據(jù)左手定則得，A選項洛倫茲力方向豎直向下，B選項洛倫茲力方向豎直向下，C選項不受洛倫茲力，D選項洛倫茲力方向垂直紙面向外．故A正確，BCD錯誤．故選A【點睛】解決本題的關鍵掌握左手定則判定電荷在磁場中運動速度、磁場和電荷受到洛侖茲力三者之間的方向關系6、C【解析】平行板電容器與靜電計并聯(lián)，電容器所帶電量不變。增大電容器兩極板間的距離d時，由電容的決定式知，電容C變??；Q不變，則根據(jù)電容的定義式知，電容C變小，Q不變，則U變大；根據(jù)，電場強度不變；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A．此電路為串聯(lián)電路，將滑片向下滑動，電路中的總電阻增大，總電流減小，通過兩串聯(lián)燈泡的電流始終一樣且減小，兩燈泡逐漸變暗，A正確；B．電壓表V2測量的是路端電壓，電壓表V1測量的是燈泡L1兩端的電壓，因總電流減小，所以V1的示數(shù)減小、V2的示數(shù)增大，B錯誤；C．將燈泡L1的電阻等效為電源的內阻，由閉合電路歐姆定律知C錯誤；D．又由，可知ΔU3>ΔU1>ΔU2，D正確。故選AD。8、AC【解析】粒子在云室中運動時，速度逐漸減小，根據(jù)可知其運動軌跡的半徑逐漸減小，故粒子運動方向為由a到b，故A正確，B錯誤；運動方向由a到b，磁場垂直紙面向里，所受洛倫茲力方向指向運動軌跡內側，故由左手定則可知該電荷帶負電，故C正確，D錯誤．故選AC考點：左手定則9、ABD【解析】分析電路結構，當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小，分析電路中總電阻的變化，再由閉合電路歐姆定律可分析電路中電流及電壓的變化，從而判斷電容器電量的變化．根據(jù)歐姆定律分析兩表示數(shù)變化量的比值【詳解】由圖可知,L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，電容器在電路穩(wěn)定時相當于斷路；A.當滑動變阻器的觸頭P向下滑動時，電阻R2減小，電路的總電阻減小，總電流I增大，流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故A正確；B.由歐姆定律知，電壓表的示數(shù)增大，故B正確；C.電容器板間電壓UC=E?I(R1+r)，I增大，則UC減小，電容器上的電荷量減少，故C錯誤；D.|△U/△I|=R1，保持不變，故D正確故選ABD10、AD【解析】AB．變壓器是改變交流電的電壓的設備，由圖可知，當甲圖中的開關接通與斷開的瞬間，左側的電流發(fā)生變化，變化的電流引起左側的線圈內磁通量的變化，進而引起右側的線圈內磁通量的變化，則在右側的線圈內產生瞬間的感應電動勢，該電動勢以高壓的形式瞬間對外輸出，即可使火花塞點火，但該點火裝置不能使火花塞的兩端產生持續(xù)高壓，圖乙中，右側沒有電流，所以右側的開關的接通與斷開不能引起電流的變化，所以圖乙不能使火花塞點火，故A正確，B錯誤；CD．由于火花塞需要的電壓為10kV，但是電源的電壓為12V，所以必須要經過升壓變壓器才可以得到高的電壓，所以變壓器左邊線圈匝數(shù)遠少于右邊線圈的匝數(shù)，導致右邊電壓被提高，所以變壓器的副線圈匝數(shù)遠大于原線圈匝數(shù)，根據(jù)變流比可知，原線圈的電流大，為了避免產生較大的焦耳熱，則原線圈用電阻小的粗導線，副線圈用電阻大的細導線，故C錯誤，D正確；故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.①B②.E③.②?、?③0.90~0.95W【解析】①根據(jù)燈泡的額定電壓選擇電壓表，根據(jù)給出的燈泡可明確其電流值，從而選擇電流表；②根據(jù)實驗原理可明確滑動變阻器及電流表的接法，從而確定原理圖；③在I-U圖象中作出電源的伏安特性曲線，則交點為電源的工作點【詳解】①電表量程應略大于燈泡的額定值，故電壓表應選擇B；燈泡的額定電流為0.5A，故電流表應選擇E；②滑動變阻器要用分壓電路；電壓表內阻遠大于燈泡電阻，則采用電流表外接；可知要選擇電路??；③電源電動勢為3V，內阻為2Ω，在圖中作出電源的伏安特性曲線，兩圖的交點為燈泡的工作點，則由圖可知，電壓為2.2V，電流為0.42A；則功率P=UI=2.2×0.42=0.92W；【點睛】對于伏安法描繪小燈泡的伏安特性曲線以及測電阻等實驗；當要求電流從零調時，變阻器應采用分壓式接法．同時注意明確圖象的性質和應用12、①.（1）CABE②.4或4.0Ω③.（2）5.01cm④.5.315（5.310~5.320）mm⑤.（3）甲⑥.（4）連線如圖；【解析】（1）用歐姆表測電阻要選擇合適擋位使指針指在中央刻度線附近，歐姆表換擋后要進行歐姆調零，然后再測電阻（2）游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)（3）根據(jù)題意確定滑動變阻器接法，及電流表接法，然后選擇實驗電路；（4）根據(jù)電路圖連接實物電路圖【詳解】（1）待測電阻約為幾歐姆，用歐姆表測電阻要選擇歐姆×1擋，選擇擋位后要進行歐姆調零，然后再測電阻，歐姆表使用完畢要把選擇開關置于OFF，由此可知，實驗步驟為：CABE；由圖示表盤可知，電阻測量值為：4×1=4Ω；（2）由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為：50mm+1×0.1mm=50.1mm=5.01cm，由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：5mm+31.5×0.01mm=5.315mm（3）由表中實驗數(shù)據(jù)可知，如果用限流，最小電壓為0.6V，而表中電壓都到0.10V了，所以肯定用的分壓，由此可知，